【文档说明】四川省宜宾市叙州区第二中学校2022-2023学年高二下学期4月月考物理试题 含解析.docx，共(18)页，1.040 MB，由小赞的店铺上传

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叙州区二中2023年春期高二第二学月考试物理试题第I卷选择题一、选择题：本题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，第8~10题有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0

分。1.下列说法中正确的是（）A.物体的温度升高时，其内部每个分子热运动的动能一定增大B.气体压强的产生是大量气体分子对器壁持续频繁的碰撞引起的C.物体的机械能增大，其内部每个分子的动能一定增大D.分子间距离减小

，分子间的引力和斥力一定减小【答案】B【解析】【详解】物体的温度升高时，其内部分子的平均动能变大，并非每个分子热运动的动能都增大，选项A错误；气体压强的产生是大量气体分子对器壁持续频繁的碰撞引起的，选项B正确；宏观物体的机械能与微观分子的动能无关，选项C错误；分子间距离减小，分子间的引力

和斥力都增大，选项D错误；故选B.2.把一个小球套在光滑细杆上，球与轻弹簧相连组成弹簧振子，小球沿杆在水平方向做简谐运动，它围绕平衡位置O在A、B间振动，如图所示，下列结论正确的是（）A.小球在O位置时，动能最小，加速度最小B.小球A、B位置时，动能最大，加速度最大C.小球从A经

O到B的过程中，回复力先做正功，后做负功D.小球从B到O的过程中，振动的能量不断减小【答案】C【解析】【详解】振子经过平衡位置时，速度最大，位移为零，所以经过平衡位置动能最大，恢复力为零，加速度为零，故A错误；在A、B位置时，速度为零，位

移最大，恢复力最大，加速度最大，故B错误；由于恢复力指向平衡位置，所以振子从A经O到B的过程中，回复力先做正功，后做负功，故C正确；振子的动能和弹簧的势能相互转化，且总量保持不变，即振动的能量保持不变，故D

错误．所以C正确，ABD错误．3.如图所示各图中，表示通电直导线在匀强磁场中所受磁场力的情况，其中磁感应强度B、电流I、磁场力F三者之间的方向关系不正确的是()A.B.C.D.【答案】C【解析】【详解】A、磁场向上，电流向里，根据左手定则可得，安培力的方向水平向右，所以

A正确；B、磁场向外，电流向上，根据左手定则可得，安培力的方向向右，所以B正确；C、磁场向左，电流向里，根据左手定则可得，安培力的方向向上，所以C错误；D、磁场向里，电流向右上方，根据左手定则可得，安培力的方向向左上方，所以D正

确；本题选不正确的，故选C．4.一振动片（以频率f）做简谐振动时，固定在振动片上的两根细杆同步周期性地触动水面上a、b两点，两波源发出的波在水面上形成稳定的干涉图样。c是水面上的一点，a、b、c间的距离均为l，如图所示。已知除

a、c两点外，在a、c连线上还存在其他振幅极大的点，其中距c最近的振幅极大的点到c的距离为38l，则该波的波长为（）。A.18lB.14lC.12lD.34l【答案】B【解析】【分析】【详解】如图所示，设a、c连线上距c点最近的振幅极大的点为d点，a与d的距离为1r，b与d的距离为2r，d与c的距

离为s，波长为。则21rr−=的由几何关系有1rls=−()()222211sin60cos60rrlr=+−联立并代入题给数据得14l=，B正确。故选B。5.如图，理想变压器原线圈与定值电阻R0串联后接

在电压恒定U0=36V的交流电源上，副线圈接理想电压表、电流表和滑动变阻器R，原、副线圈匝数比为1：3.已知R0=4Ω，R的最大阻值为100Ω。现将滑动变阻器R的滑片P向下滑动，下列说法正确的是（）A.电压表示数变大，电流表示数变小B.电源的输出功率变小C.当R=4Ω时，电压表示数为

5.4VD.当R=36Ω时，R获得的功率最大【答案】D【解析】【详解】AB．由理想变压器的特点可知2201102UIIRIR=+，12:3:1II=可知1010IUIRR=+9滑动变阻器R的滑片P向下滑动，R减小，所以1I变大，则2I变大，

故电流表示数变大，电源的输出功率为01PUI=则电源的输出功率变大，原线圈两端电压1010UUIR=−因为1I变大，所以1U减小，得2U减小，电压表示数减小，故AB错误；C．原线圈与副线圈两端电压之比为010213UIRIR−=电流之比12:3:1II=联立可得02039UIRR=+即22.7AI

=电压表示数为2210.8VUIR==故C错误；D．R获得的功率222002220003981918UUPIRRRRRRRR===+++当2081RRR=时，R获得的功率最大，此时0936RR==故D正确。故选D。6.图甲为某同学研究自感现象的实验电路图

，用电流传感器显示各时刻通过线圈L的电流。电路中电灯的电阻14.0ΩR=，定值电阻2.0ΩR=，A、B间电压6.0VU=。开关S原来闭合，电路处于稳定状态，在某时刻断开开关S，此时刻前后电流传感器显示的电流随时间变化的图线如图乙所示，则（）A.线圈L的直流电阻L4ΩR=B.断开开

关后通过电灯的电流方向向右C.断开开关瞬间能够观察到电灯闪亮一下再熄灭D.在31.210s−时刻线圈L中的感应电动势的大小约为5.6V【答案】D【解析】分析】【详解】A.断开开关前，通过线圈的电流为1.5A，则1LLV4Ω1.5AURRI+===则线圈的直流电阻尺L2Ω

R=A错误；B．由楞次定律可知，断开开关后，线圈产生的感应电流向右，则通过电灯的电流向左，B错误；C．断开开关前通过电灯的电流为116V1.5A4UIR===由题图乙可知，断开开关后，通过电灯的电流从1.5A逐渐减小到零，电灯逐渐变暗，C错误；D．由题图乙可知，在31.210st−=时，

通过线圈的电流为0.7A，线圈的自感电动势为()()2L1L0.7422V5.6VEIRRR==++=++=【D正确。故选D。7.如图所示，垂直于纸面向里匀强磁场分布在正方形abcd区域内，O点是cd边的中点，一个带正电的粒子仅在磁场力的

作用下，从O点沿纸面以垂直于cd边的速度射入正方形内，经过时间t0后刚好从c点射出磁场，现设法使该带电粒子从O点沿纸面以与Od成30°角的方向，以大小不同的速率射入正方形内，那么下列说法中正确的是()A.若该带电粒子在磁场中经历的时间是53t0，则它一定从cd边射出磁场B.若该带电粒子在磁场

中经历的时间是23t0，则它一定从ad边射出磁场C.若该带电粒子在磁场中经历的时间是23t0，则它一定从bc边射出磁场D.若该带电粒子在磁场中经历的时间是t0，则它一定从ab边射出磁场【答案】A【解析】【详解】由题，带电粒子以垂直于c

d边的速度射入正方形内，经过时间0t刚好从c点射出磁场，则知带电粒子的运动周期为02Tt=．A.若该带电粒子在磁场中经历的时间是05536tT=，则粒子轨迹的圆心角为55263==速度的偏向角

也为53，根据几何知识得知，粒子射出磁场时与磁场边界的夹角为30°，必定从cd射出磁场．故A正确．B.当带电粒子的轨迹与ad边相切时，轨迹的圆心角为60°，粒子运动的时间为01163tTt==在所有从ad边射出的粒子中最长时间为013t，故若该带电粒子在磁场中经历的时间是023t

，一定不是从的ad边射出磁场．故B错误．C.粒子从bc边射出时，由几何关系，可知其转过的圆心角：135180，粒子运动时间：0034ttt，故C错误；D.若该带电粒子在磁场中经历的时间是012tT=，则得到轨迹的圆心角为，而粒子从ab边射出磁场时最大的偏向角等于

，而粒子从ab边射出磁场时最大的偏向角等于560901506+==故不一定从ab边射出磁场．故D错误．8.下列说法正确是（）A.某放射性元素的半衰期为3小时，4个该元素的原子核经过3小时之

后变成2个B.核反应中的质量亏损并非质量消失，而是减少的质量以能量形式辐射出去C.氢原子吸收一个光子跃迁到激发态后，在向低能级跃迁时放出光子频率不一定等于入射光的频率D.铀核裂变核反应方程为：235141929256361UBa+Kr+n0→【答案】BC【解析】【分析】【详解】A．半衰期是

统计学的概念，对大量的粒子才有意义。故A错误；B．根据质能方程，可知核反应中的质量亏损并非质量消失，而是减少的质量以能量形式辐射出去。故B正确；C．能级跃迁发生在两个定态之间，所以氢原子吸收一个光子跃迁到激发态后

，在向低能级跃迁时放出光子频率不一定等于入射光的频率。故C正确；D．铀核裂变的核反应，需要中子撞击，故D错误。故选BC。9.如图所示，光滑水平面上有一轻弹簧，其左端固定在竖直墙壁上。一质量10.5kgm=可视为质点的滑块A以012

m/sv=的水平速度向左运动，撞上静止的质量21.5kgm=可视为质点的滑块B并粘在一起向左运动，两滑块与弹簧作用后原速率弹回，则下列说法正确的是（）A.两滑块组成的系统碰撞过程中动量守恒B.两滑块碰撞结束时的速度大小为3m/s的的C.在

整个过程中，两滑块组成的系统动量守恒D.在整个过程中，弹簧对A、B系统的冲量大小为12Ns【答案】ABD【解析】【分析】【详解】A．两滑块组成的系统碰撞过程所受外力的矢量和为0，则动量守恒，故A正确；B．以向左为正方向，由动量

守恒定律得()1012mvmmv=+代入数据解得3m/sv=故B正确；C．在整个过程中，两滑块与弹簧有相互作用，两滑块组成的系统动量不守恒，故C错误；D．以向左为正方向，A、B与弹簧作用过程，由动量定理得(

)()1212()Immvmmv=+−−+代入数据解得12NsI=−冲量方向向右，故D正确。故选ABD。10.如图所示，光滑绝缘水平桌面上直立一个单匝正方形导线框ABCD，线框的边长为0.3mL=、总电阻为2R=，在直角坐标系xOy中，有界匀强磁场区域的下

边界与x轴重合，上边界满足曲线方程()100.3sinm3yx=，磁感应强度大小1TB=。线框在沿x轴正方向的拉F作用下，以速度10m/sv=水平向右做匀速直线运动，直到AD边穿出磁场。下列说法正确的是（）A.当BC边运动到磁场的中心线时，BC两端电压为3VB.感应电动势的有

效值为32V2C.力F是恒力D.整个过程中产生的是正弦交变电流【答案】BD【解析】【详解】AD．感应电动势E=BLv=0.3Bvsin103x所以产生的是正弦交变电流，当BC边运动到磁场的中心线，即x=0.15m时E=3V感应电动势是3V，BC两端电压是路端电压，小于感应电动势3V

，故A错误，D正确；B．由A可知，感应电动势最大值Em=3V由于是正弦交流电，则有效值m32V22EE==故B正确；C．安培力F安=BIy=22ByvRy=0.3sin103x则安培力是变力，线框做匀速直线运动，处于平衡状态，拉力等于安培力，则拉

力F是变力，故C错误。故选BD。第II卷（非选择题60分）二、实验题11.如图所示，在插针法测量玻璃折射率的实验中，两位同学先把方格纸固定在木板上。在方格纸上画出一条直线'aa作为界面（线），过'aa上的一点O画出

界面的法线'NN，并画一条线段AO作为入射光线。再把玻璃砖放到方格纸上，画出玻璃砖的下界面'bb的位置。在直线AO上插两枚大头针1P和2P，再在玻璃砖的另一侧插上大头针3P和4P。确定光路后利用折射定律计算折射率。（1）

关于本实验下列说法正确的是______；A.实验时入射角应适当大些B.为了减小误差，插大头针时应使1P和2P、3P和4P的间距小一些C.插大头针4P时，应使4P同时挡住3P和1P、2P的像D.该实验原理只能测

量两面平行的玻璃砖的折射率（2）利用上述方格纸上的实验记录，计算此玻璃砖的折射率为______；（答案可以用分数或根号表示）（3）若某同学在插大头针时将1P插到了入射光线的左侧一点的位置（偏差很小），其它操作均没有错误，则该同学测出的

折射率______。（填偏大、偏小或不变）【答案】①.AC②.102③.偏小【解析】【分析】【详解】（1）[1]A．实验时入射角应适当大些，可以减小误差。故A正确；B．为了减小误差，插大头针时应使1P和2P、3P和4P的间距大一些。故B错误

；C．光在同一均匀介质中沿直线传播，所以插大头针4P时，应使4P同时挡住3P和1P、2P的像。故C正确；D．该实验原理不仅能测量两面平行的玻璃砖的折射率，也可以测两面不平行的。故D错误。故选AC。（2）[2]光路图如图所示在光路图中利用方格构造三角形，由图得1225sins

in25==，根据折射定律，有12sin10sin2n==(3)[3]若某同学在插大头针时将1P插到了入射光线的左侧一点的位置（偏差很小），其它操作均没有错误，则折射角变大，故玻璃砖折射率偏小。12

.如图甲所示为一利用光敏电阻测量储液罐中液面高度装置的示意图。当罐中装满液体时，液面与出液口高度差为h，罐外有一竖直放置的管，管内一侧有沿竖直线排列的多个光敏电阻，另一侧有一列光强稳定的光源。液面上一浮块与一块遮光板通过定滑轮相

连，遮光板可随浮块的升降在管内上下运动，光敏电阻的总长度和遮光板的总长度都为h。当储液罐内装满液体时，遮光板的上沿与最下面的光敏电阻的下边缘等高，管内的光均匀地照射在光敏电阻上，光敏电阻和仪表相连。现要

求设计一电路以利用上述装置测量液面的高度。为将问题简化，假设管内只有3个光敏电阻R1、R2、R3，分别位于管的上端、下端和中央；它们的暗电阻均为R＝10kΩ，被管内光源照亮时电阻均为R′＝1.0kΩ。给定的仪器还有：直流电源E（电动势为9V，电阻不计），3个定值电阻，阻值

分别为R4＝2.5kΩ，R5＝1.8kΩ，R6＝1.5kΩ；电压表V（量程为0~3V，内阻可视为无穷大），开关一个，导线若干。要求：当罐内装满液体时，电压表恰好为满量程。（1）如图乙所示为某次电压表的

示数为________V。（2）选择合适的定值电阻，在如图丙所示虚线框内画出电路图，并用题中给定的符号标明图中各元件________。（3）液面与出液口等高时电压表的示数为________V。（结果保留两位有效数字）（4）若管内的光强变暗，使得光敏电阻被照亮时的

阻值变为1.2kΩ，则定值电阻的阻值应变为________kΩ，便可达到题目要求。（结果保留两位有效数字）【答案】①.1.40②.③.0.43④.1.8【解析】【详解】（1）[1]电压表量程为0~3V，每小格表示0.1V，指针示数为1.40V。（2）[2]当罐内装满液体时，3个光敏

电阻均受到光照射，电阻均为1.0kΩ，可把三个光敏电阻串联后再与定值电阻Rx串联，接在直流电源两端，把电压表接在定值电阻两端，则有3xxRURRE=+故Rx＝1.5kΩ电压表应与电阻R6并联构成电路，当罐内装满液体时，电压表恰好为满量程。电路图如图所示（3）[3]当液面与出液

口等高时，光源完全被遮光板遮住，此时三个光敏电阻的阻值均为10kΩ，则电压表的示数为660.43V3EURRR==+（4）[4]若光敏电阻被照亮时的阻值变为1.2kΩ，为使电压表满量程，则定值电阻的阻值变为R′x，R′x满足3V31.2kΩxxERR=+解得R′x＝1.8

kΩ三、解答题（本答题共三个小题，13题12分，14题14分，15题20分，共46分）13.现有一三棱柱工件，由透明玻璃材料制成．如图所示，其截面ABC为直角三角形，∠ACB=30°，现在有一条光线沿着截面从AC边上的O点以45°的入射角射

入工件折射后到达BC边的中点并发生了全反射后垂直于AB边射出．已知光在空气中的传播速度为c．①求透明玻璃材料的折射率．②若BC=3a，求光线在玻璃材料内传播的时间．【答案】（1）2（2）524ac【解析】【详解】（1）光路图如图所示DE光线垂直AB射出，所以30E

DBODC==，折射角30r=，所以sin452sin30n==（2）由几何关系可知，11cos3024ODCDCB==，所以12ODa=，3cos304aDEBD==，因为cnv=，所以22ccvn==，5

24ODDEatvc+==14.汽车A在水平冰雪路面上行驶，驾驶员发现其正前方停有汽车B，立即采取制动措施，但仍然撞上了汽车B，两车碰撞时和两车都完全停止后的位置如图所示，碰撞后B车向前滑动了4.5m，A车向前滑动了2.0m，已知A和B的质量分别为1.0×103kg和4×103kg，

两车与该冰雪路面间的动摩擦因数均为0.10，两车碰撞时间极短，在碰撞后车轮均没有滚动，重力加速度大小g＝10m/s2。求：（1）碰撞后的瞬间B车速度的大小；（2）碰撞前的瞬间A车速度的大小。【答案】（1）'B3m/sv

=（2）A14m/sv=【解析】【详解】（1）设B车的质量为Bm，碰后加速度大小为Ba，根据牛顿第二定律，根据牛顿第二定律有BBBmgma=设碰撞后的瞬间B车速度的大小'Bv，碰后滑行的距离为BS，则'2BBB2vaS=代入数值，则'B3m/sv=（2）设A车

的质量为Am，碰后加速度大小为Aa，根据牛顿第二定律，根据牛顿第二定律有AAAmgma=设碰撞后的瞬间A车速度的大小'Av，碰后滑行的距离为AS，则'2AAA2vaS=代入数值，得'A2m/sv=设碰撞前的瞬间A车速度的大小

Av，两车在碰撞的过程中，动量守恒，则有''AAAABBmvmvmv=+代入数值，得A14m/sv=15.如图所示的平面直角坐标系xOy，在第Ⅰ象限内有平行于y轴的匀强电场，方向沿y轴正方向；在第Ⅳ象限有一与x轴相切的圆形匀强磁场区域（图中未画出），磁场方向垂直于xOy平面向里，大小为B．一

质量为m、电荷量大小为q的带负电粒子，从y轴上的()0,Ph点，以大小为0v的速度沿x轴正方向射入电场，通过电场后从x轴上的()2,0ah点进入第Ⅳ象限的圆形匀强磁场，经过磁场后从y轴上的某点进入第Ⅲ象限，且速度与y轴负方向成45°角，不计粒子所受的重力。求：(

1)电场强度E的大小；(2)圆形磁场区域的最小面积；(3)粒子从P点运动开始，到再次经过y轴所经历的时间。【答案】(1)202mvqh；(2)22022πmvqB；(3)04π2hmvqB+【解析】【详解】(1)粒

子在电场中做类平抛运动，则水平方向有02hvt=竖直方向有212hat=且有qEma=解得202mvEqh=(2)粒子到达a点时沿y轴负方向的分速度0yqEvattvm===粒子到达a点时的速度22002y

vvvv=+=方向与x轴正方向夹角为45°粒子在磁场中做匀速圆周运动，运动轨迹如下图所示，粒子在磁场区域中的轨迹是以O为圆心、r为半径的圆上的圆弧ab，a点和b点在所求圆形磁场区域的边界上。在通过a、b两点的不同圆中，面积最小的是以ab连线为直径的

圆，设圆形磁场区域的半径为R。粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得2vqvBmr=由几何关系可知，圆形磁玚区域的最小半径sin45Rr=圆形磁场区域的最小面积2πSR=解得22022πmvSqB=(3)粒子在电场中的运动时间02htv=粒子在磁场中的运动时间111

2ππ442mmtTqBqB===粒子离开磁场后做匀速直线运动，到达y轴需要的时间2022cos45hhtvv==粒子总的运动时间获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com