【文档说明】河南省郑州市实验中学2022-2023学年高一上学期第一次月考生物试题 含解析.docx，共(26)页，1016.681 KB，由小赞的店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-c08f42e578753cbb6aef97e5aa18cb2f.html

以下为本文档部分文字说明：

河南省实验中学2022-2023学年上期第一次月考一、选择题1.在细胞学说创立的过程中，有很多科学家作出了贡献，下列说法不符合史实的是A.荷兰的列文虎克用自制的显微镜观察到不同形态的细菌、红细胞和精子

等B.英国的罗伯特虎克第一次观察到了活的细胞并为之命名C.施莱登首先提出细胞是构成植物体的基本单位D.魏尔肖的著名论断是对细胞学说的重要补充【答案】B【解析】【分析】细胞学说的建立过程：时间科学家重要发展1543年比利时的维萨里，法国的比夏揭示了人体

在组织和器官水平的结构1665年英国的虎克用显微镜观察植物的木栓组织，发现许多规则的“小室”并命名为细胞17世纪列文虎克用显微镜发现了活细胞19世纪德国的施莱登、施旺细胞是构成动植物提的基本单位1858年德国的魏尔肖个体的所有细胞都是由原有细胞分裂产生的

据此答题。【详解】A、列文虎克用自制的显微镜观察到不同形态的细菌、红细胞和精子等，A正确；B、罗伯特虎克第一次观察到了死的细胞并为之命名，B错误；C、施莱登和施旺共同证明了植物和动物都是由细胞构成的，C正确；D、魏尔肖的著名论断

是对细胞学说的重要补充，D正确．故选B。【点睛】本题考查细胞学说的相关知识，只要考生识记细胞学说的建立者即可正确答题。对于此类试题，解题关键是熟记课本中所列举的一些科学家及其成就。2.下列各组生物或细胞中，均能完成该种生物各项生命活动的一组是（）A洋葱表皮细

胞和流感病毒B.人体口腔上皮细胞和草履虫C.大肠杆菌和变形虫D.萌发的小麦种子和白菜叶肉细胞【答案】C【解析】【分析】生命活动离不开细胞，细胞是生物体结构和功能的基本单位，单细胞生物单个细胞就能完成各种生命活动，多细胞生物依

赖各种分化的细胞密切合作，共同完成一系列复杂的生命活动，病毒虽然没有细胞结构，但它不能独立生活，只有寄生在活细胞中才能表现出生命活动。【详解】A、洋葱是多细胞生物，洋葱表皮细胞不能完成该种生物的各项生命活动，流感病毒没有细胞结构，必需

寄生在宿主活细胞内才能增殖，A错误；B、人属于多细胞生物，人口腔上皮细胞不能完成人的各项生命活动，B错误；C、大肠杆菌和变形虫都属于单细胞生物，均能完成该种生物各项生命活动，C正确；D、白菜属于多细胞生物，白菜

叶肉细胞不能完成人的各项生命活动，D错误。故选C。3.下列各项组合中，能体现生命系统由简单到复杂的正确顺序是（）①一个大西瓜②血液③白细胞④变形虫⑤血红蛋白⑥SARS病毒⑦同一片草原上的所有绵羊⑧一片森林中的所有鸟⑨一片桃园⑩一个池塘中的

所有生物A.⑤⑥③②①④⑦⑩⑨B.③②①④⑦⑩⑨C.③②①④⑦⑧⑩⑨D.⑤②①④⑦⑩⑨【答案】B【解析】【详解】生命系统的层次从小到大依次是细胞、组织、器官、系统、个体、种群、群落、生态系统、生物圈。①一个大西瓜属于

器官，②血液属于组织，③白细胞属于细胞，④变形虫为单细胞生物，也是个体；⑤血红蛋白属于系统，但不属于生命系统；⑥SARS病毒没有细胞结构，不属于生命系统；⑦同一片草原上的所有绵羊属于种群；⑧一片森林中的所有鸟包含多种

鸟类，既不是种群，也不是群落；⑨一片桃园包括其中的生物群落与无机环境，属于生态系统；⑩一个池塘中的所有生物属于群落。能体现生命系统由简单到复.杂的正确顺序是细胞③→组织②→器官①→个体④→种群⑦→群落⑩→生态系统⑨。ACD错误，B种群。故选B。4.下图是用显微镜

观察植物细胞实验中的两个视野，要把视野中的物像从甲图转为乙图，下列操作步骤正确的排序是①转动细准焦螺旋②转动粗准焦螺旋③移动装片④调节光圈（或转换反光镜）⑤转动转换器A.③→⑤→②→①B.④→③→②→⑤C.③→①→④→⑤D.③→

⑤→④→①【答案】D【解析】【分析】由低倍镜换用高倍镜进行观察的步骤是：移动玻片标本使要观察的某一物像到达视野中央→转动转换器选择高倍镜对准通光孔→调节光圈，换用较大光圈使视野较为明亮→转动细准焦螺旋使物像更加清晰

。【详解】分析图解，图甲细胞放大倍数小，图乙细胞放大倍数大，从图甲转为图乙，即由低倍镜换上高倍镜。由于低倍镜下细胞在视野的偏左侧，因此首先③向左移动装片，将细胞移动到视野的中央，然后⑤转动转换器，移走低倍镜，换上高倍镜；此时视野会变暗，需要④

调节光圈（或转换反光镜），最后①转动细准焦螺旋，故选D。【点睛】使用高倍显微镜时，需要注意是不能再调整粗准焦螺旋，这也是很多考生的易错点。5.下列对“系统”的认识，正确的是（）A.生命系统的每个层次都是“系统”，能完整表现生命活动的最微小的“生命系统”是细胞B.蛋白

质和核酸等生物大分子本身也可算为“系统”，也属于“生命系统”的层次C.“生态系统”是生命系统的一个层次，它代表一定自然区域内相互有直接或间接联系的所有生物D.生物个体中由功能相关的“器官”联合组成的“系统”层次，是每种生物个体都具备的【答案】A【解析】【分析】生命系统的结构层次由小到大依次

是细胞、组织、器官、系统、个体、种群、群落、生态系统和生物圈。地球上最基本的生命系统是细胞，分子、原子、化合物不属于生命系统。【详解】A、细胞是生命系统结构层次中最基本的结构层次，A正确；的B、蛋白质和核酸等生物大分子本身不能进行生命活动，不属于“生命系统”层次，B错误；C、“生态系统

”是生命系统的一个层次，它不仅代表一定自然区域相互间有直接或间接联系的所有生物，还包括无机环境，C错误；D、生物个体中由功能相关的“器官”联合组成的“系统”层次，不是每种生物个体都具备的，如单细胞生物和植物没有“系统”层次，D错误。故选A。6.

若某蛋白质的分子量为11935，在合成这个蛋白质分子的过程中脱水量为1908，假设氨基酸的平均分子量为127，则组成该蛋白质分子的肽链数为（）A.1条B.2条C.3条D.4条【答案】C【解析】【分析】氨基酸先通过互相结合的方式进行连接：一个氨基酸分

子的羧基和另一个氨基酸分子的氨基相连接，同时脱去一分子水，以此类推，多个氨基酸缩合形成多肽，肽链盘曲、折叠，形成具有一定空间结构的蛋白质分子。【详解】每个水分子的相对分子质量为18，由题干可知合成该蛋白质分子的过程中脱去水的相对分子质量为1908，则脱去了

1908÷18=106个水分子。该蛋白质的相对分子质量为11935，则在脱去水分子之前，组成该蛋白质的氨基酸的总相对分子质量为11935+1908=13843，氨基酸的平均相对分子质量为127，则合成该蛋白质的氨基酸数目为13843÷127=109。氨基酸分子互相结合的方式是：一个氨基酸分子的羧

基与另一个氨基酸分子的氨基相连接，同时脱去一分子水，形成一个肽键。若多肽呈链状结构，首尾不相接，则一条由m个氨基酸分子构成的多肽链具有m-1个肽键，n条多肽链中存在n对未连接的氨基和羧基，所以含有m-n个肽键，形成过程中脱去了m-n分子水。由以

上分析可知，该蛋白质由109个氨基酸脱去了106个水分子形成，则推知该蛋白质分子中含有3条肽链，C符合题意。故选C。7.某同学利用显微镜观察人的血细胞，使用相同的目镜，但在两种不同的放大倍数下，所呈现的视野分别为甲和乙（如下图所示），下

列相关叙述正确的是（）①若使用相同的光圈，则甲比乙亮②在甲中观察到的细胞，在乙中均可被观察到③若玻片右移，则甲的物像会右移而乙的物像左移④若在甲中看到的物像模糊，则改换成乙就可以看到清晰的物像⑤在乙中观察应使

用细准焦螺旋，并调整光圈A.①②③④⑤B.①⑤C.①②④⑤D.①②③【答案】B【解析】【详解】①显微镜使用相同的光圈，甲放大倍数小，可视范围大，也就是有光的面积比乙大，所以比较亮，①正确；②甲放大倍数小，看到的面积大，乙中看

到的只是甲中的一部分，②错误；③若玻片右移，则甲的物像和乙的物像都会左移，③错误；④若在低倍镜下看到的物像模糊，则改换成高倍镜仍不能看到清晰的物像，④错误；⑤在高倍镜下观察应使用细准焦螺旋，并调整光圈，但是不能使用粗准焦螺旋，⑤正确。故选B8.非洲猪瘟病毒是一种能引起猪的急性

、热性、高度接触性传染病的病毒,非洲猪瘟不是人畜共患病,只传染猪和野猪。下列关于非洲猪瘟病毒的叙述,正确的是（）A.在人工配制的培养基上就能培养非洲猪瘟病毒B.非洲猪瘟病毒的繁殖只能在宿主的活细胞中进行C.非洲猪瘟病毒可以同时感染动物

细胞和植物细胞D.非洲猪瘟病毒和其他生物一样,也具有细胞结构【答案】B【解析】【分析】病毒是一类没有细胞结构的特殊生物，只有蛋白质外壳和内部的遗传物质构成，不能独立的生活和繁殖，只有寄生在其他生物的活细胞内才

能生活和繁殖，一旦离开了活细胞，病毒就无法进行生命活动。【详解】非洲猪瘟病毒没有细胞结构，必须寄生于活细胞中，不能用人工配制的培养基培养，A错误；非洲猪瘟病毒没有细胞结构，其繁殖只能在宿主的活细胞中进行，B正确；根据题干信息可知，非洲猪瘟不是人畜共患病，只传染猪和野猪，说明其也不能感染植物细胞

，C错误；非洲猪瘟病毒没有细胞结构，D错误。【点睛】解答本题的关键是了解病毒的结构和繁殖特点，明确病毒都没有细胞结构，不能独立生存，必须寄生于活细胞中。9.油菜种子成熟过程中部分有机物的变化如图所示，将不同成熟阶段的种子匀浆后检测，结果正确的是（）选项取样时间检测

试剂检测结果A第10天斐林试剂不显色B第20天双缩脲试剂不显色C第30天苏丹Ⅲ试剂橘黄色D第40天碘液蓝色A.AB.BC.CD.D【答案】C【解析】【分析】1、生物组织中化合物的鉴定：（1）斐林试剂可用于鉴定还原糖，在水

浴加热的条件下，溶液的颜色变化为砖红色（沉淀）。斐林试剂只能检验生物组织中还原糖（如葡萄糖、麦芽糖、果糖）存在与否，而不能鉴定非还原性糖（如淀粉、蔗糖）；（2）蛋白质可与双缩脲试剂产生紫色反应；（3）脂肪可用苏丹Ⅲ染液（或苏丹Ⅳ染液）鉴定，呈橘黄色（或红色）；（4）淀粉遇碘液变蓝。

2、由图可知，可溶性糖在40天中都存在，第30天后淀粉不存在，脂肪从第10天开始增加。【详解】A、据图可知，第10天时，有可溶性糖，因此加入斐林试剂，水浴加热后能出现砖红色沉淀，A错误；B、种子萌发过程中，可溶性糖转化成淀粉，相应的酶存在于细胞内，催化淀粉合成的酶化学本质是蛋

白质，因此加入双缩脲试剂后，能出现紫色反应，B错误；C、第30天时，脂肪的含量较高，用苏丹Ⅲ试剂可将脂肪染成橘黄色，C正确；D、第40天时，淀粉的含量降低至0，因此加入碘液后，不会出现蓝色，D错误。故选C。10.下列关于真核和原核细胞描述正确的是（）A.真

核生物的细胞都有以核膜为界的细胞核B.真核细胞有多种细胞器而原核细胞没有细胞器C.无论真核细胞还是原核细胞都有细胞膜与细胞质D.真核生物的遗传物质是DNA，原核生物的遗传物质是RNA【答案】C【解析】【分析】1、由原核细

胞构成的生物叫原核生物，由真核细胞构成的生物叫真核生物；原核细胞与真核细胞相比，最大的区别是原核细胞没有被核膜包被的成形的细胞核，没有核膜、核仁和染色体，原核细胞只有核糖体一种细胞器，但原核生物含有细胞膜、细胞质等结构，也含有核酸和蛋白质等物质。2、

原核细胞和真核细胞均含有DNA和RNA两种核酸，其遗传物质都是DNA。【详解】A、真核生物的细胞不都有以核膜为界的细胞核，如哺乳动物成熟的红细胞，A错误；B、真核细胞有多种细胞器而原核细胞只有核糖体一种细胞器（核糖体），B错误；C、无

论真核细胞还是原核细胞都有细胞膜与细胞质，这是真核细胞核原核细胞结构上具有统一性的表现，C正确；D、真核生物和原核细胞的遗传物质都是DNA，D错误。故选C。11.下列关于糖类化合物的叙述，正确的是A.葡萄糖、果糖、麦芽糖都是还原糖，但元素组成不同B.淀粉、糖原、纤维素都是由葡萄糖聚合而成的多糖C.

蔗糖、麦芽糖、乳糖都可与斐林试剂反应生成砖红色沉淀D.蔗糖是淀粉的水解产物之一，麦芽糖是纤维素的水解产物之一【答案】B【解析】【详解】A、葡萄糖、果糖、麦芽糖都是还原糖，元素组成都是C、H、O，A错误；B、淀粉和纤维素是植物多糖，糖原是动物多糖，都是由葡萄糖聚合而成的，B正确；C、蔗糖属于非还原

糖，不能与斐林试剂反应生成砖红色沉淀，C错误；D、淀粉初步水解的产物是麦芽糖，彻底水解的产物是葡萄糖，蔗糖不是淀粉的水解产物，D错误。故选B。12.关于组成细胞的分子及细胞结构的描述，正确的是A.糖类是细胞内的主要的能源物质，所以糖类不会用来组成

细胞的结构B.无机盐在细胞中都以离子状态存在C.水是生命之源，水在细胞中既能参与众多化学反应，也能参与细胞的结构的组成D.胆固醇是动物细胞膜的重要组成成分，不参与血液中脂质的运输【答案】C【解析】【详解】A.糖类是细胞内的主要的能源物质，但糖类也会用来组成细胞

的结构，如纤维素是构成细胞壁的主要成分，A错误；B.无机盐在细胞中多为离子状态，少数为化合物形成存在，B错误；C.水是生命之源，水在细胞中既能参与众多化学反应，也能参与细胞的结构的组成，C正确；D.胆固醇是动物细胞膜的重要组成成

分，还参与血液中脂质的运输，D错误；因此，本题答案选C。13.水分子中氢原子以共用电子对与氧原子结合。由于氧具有比氢更强的吸引电子对的能力，使氧的一端稍带负电荷，氢的一端稍带正电荷。水分子的空间结构及电子的不对称分布，使得水分子成为一个极性分

子。水分子间也可相互吸引，形成氢键，易于形成和断裂。下列说法错误的是（）A.带有正电荷或负电荷的分子(或离子)都易与水结合，因此，水是良好的溶剂B.氢键的存在，使水具有较低的比热容(1Kg的物质温度上升1℃所需的

能量)，因此，水能维持生命系统的稳定性C.自由水与结合水的比例处于动态变化中，与细胞的新陈代谢程度有关，有利于生物体适应不同的环境D.结合水与细胞中的蛋白质、多糖相结合，失去流动性和溶解性，无法参与生物化学反应【答案】B【解析】【分析】生物体的一切生命活动离不开水，水是活细胞中含量

最多的化合物；细胞内水的存在形式是自由水和结合水，结合水是细胞结构的主要组成成分，自由水是良好的溶剂、是许多化学反应的介质、自由水还参与许多化学反应，自由水对于营养物质和代谢废物的运输具有重要作用；自由水与结合水的比值越大，细胞代谢越旺盛，反之亦

然。【详解】A、水分子是极性分子，易与带正电荷或负电荷的分子或离子结合，因此水是良好的溶剂，A正确；B、由于水分子的极性，一个水分子的氧端靠近另一水分子的氢端时，它们之间的静电吸引作用就形成一种弱的引力，这种弱的引力称为氢键；氢键的存在，使水有较高的比

热容，使水的温度不易发生改变，有利于维持生命系统的稳定，B错误；C、自由水与结合水的比值不同，细胞的代谢强度不同，细胞内自由水和结合水比例时刻处于动态变化中，这与细胞的代谢强度和所处环境有关，有利于生物体适应不同的环境，C正确；D、细胞内结合水与蛋白质、多糖等结合，失去流动性和溶解

性，成为细胞结构的重要组成成分，无法参与生物化学反应，D正确。故选B。14.英国医生塞达尼•任格在对离体蛙心进行实验的过程中发现，用不含钙的生理盐水灌注蛙心，收缩不能维持，用含有少量钙和钾的钠盐溶液灌流时，蛙心可持续跳动数小时。该实验说明钙盐（）A.是细胞中某些复杂化合物的重要组

成部分B.对维持细胞的形态有重要作用C.对维持生物体的生命活动有重要作用D.为蛙心的持续跳动提供能量【答案】C【解析】【分析】无机盐的功能有：细胞中某些复杂化合物的重要组成成分；如Fe2+是血红蛋白的主要成分；维持细

胞的生命活动，如Ca可调节肌肉收缩和血液凝固，血钙过高会造成肌无力，血钙过低会引起抽搐；维持细胞的酸碱度。【详解】A、细胞内某些复杂化合物的重要组成部分，如血红蛋白需要铁离子，但是题干中的钙离子未体现此功能，A错误；B、题中使用的是

少量钙离子的生理盐水，对渗透压影响不大，不能体现出钙离子对维持细胞的形态有重要作用，B错误；C、用不含钙离子的生理盐水处理蛙心，收缩不能维持，用含有少量的钙离子的生理盐水处理蛙心，肌肉收缩，说明无机盐离子对维持生物体的生命活动有着重

要作用，C正确；D、无机盐不能提供能量，ATP可以为蛙心的持续跳动提供能量，D错误。故选C。15.下图为对刚收获的种子所做的一系列处理，据图分析有关说法正确的是（）A.①和②均能够萌发形成幼苗B.④和⑤是同一种物质，且在细胞中存在形式和含量相同C.点燃后产生CO2中的C来自种子的糖类等有

机物D.人一生中体内④与⑤的比值随年龄增长而增大【答案】C【解析】【分析】由图分析可知，①表示种子晒干的过程，②表示种子烘干的过程，③是种子燃烧后剩下的灰分，是无机盐，④表示在种子晒干过程中失去的自由水，⑤表示在种子烘干过程中失去的结合水。【详解】A、①表示种子晒干的过程，失去自由

水的种子仍保持生理活性，用水浸泡后仍能萌发，②表示种子烘干的过程，失去结合水的细胞失去生理活性，浸泡后不萌发，故②不能够萌发形成幼苗，A错误；B、④是自由水，⑤是结合水，都属于同一种物质，但是在细胞中存在形式和含量不同，B错误；C、种子中含有糖类等有机物，这些有机物中都含有C，点

燃后产生CO2中的C来自于种子的糖类等有机物，C正确；D、自由水与结合水的比值与新陈代谢有关，比值越大，新陈代谢越活跃，而人随着年龄的增长，身体机能衰退，新陈代谢减慢，人一生中体内④自由水与⑤结合水的比值随年龄增长而减小，D错误。故选C。1

6.实验测得小麦大豆花生三种生物干种子中三大类有机物含量如图，叙述正确的是（）A.向小麦种子的研磨滤液中加入斐林试剂，就会呈砖红色B.用双缩脲试剂检验大豆组织样液中存在蛋白质加热呈蓝色C.萌发时相同质量的三种种子需要的O2量基本相同D.选用花生检验细胞中有脂肪存在时需要使用显微镜【答案】D【

解析】【分析】【详解】A、小麦种子中储存的主要是淀粉，淀粉不是还原糖，不能与斐林试剂反应生成砖红色沉淀，A错误；B、用双缩脲试剂检验大豆组织样液中存在蛋白质时不需要加热，反应生成紫色物质，B错误；C、花生种

子中脂肪含量多，萌发时相同质量的三种种子中花生种子需要的O2量多，C错误；D、选用花生检验细胞中有脂肪存在时需要使用显微镜，D正确。故选D。17.关于生物体内的氨基酸和蛋白质的叙述错误的是（）A.氨基

酸都至少含有一个羧基和氨基，且连在同一个碳原子上B.有的蛋白质起信息传递作用，这些蛋白是细胞中重要的结构蛋白C.食物中的蛋白质分解成必需氨基酸和非必需氨基酸才能被人体吸收D.煮熟的鸡蛋中蛋白质分子的空间结构发生变化，容易

被蛋白酶水解【答案】B【解析】【分析】构成蛋白质的基本单位是氨基酸，其结构通式是，即每种氨基酸分子至少都含有一个氨基和一个羧基，且都有一个氨基和一个羧基连接在同一个碳原子上，这个碳原子还连接一个氢和一个R基，氨基酸的不同在于R基的不同。蛋白质是生命活动的主要承担者，蛋

白质的结构多样，在细胞中承担的功能也多样：①有的蛋白质是细胞结构的重要组成成分，如肌肉蛋白；②有的蛋白质具有催化功能，如大多数酶的本质是蛋白质；③有的蛋白质具有运输功能，如载体蛋白和血红蛋白；④有的蛋白质具有信息传递，能够调节机体的生命活动，如胰岛素；⑤有

的蛋白质具有免疫功能，如抗体。【详解】A、氨基酸都含有至少一个羧基和一个氨基，且连在同一个碳原子上，A正确；B、蛋白质具有催化、运输、信息传递、免疫等功能，这些蛋白称为功能蛋白，B错误；C、蛋白质是大分子物质，不能直接被人体吸收，食物中的蛋白质必须经消化分解成氨

基酸才能被人体吸收，构成蛋白质的氨基酸按在人体中是否能够合成分为必需氨基酸和非必需氨基酸，C正确；D、煮熟的鸡蛋中蛋白质分子的空间结构变得伸展、松散，容易被蛋白酶水解，但肽键没有断裂，D正确。故选B。【点睛】本题考查氨基酸和蛋白质相关知识

，意在考查考生理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系的能力。18.肉毒梭菌是致死性最高的病原体之一。肉毒梭菌的致病性在于其产生的神经麻痹毒素，即肉毒类毒素。它是由两条链盘曲折叠而成的一种生物大分子。下面是肉毒类毒素的局部结构简式，请

据此选出正确的一项（）A.高温使肉毒类毒素的肽键断裂从而失活B.一分子肉毒类毒素至少含有1个氨基和1个羧基C.肽键形成时脱去的氧元素来自于基本单位的R基D.肉毒类毒素是在细胞中由氨基酸经过脱水缩合而成【答案】D【解析】【分析】氨基酸在核糖体中通过脱水缩合形成多肽链，而脱水缩合是指一个氨基酸分子的羧

基（-COOH）和另一个氨基酸分子的氨基（-NH2）相连接，同时脱出一分子水的过程；连接两个氨基酸的化学键是肽键，其结构式是-CO-NH-；氨基酸形成多肽过程中的相关计算：肽键数=脱去水分子数=氨基酸数一肽链数，游离氨基或羧基数=肽链数+R基中含

有的氨基或羧基数，至少含有的游离氨基或羧基数=肽链数，氮原子数=肽键数+肽链数+R基上的氮原子数=各氨基酸中氮原子总数，氧原子数=肽键数+2×肽链数+R基上的氧原子数=各氨基酸中氧原子总数一脱去水分子数，蛋白质的相对分子质量=氨基

酸数目×氨基酸平均相对分子质量一脱去水分子数×18。【详解】A、高温使肉毒类毒素空间结构改变而变性，其肽键并未断裂，A错误；B、一分子肉毒类毒素由两条链盘曲折叠而成，至少含有2个氨基和2个羧基，B错误；C、肽键形成时脱去的氧元素来自于基本单位的羧基，C错误；D、肉毒类

毒素是大分子蛋白质，其基本单位是氨基酸，是在细胞中由氨基酸经过脱水缩合而成，D正确。故选D。【点睛】19.下列关于脂肪和糖类的叙述不正确的是（）A.植物脂肪大多含不饱和脂肪酸，大多数动物脂肪含饱和脂肪酸B.脂肪分子中氢含量低于糖类，氧含量高于糖类C.婴幼儿服用钙片的

同时服用维生素D有助于对钙的吸收D.在一定条件下，糖类可以大量转化为脂肪，但脂肪不能大量转化为糖类【答案】B【解析】【分析】糖类是生物体的主要能源物质，植物中的纤维素属于多糖是细胞壁的主要组成成分，纤维素的基本组成单位是葡萄糖；脂质分为脂肪、磷脂和固醇，脂肪是良好的储能物质，磷

脂是细胞膜的主要组成成分之一，固醇中的胆固醇是细胞膜的重要组成成分，还参与血液中脂质的运输。【详解】A、植物脂肪大多含有不饱和脂肪酸，室温时呈液态，大多数动物脂肪含有饱和脂肪酸，室温时呈固态，A正确；B、脂肪中氢含量高于糖类，氧含量低于糖类，B错误：C、维生素D可以促

进肠道对钙的吸收，故婴幼儿服用钙片的同时服用维生素D，C正确；D、在一定条件下，糖类可大量转化为脂肪，而脂肪只有在糖类代谢出现障碍时才能转化为糖类，且不能大量转化为糖类，D正确。故选B。20.以花生子叶为

实验材料进行脂肪的检测时，制作临时装片的步骤是（）①盖上盖玻片②切子叶③苏丹Ⅲ染液染色④滴蒸馏水⑤用酒精洗去浮色A.④②①③⑤B.②④①③⑤C.④②③①⑤D.②③⑤④①【答案】D【解析】【分析】脂肪的鉴定：操作方法注意

问题解释花生种子浸泡、去皮、切下一些子叶薄片，将薄片放在载玻片的水滴中，用吸水纸吸去装片中的水。干种子要浸泡3~4小时，因为浸泡时间短，不易切片；切片要尽可能薄些，便于观察。在子叶薄片上滴2~3滴苏丹Ⅲ或苏丹Ⅳ染液，染色1分钟。染色时间不宜过长。用吸水纸吸去

薄片周围染液，用50%酒精洗去浮色，吸去酒精。酒精用于洗去浮色，不洗去浮色，会影响对橘黄色脂肪滴的观察。用吸水纸吸去薄片周围酒精，滴上1~2滴蒸馏水，盖上盖玻片。低倍镜下找到花生子叶薄片的最薄处，可看到细胞中有染成橘黄色或红色圆形小颗粒。【详解

】脂肪的检测时，制作临时装片的步骤正确顺序是：②切子叶、③苏丹Ⅲ染液染色、⑤用酒精洗去浮色、④滴蒸馏水、①盖上盖玻片。故选D。21.如图是几种生物的分类图，关于①②③④各类生物各自共同特征的叙述正确的是（）A.①中的两个生物是原核生物，均具有细胞壁B.②中的生

物均以RNA作为遗传物质C.③中的生物都具细胞结构，且都有细胞壁D.④中的生物都是原核生物，均有核糖体【答案】C【解析】【分析】据题分析，T2噬菌体为DNA病毒；大肠杆菌为细菌，属于原核生物；硝化细菌为自养细菌，属于

原核生物；蓝藻为自养生物，属于原核生物；黑藻是植物，是自养生物，属于真核生物。【详解】A、①中T2噬菌体是病毒不是原核生物没有细胞壁，大肠杆菌是原核生物有细胞壁，A错误；B、②中T2噬菌体、大肠杆菌、硝化细菌都以DNA为遗传物质，B错误；C、③中大肠杆菌、硝化细菌、蓝藻为原核生物

都有细胞壁，黑藻为植物有细胞壁，且四种生物都为细胞生物，C正确；D、④中硝化细菌、蓝藻和黑藻都有核糖体，硝化细菌和蓝藻都是原核生物，黑藻是植物，属于真核生物，D错误。故选C。【点睛】注意总结常考易混的生物类别。(1)单细胞生物并不都是原核生物。单细胞原生动物(如常见的草履虫、变

形虫、疟原虫等)是真核生物；单细胞绿藻(如衣藻)、单细胞真菌(如酵母菌)等都是真核生物。(2)生物名称中带有“藻”字的生物并不都是真核生物。绿藻、红藻等属于真核生物,而蓝藻(如蓝球藻、念的珠藻、颤藻等)属于原核生物。(3)

生物名称中带有“菌”字的生物并不都是细菌。①从名称上看，凡是“菌”字前带有“杆”“球”“螺旋”及“弧”字的都是细菌,属于原核生物。②放线菌不是细菌,但属于原核生物。③酵母菌、霉菌(如根霉、青霉、曲霉、毛霉等)、大型真菌(如蘑菇、木耳、银耳、猴头、

灵芝等)是真菌类，不是细菌，属于真核生物。22.中国科学家屠呦呦等发现的青蒿素是从黄花蒿中分离的一种抗恶性疟疾的脂质，分子式为C15H22O5。以下关于青蒿素的叙述，正确的是（）A.组成元素与其他脂质分子相同B.

与其他脂质一样都是生物大分子C.属于细胞中的储能物质D.能利用乙醇、乙醚等进行提取【答案】D【解析】【分析】脂质主要是由C、H、O三种化学元素组成，有些还含有N和P。脂质包括脂肪、磷脂、和固醇。a、脂肪是生物体内的储能物质。除此以外，脂肪还有保温、缓冲、减压的作用；b、磷脂是

构成包括细胞膜在内的膜物质重要成分；c、固醇类物质主要包括胆固醇、性激素、维生素D等，这些物质对于生物体维持正常的生命活动，起着重要的调节作用。胆固醇是构成动物细胞膜的重要成分，在人体内还参与血液中脂质的运输；性激素能促进

人和动物生殖器官的发育及生殖细胞的形成；维生素D能有效地促进人和动物肠道对钙和磷的吸收。【详解】A、有的脂质分子除含有C、H、O外还含有P、N，A错误；B、脂质不是生物大分子，B错误；C、细胞中属于能源物质的脂质分子是脂肪，C错误；D、各类脂质共有的特点是不溶于水而

溶于有机溶剂，D正确。故选D。23.下列有关氨基酸和蛋白质的叙述中，错误的是A.甲硫氨酸的R基是－CH2－CH2－S－CH3，则它的分子式是C5H11O2NSB.形成分子式为C63H105O45N17S2的多肽链化合物，最多脱去的水分

子数是16个C.蛋白质的结构多种多样与氨基酸的种类、数目和排列顺序不同有关D.某蛋白质有2条肽链，600个氨基酸组成，该蛋白质至少有氧原子的个数是598【答案】D【解析】【分析】蛋白质的基本单位是氨基酸，不同氨基酸的主要区别在于R基不同，蛋白质

具有多种功能，如调节作用（激素）、免疫作用（抗体）、运输作用（载体）、催化作用（酶）等。【详解】A、氨基酸的分子式为：C2H4O2R，甲硫氨酸的R基是－CH2－CH2－S－CH3，则它的分子式是C5H11O2NS，A正确；B、分子式为C63H105O45N17S2的多肽链化合物最多

含有17个氨基酸，最多脱去的水分子数是16个，B正确；C、蛋白质的结构多种多样与氨基酸的种类、数目和排列顺序不同及多肽的空间结构有关，C正确；D、某蛋白质有2条肽链，600个氨基酸组成，该蛋白质至少有氧原子的个数是肽键数氧原子数（600-2）+游离的羧基中的氧原子2×2=

602个，D错误。故选D。24.某多肽有20个氨基酸，其中天冬氨酸有4个，分别位于5、6、15、20位（如图所示）；肽酶X专门作用于天冬氨酸羧基端的肽键，肽酶Y专门作用于天冬氨酸氨基端的肽键，下列相关叙述正确的是（）A.该20肽含有肽键至少有21个B.该20肽游离的氨基和羧基

各为1个和8个C.肽酶X完全作用后产生的多肽共含有氨基酸19个D.肽酶Y完全作用后产生的多肽中氧原子数目比20肽多了4个【答案】C【解析】【分析】多肽链形成时，相邻两氨基酸之间氨基和羧基之间发生脱水缩合，形成一个肽键并失去一分子的水，在此过程中R

基（每个天冬氨酸的R基中含1个羧基）不参与反应。【详解】A、某多肽应是一条肽链，根据肽键数目＝氨基酸数目－肽链条数，故20肽含有肽键数目应是20-1＝19个，A错误；B、该20肽含游离的氨基或羧基数目＝肽链条数+R基中含有的氨基或羧基数，则氨基数目至少

1个，而羧基数目至少4+1=5个，B错误；C、肽酶X专门作用于天冬氨酸羧基端的肽键，完全作用后第6位氨基酸脱离该多肽链，剩下的多肽链中共含有19个氨基酸，C正确；D、肽酶Y专门作用于天冬氨酸氨基端的肽键，肽酶Y完全作用该多肽链后，共断

开4个肽键（分别位于的第4和5、5和6、14和15、19和20位氨基酸之间），其中的第5位和第20位天冬氨基酸会脱离肽链，每断开一个肽键消耗1分子水而增加1个氧原子，故增加4个氧原子，又因为第5位和第20位天冬氨酸的脱离（每个天冬基酸中含有4个氧原子），共减少8个氧原子，所以肽酶Y完全作用后

产生的多肽中，氧原子数目比20肽少8-4=4个，D错误。故选C。25.如图甲是组成乙或丙的基本单位（单体），下列相关叙述错误的是（）A.若甲中的m是T，则甲一定是乙的组成单位B.病毒中的核酸彻底水解得到6种水解产物C.人的神经细胞中含有甲的种类是8种D.小麦根尖细

胞遗传物质中，含4种甲中的m、2种a【答案】D【解析】【分析】分析甲图：甲为核苷酸，其中a为五碳糖，b为核苷酸，m为含氮碱基；分析乙图：乙为DNA分子双螺旋结构；分析丙图：丙为mRNA。【详解】A、若甲中的m是T，则甲是脱氧核糖核苷酸，则甲

一定是乙DNA的组成单位，A正确；B、病毒只含有一种核酸，DNA或RNA，故彻底水解得到磷酸、1种五碳糖、4种含氮碱基，共6种水解产物，B正确；C、人的神经细胞含有DNA和RNA，因此含有四种核糖核苷酸和四种脱氧核苷酸，共8种核苷酸，C正确；D、小麦根尖细胞遗传物质是

DNA，含有四种含氮碱基m，A、T、C、G，1种五碳糖a，即脱氧核糖，D错误。故选D。26.某多肽分子式是C21Hx0yN4S2（无二硫键）已知该多肽是由下列氨基酸中的某几种作原料合成的:亮氨酸（C6H13N02）、天门冬氨

酸（C4H7N04）、苯丙氨酸（C9H11N02）、丙氨酸（C3H7N02）、半胱氨酸（C3H7N02S）。以下对该多肽的描述不正确的是A.有3个肽键B.水解后得到4种氨基酸C.含有氧原子和氢原子的数

目分别为5和32D.只有1个羧基【答案】B【解析】【分析】分析题干信息可知，该多肽链中含有4个N原子，组成多肽链的几种氨基酸都只含有一个N原子，因此该肽链是由4个氨基酸脱水缩合形成的，又知多肽链中含有2个S，题中几种氨基酸只有半胱氨酸（C3H7NO2S）含有

1个S，因此该多肽链中含有2个半胱氨酸（C3H7NO2S）。【详解】A、该多肽链是由4个氨基酸脱水缩合形成的，因此含有3个肽键，A正确；B、该多肽链含有4个氨基酸，其中有2个是半胱氨酸（C3H7NO2S），因此最多含有3种氨基酸，B错误；C、由多肽分子式中N4，且列举的氨基酸中都只含

1个N原子，所以该多肽由4个氨基酸合成；由S2可推知该多肽中应包括2个半胱氨酸（C3H7O2NS），由C21可知另外两个氨基酸是苯丙氨酸（C9H11O2N）和亮氨酸（C6H13O2N）四个氨基酸脱去3分子水，因此含有的O是2×4-3=5，H是7×2+11+13-3×2

=32，C正确；D、该肽链是由2个半胱氨酸（C3H7O2NS）、苯丙氨酸（C9H11O2N）和亮氨酸（C6H13O2N）形成的一条肽链，因此只有1个羧基，D正确。【点睛】本题综合考查多肽结构组成蛋白质的氨基酸的相关知识，意在考查学生理解所学知识的要点和综合运用所学知识分析问题的能力。27.有关图中

蛋白质的叙述，正确的是（）A.此蛋白质共有2条肽链B.共有95个肽键C.此蛋白质的R基中共含有22个氨基D.99个氨基酸形成此蛋白质时，共减少的相对分子质量为1764【答案】C【解析】【分析】1、蛋白

质是氨基酸通过脱水缩合而成，一条肽链中至少有一个游离的氨基和一个游离的羧基，在肽链内部的R基中可能也有氨基和羧基。2、在形成多肽链的过程中，肽键数=脱去水的分子数=氨基酸总数-肽链数。【详解】A、此蛋白质含有的肽链数=羧基总数-R基上羧基数目=26-23=3条，A错误；B

、此蛋白质中的肽键数=氨基酸总数-肽链数=99-3=96个，B错误；C、氨基总数=R基上氨基数目+肽链数，故此蛋白质的R基中共含有25-3=22个氨基，C正确；D、99个氨基酸形成此蛋白质的过程中，共减少分子质量=（99-3）×18=17

28，D错误。故选C。28.如图1是细胞中化合物含量的扇形图，图2是有活性的细胞中元素含量的柱形图，下列说法不正确的是A.若图1表示细胞鲜重，则A、B化合物依次是H2O、蛋白质B.若图2表示组成人体细胞的元素含量，则a、b、c依次是O、C、HC.地壳与活细胞中含量最多的元素都是

a，由此说明生物界与非生物界具有统一性D.若图1表示细胞完全脱水后的化合物含量，则A化合物具有多样性，其必含的元素为C、H、O、N【答案】C【解析】【分析】分析图1，如果表示鲜重，则A是水，B是蛋白质，若表示干重，A则为

蛋白质；分析图2，a是元素O，b是C，c是H。【详解】A、活细胞中水含量最多，分析图1可知A含量最多，其次是B，因此如果图1表示细胞鲜重，则A、B化合物依次是H2O、蛋白质，A正确；B、细胞鲜重中含量最多的元素是O，其次的C、H，因此

如果图2表示组成人体细胞的元素含量，则a、b、c依次是O、C、H，B正确；C、生物界与非生物界具有统一性是指组成细胞的元素都能在自然界中找到，没有细胞特有的元素，而不是指化学元素的含量，C错误；D、蛋白质是细胞干重中含量最多的化合物，因此

如果图1表示细胞完全脱水后化合物的含量，则A化合物为蛋白质，含有的元素为C、H、O、N等，D正确。故选C。29.胆固醇主要在肝脏中合成，在血液中以脂蛋白的形式存在。主要分为低密度脂蛋白（LDL）胆固醇和高密度脂蛋白（HDL）胆固醇。LDL水平升高会增加患冠状动脉

硬化心脏病的危险，HDL可以将血液中多余的胆固醇转移到肝脏分解，最后通过肠道排出。下列有关胆固醇的叙述错误的是（）A.胆固醇是构成动物细胞膜的重要成分B.血液中LDL含量正常的机体不一定健康C.血液中L

DL含量偏高就会诱发冠状动脉硬化心脏病D.肝脏既能合成胆固醇也能分解胆固醇【答案】C【解析】【分析】脂质分为磷脂、脂肪和固醇。其中固醇包括胆固醇、性激素和维生素D。胆固醇是动物细胞膜的重要成分。根据题

意，LDL升高会增加患冠状动脉硬化心脏病危险，HDL可以将血液中多余的胆固醇转移到肝脏分解。【详解】A、胆固醇是构成动物细胞膜的重要成分，A正确；B、血液中LDL的含量正常机体不一定健康，还有其他影响因素，例如HDL偏高，B正确；C、HDL如果含量低的话，血液中的胆固醇不容易被清除；血液中LDL

含量偏高会增加冠状动脉硬化心脏病的危险，但不一定就会诱发该病，C错误；D、根据题意，胆固醇主要在肝脏中合成，HDL可以将血液中多余的胆固醇转移到肝脏分解，因而肝脏既能合成胆固醇又能分解胆固醇，D正确。故选C。【

点睛】30.生物大分子通常都有一定的分子结构规律，是由一定的基本结构单位，按一定的排列顺序和连接方式形成的多聚体，下列表述正确的是（）A.若该图为一段肽链的结构模式图，则1表示肽键，2表示中心碳原子，3的种类有20种的B.若该图为一段单链DNA的结构模式图，则1表

示磷酸基团，2表示脱氧核糖，3的种类有4种C.若该图为一段RNA的结构模式图，则1表示核糖，2表示磷酸基团，3的种类有4种D.若该图表示多糖的结构模式图，则淀粉、纤维素和糖原是相同的【答案】C【解析】【分析】1、组成蛋白质的基本单位是氨基酸（约有20种），氨基酸通过脱水

缩合形成蛋白质，氨基酸脱水缩合的结果是形成肽键。2、DNA的双螺旋结构：①DNA分子是由两条反向平行的脱氧核苷酸长链盘旋而成的；②DNA分子中的脱氧核糖和磷酸交替连接，排列在外侧，构成基本骨架，碱基在内测；③两条链

上的碱基通过氢键连接起来，形成碱基对且遵循碱基互补配对原则。【详解】A、如果该图为一段肽链的结构模式图，则1表示中心碳原子，2表示肽键，3表示R基，种类约有20种，A错误；B、如果该图为一段单链DNA的结构模式图，则1表示脱氧核糖，

2表示磷酸基团，3是碱基，DNA中的碱基含有A、T、C、G四种，B错误；C、如果该图为一段RNA的结构模式图，则1表示核糖，2表示磷酸基团，3表示含氮碱基有A、U、C、G四种，C正确；D、淀粉、纤维素和糖原的基本组成单位相同，都

是葡萄糖，但是不同多糖的葡萄糖之间的连接方式不同，D错误。故选C。二、非选择题31.下图甲、乙、丙、丁依次为细菌、蓝藻、病毒、人口腔上皮细胞结构示意图。回答下列问题：（1）目前，应对新冠肺炎传染病的最好办法是切断传播途径等。若从病人样本中分离到的病原体只能在_______________

_内完成代谢和繁殖，则该病原体属于丙。绝大多数细菌营腐生或寄生生活，属于________生物。（2）图中单个细胞就能完成一切生命活动的是________________，它们在生命系统结构层次中属于________。（3）蓝藻和人口腔上皮细胞在细胞结构上最根

本的区别是前者________________________。（4）细胞学说的建立不包括对上图中________所对应生物体的研究，该学说揭示了________________。【答案】（1）①.活细胞②.异养型（2

）①.甲和乙②.细胞和个体（3）没有以核膜为界限的细胞核（4）①.甲、乙、丙②.动物和植物的统一性，从而阐明了生物界的统一性【解析】【分析】病毒没有独立的代谢，只有寄生在活细胞中才能生活和繁殖。细菌和蓝细菌都是

原核生物，基本结构有细胞壁、细胞膜、细胞质和DNA集中的区域，没有成形的细胞核；酵母菌的基本结构有细胞壁、细胞膜、细胞质、细胞核。原核细胞与真核细胞最根本的区别是没有以核膜为界限的细胞核。细胞学说揭示了动物和植物的统一性，从而

阐明了生物界的统一性。【小问1详解】图中丙是病毒，病毒没有独立的代谢，只有寄生在活细胞中才能生活和繁殖。绝大多数细菌营腐生或寄生生活，属于异养型生物。【小问2详解】甲细菌和乙蓝藻是单细胞生物，故图中单个细胞就能完成一切生命活动的是甲细菌和乙蓝藻，它们

在生命系统结构层次中属于细胞和个体层次。【小问3详解】蓝细菌属于原核细胞，与人口腔上皮细胞在细胞结构上最根本的区别是没有以核膜为界限的细胞核。【小问4详解】甲细菌和乙蓝藻是原核生物、丙是病毒，细胞学说的建立不包括对原核生物和

病毒等生物体的研究，该学说揭示了动物和植物的统一性，从而阐明了生物界的统一性。32.水是生命之源，也是细胞内各种化学反应的介质，在细胞中有两种存在形式，即自由水和结合水。无机盐在生物体和细胞中也有着重要的作用。请回答下列有关问题：（1）农民将新收获的种子放在场院晾晒，

是为了除去部分________，然后再将其储存。这样做有两个目的，一是防止水分过多而霉变；二是通过减少水份可降低种子的____________，从而减少有机物的消耗。（2）在寒冷的冬天随着气温的不断下降，自由水与结合水的比值变________，有利于植物的抗逆性的_______（添“加强”、“减弱

”或“不变”），原因是________水不易结冰，不会因发生蒸腾作用而散失。（3）无机盐在细胞内主要以_______形式存在，有的无机盐能维持生物体或细胞内的______，缓冲pH变化。（4）人在长跑后，因流汗过多常出现抽搐现象，这是因为身体中哪种盐含量太低_____。A.K+B.

Na+C.Ca2+D.Mg2+【答案】（1）①.自由水②.呼吸作用（或新陈代谢）（2）①.小②.加强③.结合（3）①.离子②.酸碱平衡（4）C【解析】【分析】1、细胞内的水以自由水与结合水的形式存在，自由水与结合水可以相

互转化，自由水与结合水比值越高，细胞代谢越旺盛，抗逆性越差，反之亦然。2、无机盐的功能：（1）是细胞的结构成分；（2）参与并维持生物体的代谢活动；（3）维持生物体内的酸碱平衡；（4）维持细胞的渗透压，尤其对于植物吸收养分有重要作用。【小问1详解】农民将新收获的种子放在场院

晒干，该过程丢失的水是自由水；种子晒干后自由水含量下降，既可以降低种子细胞呼吸作用消耗有机物，也可以防止种子霉变。【小问2详解】在寒冷的冬天随着气温的不断下降，自由水与含水量的比值不断降低，新陈代谢不断减弱，有利于植物抗逆性增

加，原因是结合水不易结冰，不会因发生蒸腾作用而散失。【小问3详解】无机盐在细胞内主要以离子形式存在，少部分构成复杂的化合物；无机盐能维持细胞和生物体渗透压正常，从而使细胞保持一定的形态；有的无机盐能维持细胞或生物体内酸碱平衡，缓冲pH变化。【小问

4详解】人体中的钙以离子的形式存在，对于维持机体的生命活动具有重要功能，人体中血钙含量过低，可能会引起抽搐，人在长跑后，因流汗过多丢失钙过多常出现抽搐现象。故选C。33.根据下列图示回答问题：（1）图中X、Y元素分别表示_____、_____。（2）生物大分子D除可

行使图示功能外有_____、_____、_____功能。（3）单体C是_____，若物质M由两条链组成，则与N相比，M特有的组成成分是_____、_____。（4）图中的B是_____；E在水稻种子中主要是指__

___，在动物体内主要是指_____。（5）生物大分子D、E、F都以_____为基本骨架，都是由许多单体连接成的多聚体。【答案】①.N②.P③.调节④.运输⑤.免疫⑥.核苷酸⑦.脱氧核糖⑧.胸腺嘧啶⑨.葡萄糖（单糖）⑩.淀粉⑪.糖原⑫.碳链【解析】【

分析】图中D是蛋白质，A是氨基酸，X为N元素；B的组成元素为C、H、O，E为生物大分子，E可能是多糖；M、N能携带遗传信息，可表示DNA、RNA，F为核酸，C是核苷酸，X为N元素、Y是P元素。【详解】（

1）根据分析可知，图中X、Y元素分别表示N、P。（2）生物大分子D为蛋白质，除可行使图示功能外，还有调节、免疫、运输等功能。（3）单体C是构成核酸的基本单位，为核苷酸，若物质M由两条链组成，则为DNA，与N（RNA）相比，M特有的碱基是胸腺嘧啶、含有的五碳糖是脱氧核糖。（4）图中的B

是构成大分子多糖的基本单位，为葡萄糖；E为多糖，在水稻种子中主要是指淀粉，在动物体内主要是指糖原。（5）生物大分子D（蛋白质）、E（多糖）、F（核酸）都以碳链为基本骨架，都是由许多单体连接成的多聚体。【点睛】本题的知识点是蛋白质、核酸、

多糖的组成元素、基本单位和功能，旨在考查学生对于蛋白质和核酸的相关知识的比较掌握程度。34.下面是某化合物的结构简图，请据图回答：（1）该化合物是由_____个_____种氨基酸，失去_____个水分子形成的。（2）若该化合物从左至右水解，则生成的第三个氨基酸的结构简式表示为_____

。（3）一种蛋白质含有2条多肽链，A链含有31个氨基酸，B链含有40个氨基酸，2条多肽链间通过2个二硫键（一个二硫键是由2个—SH连接而成的，—SH＋SH—→—S—S—＋2H）连接，在A链上也形成1个二硫键，如图所示为

该蛋白质的平面结构示意图。根据以上材料回答问题：从理论上分析，蛋白质分子至少有_____个—NH2，这71个氨基酸形成蛋白质后，分子质量比原来减少了_____。【答案】（1）①.5②.4③.4（2）NH2-CH2-COOH（3）①.2②.1248【解析】【

分析】脱去的水分子数=形成的肽键个数=氨基酸个数-肽链条数；由图可知，该化合物有4个肽键，由5个氨基酸脱去4分子水形成。【小问1详解】该化合物有4个肽键，因此该化合物含有5个氨基酸；由图可知，该化合物中含有5个R基，其中2个

R基是-H，R基只有4种，因此该化合物由4种氨基酸构成。脱去的水分子数=形成的肽键个数，该化合物在脱水缩合过程中失去了4分子水。【小问2详解】若该化合物从左至右水解，则生成的第三个氨基酸的R基-H，因此第三个氨基酸的结构简式为NH2-C

H2-COOH。【小问3详解】蛋白质分子至少含有的氨基数或羧基数，应该看肽链的条数，有几条肽链，则至少含有几个氨基或几个羧基，因此该蛋白质分子至少含有2个氨基。根据题意和图示分析可知：该蛋白质含有71个氨基酸，2条肽链，71个氨基酸形成蛋白质的过程中脱去69个水，同时还有3个二硫键中的6个氢，

所以这71个氨基酸形成蛋白质后，相对分子质量比原来分子量减少了18×69+1×6=1248。【点睛】答题关键在于理解组成蛋白质的氨基酸的结构特点、氨基酸的脱水缩合过程，掌握氨基酸脱水缩合的过程及相关计算，运用延伸规律结合图中信息答题。