【文档说明】北京市昌平区新学道临川学校2020-2021学年高二上学期第一次月考物理试题【精准解析】.doc，共(19)页，891.500 KB，由小赞的店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-71c6da07f73f01e585d6d43ae758b862.html

以下为本文档部分文字说明：

临川学校2020-2021学年度第一学期第一次参加检测高二物理试卷一、单项选择题（本题共24小题，每小题3分，共72分。在每小题给出的四个选项中只有一个选项正确。）1.关于摩擦起电现象，下列说法中正确的是（）A.摩擦起电是用摩擦的方法

将其他物质变成了电荷B.摩擦起电是通过摩擦使一个物体中产生电荷C.通过摩擦起电的两个原来不带电的物体，一定带有等量异种电荷D.通过摩擦起电的两个原来不带电的物体，可能带有同种电荷【答案】C【解析】【详解】AB．电荷既不能创生，也不能消灭，只能从物体的一部分转移到另一部分，

或者从一个物体转移到另一个物体，在任何转移的过程中，电荷的总量保持不变，选项AB错误；CD．摩擦起电是通过摩擦将一个物体中的电子转移到另一个物体上，且通过摩擦起电的两个原来不带电的物体，一定带有等量异种电荷，选项C正确，D错误。故选C。2.带电微粒所带电量不可能是下列值中

的（）A.2.4×10-19CB.-6.4×10-19CC.-1.6×10-18CD.4.8×10-17C【答案】A【解析】【详解】最小的电荷量是1.6×10-19C，我们把这个最小的电荷量叫做元电荷，任何物体的带电量都是元电荷或是元电荷的

整数倍。A.由于2.4×10-19C不是1.6×10-19C的整数倍，选项A错误；B.-6.4×10-19C是1.6×10-19C的整数倍，选项B正确；C.-1.6×10-18C是1.6×10-19C的整数倍，选项C正确；D

.4.8×10-17C是1.6×10-19C的整数倍，选项D正确。本题选不可能的，故选A。3.要使真空中的两个点电荷间的库仑力增大到原来的4倍,下列方法中可行的是A.每个点电荷的电荷量都增大到原来的2倍,电荷间的距离不变B.保持点电荷的电荷量不变,使两个电荷间的距离增大到原来的2倍C.使一个点电荷

的电荷量加倍,另一个点电荷的电荷量保持不变,同时使两个点电荷间的距离减小为原来的12D.保持点电荷的电荷量不变,将两个点电荷的距离减小到原来的14【答案】A【解析】【分析】根据库仑定律公式122kQQFr【详解】A、每个点电荷的电荷

量都增大到原来的2倍,电荷间的距离不变,则1212222244kQQkQQFFrr,所以A选项是正确的;B、保持点电荷的电荷量不变,使两个点电荷的距离增大到原来的2倍,根据公式则力变成原来的14，故B错C、使一个点电荷的电荷量增加1倍

,另一个点电荷的电荷量保持不变,同时使两点电荷间的距离减小为原来的12,则有8FF,故C错误;D、保持点电荷的电荷量不变,将两点电荷间的距离减小为原来的14,则力16FF,故D错；故选A4.使带电的金属球靠近不带电的验电器，验电器的箔片张

开．下列各图表示验电器上感应电荷的分布情况，其中正确的是()A.B.C.D.【答案】B【解析】【详解】由于同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，所以验电器的上端应带上与小球异号的电荷，而验电器的箔片上将带上与小球同号的电荷；故ACD项错误，B项正确．5.导体A带5Q的正电荷，另一完全相同的

导体B带Q的负电荷，将两导体接触一会儿后再分开，则B导体的带电荷量为()A.－QB.QC.2QD.4Q【答案】C【解析】试题分析：因为导体与其相同的导体接触时，导体间会平分电荷，所以两导体接触后的总电荷量是5Q＋（－Q）=4Q

，再平分得2Q，这就是A和B导体所带的电荷量，选项C正确．考点：接触带电的计算．6.下列表达式中，q一定是场源电荷的是()A.2kQqFrB.FEqC.ABABWqUD.2kqEr【答案】D【解析】【详解】A．在2kQqFr表达式中q可

能是场源电荷，也可能是试探电荷，故A错误；B．在FEq表达式中q是试探电荷，故B错误；C．在ABABWqU表达式中q是试探电荷，故C错误；D．在表达式2qEkr中，q为场源电荷，故D正确。故选D。【点睛】解决本题的关键就是会区分场源

电荷和试探电荷，并且知道各个公式的意义。7.关于电容器，以下说法正确的是（）A.电容器两板正对面积变大，电容变小B.电容器两板距离变大，电容变小C.两板间放入电介质，电容变小D.两板间电压增大，电容变大【答案】B【解析】【详解】A．由平行板电容器的电容4rSCkd可知，电容器两板正对面积变大

，即S增大，则C增大，故A错误；B．由平行板电容器的电容4rSCkd可知，电容器两板距离变大，即d增大，则C变小，故B正确；C．由平行板电容器的电容4rSCkd可知，两板间放入电介质，即r增大，则C增大，故C错误；D．电容器的电容由本身的结构所决定，与两板间电

压无关，故D错误。故选B。8.下述说法中正确的是（）A.根据E=Fq，可知电场中某点的场强与电场力成正比B.根据E=2kqr，可知电场中某点的场强与形成电场的点电荷的电荷量成正比C.根据场强叠加原理，可知合电场的场强一定大于分电场的场强D.电场线就是点电荷在电场中运动的轨迹【答案】

B【解析】【详解】A．E＝Fq是定义式，场强大小由电场本身决定，与试探电荷的受力无关，选项A错误；B．E＝2kqr是决定式，点电荷产生的电场场强大小与形成电场的点电荷的电荷量成正比，选项B正确；C．场强的叠加遵循平行四边形定则，合场强大于等于

两个分场强之差，小于等于两个分场强之和，不一定大于分场强，选项C错误；D．电场线是人为想象出来用来模拟静电场的曲线，并不表示粒子运动的轨迹，选项D错误。故选B。9.如图所示是某电场中的几条电场线，在电场中有A、B两点，试比较两点的电场强度E大小和电势φ高低，

其中正确的是（）A.EA＞EB，φA＞φBB.EA＞EB，φA＜φBC.EA＜EB，φA＞φBD.EA＜EB，φA＜φB【答案】B【解析】【详解】电场强度的大小看电场线的疏密程度，电场线越密的地方电场强度越大，所以EA＞EB；根据沿着电场线电势一定降低，所以φA＜φB。选项

B正确，ACD错误。故选B。10.如图所示的实验装置中，极板A与静电计外壳相连，平行板电容器的极板B与静电计相接。将A极板向左移动，增大电容器两极板间的距离时，电容器所带的电量Q、电容C、两极间的电压U，电容器两极板间的场强E的变化情况是（）A.Q变小，C不变

，U不变，E变小B.Q变小，C变小，U不变，E不变C.Q不变，C变小，U变大，E不变DQ不变，C变小，U变大，E变小【答案】C【解析】【分析】先根据电容的决定式4SCkd，分析电容如何变化，抓住电容器

的电荷量不变，由电容的定义式QCU，分析板间电压的变化，由UEd分析板间场强的变化；对于电容器动态分析问题，关键要掌握电容的决定式4SCkd，电容的定义式QCU和板间场强公式UEd，结合电荷不变的条件进行分析。【详解】当增

大电容器两极板间的距离时，电容器所带的电量Q不变，根据电容的决定式4SCkd分析得知电容C变小；由电容的定义式QCU分析得知板间电压U变大；由4UkQEdS因Q、S、均不变，所以板间场强E不变，故C正确，ABD错误。故选C。11.

如图所示的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带正电粒子的运动轨迹，粒子先经过M点，再经过N点，可以判定（）A.M点的电势能小于N点的电势能B.M点的电势小于N点的电势C.粒子在M点受到的电场力大于在N点受到的电场力D.粒子在M点受到的电场力小于在N点受到的电场力【答案】D【解

析】【详解】B．根据沿电场线方向电势降低，M点的电势高于N点的电势，选项B错误；A．粒子带正电，M点的电势高于N点的电势，根据q电可知M点的电势能大于N点的电势能，选项A错误；CD．根据电场线的疏密表示电场的强弱，由图可

知N点的电场线密，所以N点的电场强度大，点电荷在N点受到的电场力大，选项C错误，D正确。故选D。12.如图所示，平行线代表电场线，但未标明方向，一个带正电、电量为10-6C的微粒在电场中仅受电场力作用，当它从A点运动到B点时动能减少了10-5J，已知A点的电势为－10V，则以下判断不正确的是（）

A.微粒的运动轨迹如图中的虚线1所示B.电场强度E的方向水平向左C.B点电势为零D.B点电势为20V【答案】D【解析】【详解】AB．带正电的微粒仅受电场力的作用，从A点运动到B点时动能减少了10-5J，说明电场力做负功，则知电场力方向水平向左，电场方向水平向

左。根据曲线运动的合力指向轨迹的内侧，故微粒的运动轨迹是如图虚线1所示，选项AB正确，不符题意；CD．根据动能定理有qUAB=△Ek解得5610V10V10kABEUq＝又10VABABAU，则

φB=0选项C正确不符题意，D错误，符合题意。故选D。13.如图所示为一种电容传声器。b是固定不动的金属板，a是能在声波驱动下沿水平方向振动的金属膜片，a、b构成一个电容器。其工作原理是当声波作用于金属膜片时，金

属膜片发生相应的振动，于是就改变了它与固定极板b间的距离，从而使电容发生变化，而电容的变化可以转化为电路中电信号的变化。闭合开关K，若声源S发出声波使a向右运动时（）A.电容器的电容减小B.a、b板之

间的电场强度减小C.流过电流表的电流方向为自左向右D.电容器两板间的电压会増大【答案】C【解析】【详解】A．由电容的决定式4SCkd可知，a向右运动时，极板间的距离d减小，所以电容增大，选项A错误；BD．闭合开关K，电压U保持不变，距离减小，由UEd可知

电场强度增大，选项BD错误；C．由电容定义式QCU可知，电容增大，电压不变，所以电荷量增大，电容器充电，流过电流表的电流方向为自左向右，选项C正确。故选C。14.如图所示，在点电荷＋Q的电场中，虚线为等势面，甲、乙两粒子的运动轨迹

分别为acb、adb曲线，两粒子在a点时具有相同的动能，重力不计。则下列判断错误的是（）A.甲、乙两粒子带异种电荷B.两粒子经过b点时具有相同的动能C.甲粒子经过c点时的动能等于乙粒子经过d点时的动能D.设无穷远处电势为零，甲粒子经过c点时的电势能大于乙粒子经过d点时的电势能【答案】CD【解析】【

详解】A．由图可知电荷甲受到中心电荷的引力，而电荷乙受到中心电荷的斥力，故两粒子的电性一定不同，选项A正确；B．虚线为等势面，根据WqU可判定acb、adb曲线过程中电场力所做的总功为0，两粒子在a点时具有相同的动能，重力不计，则两粒子经过b点时具有相同的动能，选项B正确；C．从

a到c和从a到d有：acadUU但甲、乙两粒子带异种电荷，所以甲粒子从a到c电场力做正功，而乙粒子从a到d电场力做负功，根据动能定理可知甲粒子经过c点时的动能不等于乙粒子经过d点时的动能，选项C错误；D．设无穷远处电势为零，在点电荷Q的电场中，则有

：0cd由于甲带负电，乙带正电，根据电势能PEq可知甲粒子经过c点时的电势能小于0，乙粒子经过d点时的电势能大于0，所以甲粒子经过c点时的电势能小于乙粒子经过d点时的电势能，选项D错误。本题选错误的，故选CD。15

.如图所示，三个完全相同的金属小球a、b、c位于等边三角形的三个顶点上。a和c带正电，b带负电，a所带电荷量的大小比b的大。已知c受到a和b的静电力的合力可用图中四条有向线段中的一条来表示，它应是（）A.F1B.F2C.F3D.F4【

答案】A【解析】【详解】对c球受力分析，如图由于a球的带电量比b球的大，故a球对c球的静电斥力较大，根据平行四边形定则，合力的方向如图，即沿着F1的方向。选项A正确，BCD错误。故选A。16.一个检验电荷q在电场中某点受到的电场力为F，该点的电场强度为

E.下图中能正确表示q、E、F三者关系的是（）A.B.C.D.【答案】D【解析】【详解】A、B项：因为电场中的电场强度与放入电场中电荷的电量无关，由场源电荷决定．所以电场强度不随q、F的变化而变化，故A、B错误；C、D项：由FEq知，某点的电场强度一定，F与q成正比．故C错误，D

正确．故选D．17.如图所示的各电场中，A、B两点电场强度相等的图是A.B.C.D.【答案】C【解析】【详解】A图中，A、B两点场强大小不同，方向相同；B图中，A、B两点场强大小相同，方向不同；C图中，A、B两点场强大小

和方向都相同；D图中，A、B两点场强大小和方向都不相同；故选C.18.如图所示，一质量为m、电荷量为Q的小球A系在长为l的绝缘轻绳下端，另一电荷量也为Q的小球B位于悬挂点的正下方（A、B均视为点电荷），轻绳与竖直方向成30角，小球A、B静止于

同一高度。已知重力加速度为g，静电力常量为k，则两球间的静电力为()A.224kQlB.22kQlC.mgD.3mg【答案】A【解析】【详解】AB．根据几何关系，可得平衡时A、B间的距离sin302lrl根据库仑定律得22224QkQFkrl

A正确，B错误；CD．A球的受力情况如图所示根据平衡条件有3tan303FmgmgCD错误。故选A。19.密立根油滴实验原理如图所示。两块水平放置的金属板分别与电源的正负极相接，板间电压为U，形成竖直向下场强为E的匀强电场。用喷雾器从上板中间的

小孔喷入大小、质量和电荷量各不相同的油滴。通过显微镜可找到悬浮不动的油滴，若此悬浮油滴的质量为m，则下列说法正确的是（）A.悬浮油滴带正电B.悬浮油滴的电荷量为mgUC.增大场强，悬浮油滴将向上运动D.油滴的电荷量不一定是电子电量的整数倍【答案】C【解析】【详

解】A．带电荷量为q的油滴静止不动，则油滴受到向上的电场力；题图中平行板电容器上极板带正电，下极板带负电，故板间场强方向竖直向下，则油滴带负电，故A错误；B．根据平衡条件，有Umgqd故mgdqU故B错误；C．根据平衡条件，有mgqE当增大场强，电场力增大，则悬浮油滴将向上运

动，故C正确；D．不同油滴的所带电荷量虽不相同，但都是某个最小电荷量（元电荷）的整数倍，故D错误。故选C。20.A、B是一条电场线上的两点，若在A点释放一初速度为零的电子，电子仅受电场力作用，并沿电场线从A运动到B，其速度随时间变化的规律如图2所示．设A、B两点的电场强度分别为EA、

EB，电势分别为φA、φB，则()A.EA>EBB.EA＜EBC.AB＝D.φA＜φB【答案】D【解析】【详解】因为电子做匀加速直线运动，则加速度不变，即所受的电场力不变，可知电场强度不变，所以EA=EB．故AB错误．因为电子从A到B做加速运

动，所以电场线方向由B指向A，沿电场线方向电势逐渐降低，则φA＜φB．故D正确，C错误．故选D．【点睛】解决本题的关键知道沿电场线方向电势逐渐降低，电场线的疏密代表电场的强弱．本题通过电场力的变化判断电场强度的变化．21.如图所示，实线表示电场线，虚线表示带电

粒子运动的轨迹，带电粒子只受电场力的作用，运动过程中电势能逐渐减少，它运动到b处时的运动方向与受力方向可能是()A.B.C.D.【答案】D【解析】试题分析：根据曲线运动力与轨迹的关系，力需指向轨迹弯曲的内侧，所以A

错误；带电粒子只受电场力作用，故力与电场线共线，所以C错误；由题意知，运动过程中粒子的电势能逐渐较小，故电场力做正功，即力与速度方向的夹角应为锐角，故B错误，D正确．考点：本题考查带电粒子的运动．22.如图所示，绝缘光滑半圆轨

道放在竖直向下的匀强电场中，场强为E，在与环心等高处放有一质量为m，电荷量为＋q的小球，由静止开始沿轨道运动，下列说法错误的是（）A.小球在运动过程中机械能不守恒B.小球经过环的最低点时对轨道压力为3（mg＋qE

）C.小球经过最低点时速度最大D.小球经过环的最低点时对轨道压力为3（mg－qE）【答案】D【解析】【详解】A．小球在运动过程中，除重力外，电场力做功，小球的机械能不守恒，选项A正确；C．小球运动到环的最低点过程中合外力一直做正功，动能增加，从最低点向最高点运

动过程中，合外力做负功，动能减小，在最低点小球动能最大，速度最大，选项C正确；BD．小球由静止开始下滑的过程中，由动能定理得212mgRqERmv小球经过最低点时，由重力、电场力和轨道的支持力的合力提供向心

力，则有2mvNmgqER联立可得轨道对小球的支持力()3NmgqE则由牛顿第三定律知小球经过最低点时对轨道的压力(3)NNmgqE选项B正确，D错误。本题选错误的，故选D。23.如图所示，在真空中离子P1、P2以相

同速度从O点垂直场强方向射入匀强电场，经电场偏转后打在极板B上的C、D两点．已知P1电荷量为P2电荷量的3倍．GC=CD，则P1、P2离子的质量之比为（重力忽略不计）（）A.3：4B.4：3C.2：3D.3：2【答案】A【解析】【详解】设任一离子的速度为v，电量为q，质量为m，加速为a，

运动的时间为t，则加速度为：qEam，离子运动的时间为：0xtv，由于GC=CD，所以飞行的时间之比t1：t2=1：2，离子的偏转量：2220122qExyatmv，因为P1带电量是P2的3倍，则P1、P2的质量之比：m1：m2=3：4，故A正确，BCD错误．24.A、B是一条电场线

上的两个点，一带正电的微粒仅在电场力作用下以一定初速度从A点沿电场线运动到B点，其速度—时间图象如图所示。则这一电场可能是（）A.B.C.D.【答案】D【解析】【详解】由图象可知，速度在逐渐减小，图象的斜率在逐渐增大，故此带正电的微粒做加速度越来越大的减

速直线运动，所受电场力越来越大，电场线分布越来越密集；此带正电的微粒做减速直线运动，所以受力方向与运动方向相反，正电荷受电场力的方向与电场强度方向相同，所以电场线方向向左，故A、B、C错误，D正确；故选D。二、计算题（本题共3小题，19题8分，20

题8分，21题10分，共25分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）25.如图所示，一质量为m的带负电小球，用绝缘细线悬挂在水平向右的匀强电场中，

静止时悬线与竖直方向成θ角．已知电场强度为E，重力加速度为g．求:（1）小球所带电荷量的大小；（2）将细线突然剪断的瞬间，小球的加速度大小．【答案】(1)mgtanE；(2)gcos【解析】【详解】(1)对小球受力分析，受重力、

电场力和拉力，如图，根据共点力平衡条件，则有：qEmgtan则所带电量为：mgtanqE(2)剪短细线后，小球受到重力和电场力，合力恒定，如图，故做初速度为零的匀加速直线运动；则有：mgFmacos则小球的加速度为：gacos26.一个质量为m、带有电荷-q的小物体，可在水平轨道

OX上运动，O端有一与轨道垂直的固定墙。轨道处于匀强电场中，场强大小为E，方向沿OX轴正向，如下图所示。小物体以初速v0从x0点沿OX轨道向右运动，运动时受到大小不变的摩擦力f作用，且f<qE；设小物体与墙碰撞时不损失

机械能，且电量保持不变，求：(1)小物体受到的电场力大小和方向？(2)小物体向右运动的最大距离？(3)它在停止运动前所通过的总路程s。【答案】(1)FqE，沿OX轴负向；(2)2012()mvxqEf；(3)2002+qExmvsf【解析】【详解】(1)小物体受

到的电场力大小FqE匀强电场方向沿OX轴正向，小物体带负电，则小物体受到的电场力沿OX轴负向。(2)设小物体的速度等于0时的位移x1，则21101-02qExfxmv解得2012()mvxqEf(3)对全过程运用动能定理得200102qExf

smv解得2002+qExmvsf27.图甲是用来使带正电的离子加速和偏转的装置，图乙为该装置中加速与偏转电场的等效模拟图．以y轴为界，左侧为沿x轴正方向的匀强电场，电场强度为E，右侧为沿y轴负方向的另一匀强电场．已知OA⊥AB，OA=AB，且OB间的电势差为U0．若在x轴上

的C点无初速地释放一个电荷量为q、质量为m的正离子(不计重力)，结果正离子刚好通过B点，求：(1)CO间的距离d．(2)粒子通过B点的速度大小．【答案】(1)04UdE；(2)052BqUvm【解析】【详解】(1)设正离子到达O点的速度为0v（其方向沿x轴的

正方向），则正离子从C点到O点，由动能定理得：20102qEdmv而正离子从O点到B点做类平抛运动，令OAABL则：202UqLtLm从而解得：02mtLUq所以到达B点时：00022UqLLvtmmLUq从而解得：04

UdE(2)设正离子到B点时速度的大小为Bv，正离子从C到B过程中由动能定理得：20102BqEdqUmv解得052BqUvm