【文档说明】【精准解析】江西省新余市第一中学2019-2020学年高一下学期3月零班网上摸底考试物理试题.doc，共(18)页，842.500 KB，由小赞的店铺上传

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新余一中2019--2020年度高一年级下学期物理测试卷一、选择题（1-8题单选，9-12多选）1.AB两物体从同一点开始运动，如图为A、B两物体的位移图像，可知下述说法正确的是（）A.A、B两物体同时自同一位置向同一方向运

动B.A、B两物体自同一位置向同一方向运动，A比B晚出发2sC.A、B两物体速度大小均为10m/sD.A、B两物体在A出发后4s时距原点20m处相遇【答案】D【解析】【详解】AB．由图象可知A、B两物体由同一地点开始向同一方向运动，但A比B提前2s开始运动，选项AB错误；C．x

-t图象中图线的斜率表示物体的运动速度。由图可知A物体的速度A20m/s5m/s4vk===B物体的速度B20m/s10m/s2vk===选项C错误；D．由图可知在t=4s时两物体到达同一位置x=20m处相遇，选项D正确。故选D。2.在物理学的发展过程中，科学家们创造出了许多物理学研究方法，以下

关于所用物理学研究方法的叙述不正确的是A.加速度、速度都是采取比值法定义的物理量B.在探究共点力的合成时用到了等效替代的思想方法C.牛顿提出了万有引力定律，并没有通过实验测出万有引力常量的数值D.牛顿第一定律是利用逻辑思维对事实进行分析的产物，可以

用实验直接验证【答案】D【解析】加速度、速度都是采取比值法定义的物理量，选项A正确；在探究共点力的合成时用到了等效替代的思想方法，选项B正确；牛顿提出了万有引力定律，卡文迪许通过实验测出了万有引力常量的数值，选

项C正确；牛顿第一定律是利用逻辑思维对事实进行分析的产物，不可以用实验直接验证，选项D错误；此题选项不正确的选项，故选D.3.如图，一粗糙斜面固定在地面上，斜面顶端装有一光滑定滑轮．一细绳跨过滑轮，其一端悬挂物块N．另一端与斜面

上的物块M相连，系统处于静止状态．现用水平向左的拉力缓慢拉动N，直至悬挂N的细绳与竖直方向成45°．已知M始终保持静止，则在此过程中A.水平拉力的大小可能保持不变B.M所受细绳的拉力大小一定一直增加C.M所受斜面的摩擦力大小一定一直增加D.M所受斜面的摩擦力大小可能先减小后增加【答案

】BD【解析】【详解】如图所示，以物块N为研究对象，它在水平向左拉力F作用下，缓慢向左移动直至细绳与竖直方向夹角为45°的过程中，水平拉力F逐渐增大，绳子拉力T逐渐增大；对M受力分析可知，若起初M受到的摩擦力f沿斜面向下，则

随着绳子拉力T的增加，则摩擦力f也逐渐增大；若起初M受到的摩擦力f沿斜面向上，则随着绳子拉力T的增加，摩擦力f可能先减小后增加．故本题选BD．4.如图所示，B为竖直圆轨道的左端点，它和圆心O的连线与竖直方向的夹角为α．一小球在圆轨道左侧的A点以速度v0平抛，恰好沿B点的

切线方向进入圆轨道．已知重力加速度为g，则AB之间的水平距离为（）A.202tanvgB.20tanvgC.20tanvgD.202tanvg【答案】B【解析】试题分析：小球抛出后做平抛运动，小球恰好从轨道的C端沿切线方向进入轨

道，说明小球的末速度应该沿着C点切线方向，将平抛末速度进行分解，根据几何关系得：C点速度在竖直方向的分量：0tanyvv=，竖直方向的分运动为自由落体运动，0tanyvvtgg==，水平方向做匀速直线运动，则有200tanABvLvtg

==，故选B．考点：本题考查运动的合成与分解及平抛运动规律，考查考生的分析综合能力．5.双星系统由两颗恒星组成，两恒星在相互引力的作用下，分别围绕其连线上的某一点做周期相同的匀速圆周运动．研究发现，双星系统演化过程中

，两星的总质量、距离和周期均可能发生变化．若某双星系统中两星做圆周运动的周期为T，经过一段时间演化后，两星总质量变为原来的k倍，两星之间的距离变为原来的n倍，则此时圆周运动的周期为（）A.32nTkB.3nTkC.2nTkD.nTk【答案】B【解析】【详解】两恒星之间的

万有引力提供各自做圆周运动的向心力，则有：2121122()mmGmrLT=2122222()mmGmrLT=又12Lrr=+，12Mmm=+联立以上各式可得234LTGM=故当两恒星总质量变为kM，两星间距变为n

L时，圆周运动的周期T变为3nTk，B正确，ACD错误。故选B。6.如图,支架固定在水平地面上,其倾斜的光滑直杆与地面成30°角,两圆环A、B穿在直杆上,并用跨过光滑定滑轮的轻绳连接,滑轮的大小不计,整个装置处于同一竖直平面内.圆环

平衡时,绳OA竖直,绳OB与直杆间夹角为30°.则环A、B的质量之比为()A.1∶3B.1∶2C.3∶1D.3∶2【答案】A【解析】【详解】分别对A、B两球分析，运用合成法，如图：A为研究对象，则A只能

受到重力和绳子的拉力的作用，杆对A不能有力的作用，否则A水平方向受力不能平衡。所以：T=mAg，以B为研究对象，根据共点力平衡条件，结合图可知，绳子的拉力T与B受到的支持力N与竖直方向之间的夹角都是30°，所以T与N大小相等，得：mBg=2×Tcos30°=3T，

联立解得：:1:3ABmm=，故A正确，BCD错误。7.如图所示,在粗糙水平圆盘上,质量相等的A、B两物块叠放在一起,随圆盘一起做匀速圆周运动,则下列说法正确的是（最大静摩擦力等于滑动摩擦力）A.A、

B的运动属于匀变速曲线运动B.B的向心力是A的向心力的2倍C.盘对B的摩擦力是B对A的摩擦力的2倍D.若B先滑动,则B与A之间的动摩擦因数μA小于盘与B之间的动摩擦因数μB【答案】C【解析】【详解】A.A与B都做匀速圆周运动，它们的加速度的方向是不断变化的，不是匀变速运动，故A错误；

B.A、B两物体一起做匀速圆周运动，质量相等，角速度相等，转动的半径相等，根据2Fmr=可知A、B的向心力相等，故B错误；C.对A分析，有：2Afmr=对AB整体分析：22Bfmr=可知盘对B的摩擦力是B对A摩擦力的2倍，故C正确；D.对AB整体分析有：222

BBmgmr=解得：BBgr=对A分析有：2AAmgmr=解得：AAgr=因为B先滑动，可知B先达到临界角速度，可知B的临界角速度较小，即有：BA故D错误．8.如图所示，质量为0.2kg

的物体A静止在竖直的轻弹簧上，质量为0.6kg的物体B由细线悬挂在天花板上，B与A刚好接触但不挤压，现突然将细线剪断，则剪断后瞬间A.B间的作用力大小为（g取10m/s2)A.0.5NB.2.5NC.0ND.1.5N【答案】D【解析】【详解】剪断细线前，A、B间无压力，则弹簧的弹力F=mAg=0.

2×10=2N，剪断细线的瞬间，对整体分析，整体加速度：()20.20.6102()7.5/0.20.6ABABmmgFamsmm+−+−===++，隔离对B分析：mBg-N=mBa，解得：N=mBg-mBa=0.6×10-0.6×7.5N=1.5N．故D正确，ABC错

误。9.甲、乙两质点从同一位置出发，沿同一直线运动，它们的v­t图像如图所示。对这两质点在0~3s内运动的描述，下列说法正确的是（）A.t＝2s时，甲、乙两质点相遇B.在甲、乙两质点相遇前，t＝1s时，甲、乙两质点相距最远C.甲质点的加速度比乙质点的加速度小D.t＝3s时

，乙质点在甲质点的前面【答案】BD【解析】【详解】C．由图可知0=2m/sv甲，0=1m/sv乙v-t图象中图线的斜率表示物体的加速度。由图可知22=m/s3a−甲，21=m/s2a乙甲的加速度比乙的大，选项C错误；

AD．由公式2012xvtat=+得1s、2s、3s时两质点的位移分别为15m3x=甲，28m3x=甲，33mx=甲11.25mx=乙，23mx=乙，35.25mx=乙因为甲、乙两质点从同一位置出发，

沿同一直线运动，可知t=2s时，甲、乙没有相遇，t=3s时，乙质点在甲质点的前面，故A错误，D正确；B.在甲、乙两质点相遇前，速度相等时，相距最远。由图可知，当t＝1s时，速度相等，甲、乙两质点相距最远，选项B正确。故选BD。10.2013

年4月出现了“火星合日”的天象。“火星合日”是指火星、太阳、地球三者之间形成一条直线时，从地球的方位观察，火星位于太阳的正后方，火星被太阳完全遮蔽的现象，如图所示，已知地球、火星绕太阳运动的方向相同，若把火星和地球绕太阳运行的轨道视为圆，火星绕

太阳公转周期约等于地球公转周期的2倍，由此可知（）A.“火星合日”约每1年出现一次B.“火星合日”约每2年出现一次C.火星的公转半径约为地球公转半径的34倍D.火星的公转半径约为地球公转半径的8倍【答案】BC【解析】【详解】AB．根据题意有222ttTT−地火＝解得2TTt

TTT−地火地地火＝＝故“火星合日”约每2年出现一次，选项B正确，A错误；CD．根据2224MmGmrrT＝得2324GMTr＝火星绕太阳公转周期约等于地球公转周期的2倍，则火星的公转半径约为地球公转半径的34倍，

选项C正确，D错误。故选BC。11.随着地球资源的枯竭和空气污染如雾霾的加重，星球移民也许是最好的方案之一．美国NASA于2016年发现一颗迄今为止与地球最类似的太阳系外的行星，与地球的相似度为0.98，并且可能拥有大气层和流动的水，这颗行星距离

地球约1400光年，公转周期约为37年，这颗名叫Kepler452b的行星，它的半径大约是地球的1.6倍，重力加速度与地球相近．已知地球表面第一宇宙速度为7.9km/s，则下列说法正确的是()A.飞船在Kepler452b表面附近运行

的速度小于7.9km/sB.该行星的质量约为地球质量的1.6倍C.该行星的平均密度约是地球平均密度的5/8D.在地球上发射航天器到达该星球，航天器的发射速度至少要达到第三宇宙速度【答案】CD【解析】【详解】A．卫星在行星表

面运行的速度为第一宇宙速度．第一宇宙速度v=gR，这颗行星的重力加速度与地球相近，它的半径大约是地球的1.6倍，所以这颗行星的第一宇宙速度是地球的1.6倍，而地球的第一宇宙速度为7.9km/s，飞船在Kepler452b表

面附近运行的速度大于7.9km/s，故A错误；B．忽略行星自转的影响，根据万有引力等于重力列出等式：2GMmmgR=，2GMgR=，这颗行星的重力加速度与地球相近，它的半径大约是地球的1.6倍，所以它的质量是地球的2.56倍

．故B错误；C．该行星的半径大约是地球的1.6倍，它的质量是地球的2.56倍，由：ρ＝233443gRMgGVGRR==，这颗行星的重力加速度与地球相近，则密度与半径成反比，它的半径大约是地球的1.6倍，则该行星的平均密度

约是地球平均密度的58，故C正确；D．由于这颗行星在太阳系外，所以航天器的发射速度至少要达到第三宇宙速度，故D正确．故选CD【点睛】根据万有引力等于重力列出等式求出质量；根据万有引力提供向心力计算第一宇宙速度；了解第三宇宙速

度的物理意义．12.如图所示，A、B两物块的质量分别为2m和m，静止叠放在水平地面上．A、B间的动摩擦因数为μ，B与地面间的动摩擦因数为2．最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g．现对A施加一水平拉力F，则（）A.当F＜2μmg时，A、B都相对地面静止B.当F＝52mg时，A的加速度为

13gC.当F＞3μmg时，A相对B滑动D.无论F为何值，B的加速度不会超过12g【答案】BCD【解析】【详解】试题分析：根据题意可知，B与地面间的最大静摩擦力为：fBm＝32mg，因此要使B能够相对地面滑动，A对B所施加的摩擦力至少

为：fAB＝fBm＝32mg，A、B间的最大静摩擦力为：fABm＝2μmg，因此，根据牛顿第二定律可知当满足：2ABFfm−＝232ABfmgm−，且32mg≤fAB＜2μmg，即32mg≤F＜3μmg时，

A、B将一起向右加速滑动，故选项A错误；当F≥3μmg时，A、B将以不同的加速度向右滑动，根据牛顿第二定律有：F－2μmg＝2maA，2μmg－32mg＝maB，解得：aA＝2Fm－μg，aB＝12g，故选项C、D正确；当F＝52mg时，对A和B整体受力分析有，()()222Fmmg

mma−+=+，解得aA＝aB＝13g，故选项B正确．考点：本题主要考查了牛顿第二定律的应用，以及处理连接体的方法问题，属于中档题．二、填空、实验题（每空2分）13.某学生用图（a）所示的实验装置测量物块与斜面的动摩擦因数．已知打点计时器所用电源的频率为50Hz，物块下滑过程中所得到的纸带的一

部分如图（b）所示，图中标出了5个连续点之间的距离．（1）物块下滑是的加速度a=_____m/s2；打点C点时物块的速度v=____m/s；（2）已知重力加速度大小为g，求出动摩擦因数，还需测量的物理量是____（填正确答

案标号）．A．物块的质量B．斜面的高度C．斜面的倾角【答案】（1）3.251.79（2）C【解析】试题分析：（1）根据2xaT=，有：()22ECCAxxaT−=，解得：()()2220.03780.03650.03520.03393.25m/

s440.02ECCAxxaT+−+−===打C点时物块的速度：0.03650.0352/1.79/220.02DCCBvmsmsT++===（2）对滑块，根据牛顿第二定律，有：sincosmgmgma−=，解得

：sincosgag−=故还需要测量斜面的倾角，故选C；考点：测量动摩擦因数实验【名师点睛】实验的核心是实验原理，根据原理选择器材，安排实验步骤，分析实验误差，进行数据处理等等．14.你现在最崇拜的人是_______________，若干年后

，你想选择的职业是______________。【答案】(1).牛顿（其它答案只要合理即可）(2).物理学家（其它答案只要合理即可）【解析】【详解】[1]你现在最崇拜的人是牛顿，因为牛顿虽然资质平平，但

是他善于探索发现，懂得学习，勤奋研究，敢于尝试，最终取得了伟大的成就。[2]若干年后，你想选择的职业是物理学家。注：其它答案只要合理即可三、计算题（8+8+9+17=42分）15.一物体由静止开始以加速度

a1做匀加速运动，经过一段时间后加速度突然反向，且大小变为a2，经过相同时间恰好回到出发点，速度大小为5m/s，求：(1)物体加速度改变时速度的大小vm；(2)12aa的值．【答案】(1)2.5m/s(

2)13【解析】【详解】如图，物体的运动共有两个过程，前一过程加速，后一过程减速，且两过程的共同点是时间相等（设为t），位移大小相等（设为s）．根据位移-速度公式有：匀加速过程中有：vm2＝2a1s…①匀减速过程中有：52−vm2＝2a2s…②由两式相除得

：212225mmvaav−＝…③又根据速度-时间公式得：vm=a1t…④-5=vm-a2t…⑤可得：125mmvaav+＝…⑥联立③⑥解得：5mmvv−＝1，即：vm=2.5m/s将vm=2.5m/s值代入⑥得：1213aa＝．【点睛】此题中要抓住两段时间内时间相等

，位移的大小相等，方向相反，结合匀变速直线运动的速度位移关系和速度时间关系公式求出加速度a1与加速度a2的比值以及速度变化时的速度．16.质量为m＝5×103kg的汽车在水平公路上行驶，阻力是车重的0.1倍。让车保持额定功率为60kW，从静止开始行驶，求：（g取10m/s2）(1)

汽车达到的最大速度vm；(2)汽车车速v1＝2m/s时的加速度大小。【答案】(1)12m/s；(2)5m/s2。【解析】【详解】(1)汽车达到的最大速度时，牵引力等于阻力，由P=Fv得P=Fv=Ffvm所以汽车达到的最大速度vm=fPF=0.1mgP=33

60100.151010m/s=12m/s(2)由P=Fv得F＝Pv当v1=2m/s时，有F1=1Pv=360102N=3×104N由牛顿第二定律得F1－Ff=ma所以汽车车速v1=2m/s时的加速度大小a=10.1Fmgm−=4333100.151010510−m/

s2=5m/s217.小华站在水平地面上，手握不可伸长的轻绳一端，绳的另一端系有质量为m的小球，甩动手腕，使球在竖直平面内做圆周运动。当球某次运动到最低点时，绳突然断掉，球飞行水平距离d后落地，如图所示。已知握绳的手离地面高度为d，手与球之

间的绳长为34d，重力加速度为g。忽略手的运动半径和空气阻力。(1)问绳能承受的最大拉力多大？(2)改变绳长，使球重复上述运动，若绳仍在球运动到最低点时断掉，要使球抛出的水平距离最大，绳长应为多少？最大水平距离为多少？【答案】（1）113mg；

（2）2d，233d。【解析】【详解】(1)设绳断后球飞行的时间为t，由平抛运动规律有竖直方向21142dgt=水平方向D=v1t解得v1=2gd设绳能承受的最大拉力大小为Fmax，这也是球受到绳的最大拉力的大小，球做圆周运动的半径为34Rd=由圆周运动向心力公式，有Fmax-mg=21mvR

得Fmax=113mg(2)设绳长为l，绳断时球的速度大小为v3，绳承受的最大拉力不变，有Fmax-mg=m23vl解得v3=83gl绳断后球做平抛运动，竖直位移为y=d－l水平位移为x，时间为t1,由平抛运动规律有213112dlgt

xvt-=，=得x=4()3ldl−当l＝2d时，x有最大值xmax=233d18.一长木板置于粗糙水平地面上，木板左端放置一小物块，在木板右方有一墙壁，木板右端与墙壁的距离为4.5m，如图（a）所示．0t=时刻开始，小物块与木板一起以共同速度向右运动，直至1ts=时

木板与墙壁碰撞（碰撞时间极短）．碰撞前后木板速度大小不变，方向相反；运动过程中小物块始终未离开木板．已知碰撞后1s时间内小物块的vt−图线如图（b）所示．木板的质量是小物块质量的15倍，重力加速度大小g取10m/s2．求（1）木板与地面间的动摩擦

因数1及小物块与木板间的动摩擦因数2；（2）木板的最小长度；（3）木板右端离墙壁的最终距离．【答案】（1）10.1=20.4=（2）6m（3）6.5m【解析】（1）根据图像可以判定碰撞前木块与木板共同速度为v4m/s=碰撞后木板速度水平向左

，大小也是v4m/s=木块受到滑动摩擦力而向右做匀减速，根据牛顿第二定律有24/0/1msmsgs−=解得20.4=木板与墙壁碰撞前，匀减速运动时间1ts=，位移4.5xm=，末速度v4m/s=其逆运动则为匀加速直线运动可得212xvtat=+带入可得21/ams=木块和木板整体受力分析

，滑动摩擦力提供合外力，即1ga=可得10.1=（2）碰撞后，木板向左匀减速，依据牛顿第二定律有121()MmgmgMa++=可得214/3ams=对滑块，则有加速度224/ams=滑块速度先减

小到0，此时碰后时间为11ts=此时，木板向左的位移为2111111023xvtatm=−=末速度18/3vms=滑块向右位移214/022msxtm+==此后，木块开始向左加速，加速度仍为224/ams=木块继续减速，加速度仍为214/3ams=假设

又经历2t二者速度相等，则有22112atvat=−解得20.5ts=此过程，木板位移2312121726xvtatm=−=末速度31122/vvatms=−=滑块位移24221122xatm==此后

木块和木板一起匀减速．二者的相对位移最大为13246xxxxxm=++−=滑块始终没有离开木板，所以木板最小的长度为6m（3）最后阶段滑块和木板一起匀减速直到停止，整体加速度211/agms==位移23522vxma==所以

木板右端离墙壁最远的距离为1356.5xxxm++=【考点定位】牛顿运动定律【名师点睛】分阶段分析，环环相扣，前一阶段的末状态即后一阶段的初始状态，认真沉着，不急不躁