【文档说明】新疆生产建设兵团第一师高级中学2022-2023学年高一下学期3月月考物理试题 含解析.docx，共(17)页，784.984 KB，由小赞的店铺上传

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高一第二学期第二次月考试卷物理注意事项：1、考试范围为必修第二册第五章、第六章1-2节。2、把所有答案写在答案卷上，没有写的视为没有作答。3、考试时间为90分钟，满分为100分。一、选择题（1-8题为单选，9-12为

多选，每小题4分，共48分。多选题少选得2分，错选不得分。）1.救灾过程中，工作人员在悬停的直升飞机上，由静止释放救灾物资。物资在下落过程中受到水平风力的影响，下列说法正确的是（）A.风力越大，救灾物资下落时间越长B.风力越大，救灾物资着地速度越大C.风力越大，救灾

物资着地速度越小D.救灾物资着地速度与风力无关【答案】B【解析】【详解】救灾物资同时参与了两个分运动，竖直方向自由下落和水平方向随风飘，两个分运动同时发生，相互独立。A．因为竖直方向做自由下落运动，救灾物资下落时间只与高度有关，

与水平风力无关，故A错误；BCD．风力越大，着地时救灾物资水平速度越大，竖直速度不变，所以救灾物资着地速度越大，故B正确，CD错误；故选B。2.如图，水平桌面上放一条形磁铁，小钢球从斜槽上某处释放，它在桌面上的运动轨迹可能

是（）A.aB.bC.cD.d【答案】D【解析】【详解】小钢球受到磁铁吸引力与其速度方向不在同一直线上，小钢球将做曲线运动，且轨迹的凹侧应朝向磁铁。故选D3.斜抛运动与平抛运动相比较，相同的是()A.都是匀变速曲线运动B.平抛

匀变速曲线运动，而斜抛是非匀变速曲线运动C.都是加速度逐渐增大的曲线运动D.平抛运动是速度一直增大的运动，而斜抛是速度一直减小的曲线运动【答案】A【解析】【详解】ABC．平抛运动与斜抛运动的共同特点是它们以一定的初速度抛出后，都只受重力作用，合外力为mg，根据牛顿第二定律可以知道平抛运动和斜抛运

动的加速度都是恒定不变的，大小为g，方向竖直向下，都是匀变速曲线运动，故A符合题意，BC不符合题意；D．平抛运动的水平速度不变，竖直速度变大，则根据速度的合成可知，速率一直在增大，斜抛运动分为斜向上和斜向下

抛，斜向上抛的速率先减小后增大，斜向下抛，速率一直增大，故D不符合题意。故选A。4.关于圆周运动，下列说法正确的是（）A.做圆周运动的物体受到的合力一定指向圆心B.做匀速圆周运动的物体的加速度不变C.做匀速圆周运动的物体的速度方向是运动轨迹的切线方向D

.荡秋千时秋千落下过程的运动可以近似看做匀速圆周运动【答案】C【解析】【详解】A．做匀速圆周运动的物体合力一定指向圆心，但做变速圆周运动的物体受到的合力不指向圆心，故A错误；B．做匀速圆周运动的物体的加速度

大小不变，但方向总是改变，故B错误；C．做匀速圆周运动的物体的速度方向是运动轨迹的切线方向，故C正确；D．荡秋千时秋千落下运动的过程中，速度逐渐增大，不可以近似看做匀速圆周运动，故D错误。故选C。。是5.下列关于向心力的说法正确的是（）A.物体由于做圆周运动而产生了向心力B.向心力就是物体

受到的合力C.做匀速圆周运动的物体其向心力是不变的D.向心力改变做圆周运动的物体的速度方向【答案】D【解析】【详解】A．物体做圆周运动就需要有向心力，向心力是由外界提供的，不是由物体本身产生的，选项A

错误；B．匀速圆周运动中由合力提供向心力，变速圆周运动中合力与向心力是不同的，选项B错误；C．向心力始终指向圆心，方向时刻在改变，即向心力是变化的，选项C错误；D．向心力的方向与速度方向垂直，不改变速度的大小，只改变速度的方向，选项D正确。故选

D。6.如图所示，B和C是一组塔轮，即B和C半径不同，但固定在同一转动轴上，其半径之比为BC:3:2RR=。A轮的半径与C轮相同，它与B轮紧靠在一起。当A轮绕其中心的竖直轴转动时，由于摩擦作用，B轮也会随之无滑动地转动。a、b、c分别为三个转轮A、

B、C边缘上三个质量相同的点，在运动过程中，a、b、c三点的（）A.线速度大小之比为3:2:2B.角速度大小之比为3:2:2C.转速之比为2:3:2D.向心力大小之比为4:6:9【答案】B【解析】【详解】AB．A、B轮摩擦

传动，故abvv=则有aAbBRR=解得:3:2ab=B、C同轴转动，角速度相同，则有32bBBcCCvRRvRR===因此::3:3:2abcvvv=角速度之比为::3:2:2abc=故A错误，B正确；C．转速之比等于角速度之比，故C错

误；D．由Fmv=可得向心力大小之比为123::9:6:4FFF=故D错误。故选B。7.距离北京冬奥会只有一年多的时间，我国跳台滑雪国家集训队比往年更早开始了新赛季的备战。如图所示，一位跳台滑雪运动员从平台末端a点以某一初速度水平滑出，在空中运动一段时间后落在斜坡b点，不计空气

阻力，对运动员下列说法正确的是（）A.在相等的时间间隔内，重力势能的改变量总是相同的B.在相等的时间间隔内，速度的改变量总是相同的C.在下落相等的高度的过程中，速度的改变量总是相同的D.若增大初速，则运动员落在斜坡上时速度方向与水平方向的夹角变大【答案】B【解析】【分析】【详解】

A.在相等的时间间隔内，竖直方向上的位移不相等,所以重力势能的改变量不相同，A错误；B.水平方向做匀速直线运动，速度不变，在竖直方向上，根据vgt=，在相等的时间间隔内，速度的改变量总是相同的，B正确；C.竖直方向做自由落体运动，速度越来越大，相同的位移所需要

的时间越来越小，由vgt=其速度的改变量不相同，C错误；D.由平抛运动可得速度方向的夹角为00tanyvgtvv==位移方向的夹角为20012tan2gthgtxvtv===因此可得tan2tan=若增大初速，运动员落在斜坡上时位移方向与

水平方向的夹角保持不变，速度方向与水平方向的夹角α也不变，D错误。故选B。8.如图所示，乒乓球的发球器安装在水平桌面上，竖直转轴OO′距桌面的高度为h，发射器O′A部分长度也为h。打开开关后，可将乒乓球从

A点以初速度v0水平发射出去，其中2gh≤v0≤22gh，设发射出的所有乒乓球都能落到桌面上，乒乓球自身尺寸及空气阻力不计。若使该发球器绕转轴OO′在90°角的范围内来回缓慢水平转动，持续发射足够长时间后，乒乓球第一次与桌面相碰区域的最大面积S是

（）A.2πh2B.3πh2C.4πh2D.8πh2【答案】C【解析】【详解】根据平抛运动规律h=12gt2解得t=2hg以最小速度v1=2gh发射的乒乓球，水平位移最小，最小位移为x1=v1t=2gh2hg=

2h对应的与桌面相碰区域的14圆半径为r1=h+x1=3h以最大速度v2=22gh发射的乒乓球，水平位移最大，最大位移为x2=v2t=22gh2hg=4h对应的与桌面相碰区域的14圆半径为r2=h+x2=5

h乒乓球第一次与桌面相碰区域的最大面积S=14π[（5h）2-（3h）2]=4πh2故选C。9.做斜抛运动物体，到达最高点时（）A.具有竖直方向的速度B.速度为零C.具有水平方向的速度的D.具有竖直向下的加速度【答案】CD【解析】【分析】【详解】做

斜抛运动的物体，到达最高点时，只具有水平方向速度，没有竖直速度，其加速度方向竖直向下。故选CD。10.小船要渡过200m宽的河面，水流速度是4m/s，船在静水中的航速是5m/s，则下列说法不正确的是（）A.船头指向即船的实际航线，也就是合速

度方向B.由于水流速度小，小船过河的最短位移大于200mC.小船过河所需的最短时间是50sD.如果水流速度增大为6m/s，小船过河所需的最短时间不变【答案】ABC【解析】【详解】A．在静水中船头指向只是船速方向，不是船的

实际航线，合速度方向是船的实际航线方向，故A错误；B．由于水流速度小，小船可以垂直过河，所以最短位移等于200m，故B错误；C．船头垂直于河岸时渡河时间最短，小船过河所需的最短时间是min200s40s5dtv==

=船故C错误；D．船渡河的最短时间是由船速决定的，与水流速度无关，则如果水流速度增大，小船过河所需的最短时间不变，故D正确。故选ABC。11.某玩具飞机的生产厂家在测试飞机时，通过计算机描绘出了某测试飞机在18s内的速度

—时间图像，其中图1表示水平方向的速度随时间的变化规律，图2表示竖直方向的速度随时间的变化规律。则下列说法正确的是（）A.06s−的时间内飞机的轨迹为直线，618s−的时间内飞机的轨迹为曲线B.06s−的时间内飞机上升，618s−的时间内飞机下降C.18s末飞

机上升到最高点D.6s末飞机的速度最大【答案】ACD【解析】【详解】A．06s−的时间内飞机在水平方向上做初速度为零的匀加速直线运动，在竖直方向上做初速度为零的匀加速直线运动，所以06s−的时间内飞机的合速度为初速度为零的匀加速直线运动，轨迹为直线；618s−的时间内飞机在水平方向做匀速直线运动，

在竖直方向上做匀加速直线运动，所以合运动为曲线运动，轨迹为曲线故A正确；BC．由图2可知，在竖直方向上速度一直为正值，所以飞机一直上升，位移一直在增大，在18s末速度减为零，飞机上升到最高点，故B错误，C正确；D．由图1和图2可知，在6s末飞机在水平方向上和竖直方向上的

速度都最大，根据合速度为22xyvvv=+所以合成后速度也是最大，故D正确。故选ACD。12.如图所示，一位同学玩飞镖游戏。圆盘最上端有一P点，飞镖抛出时与P点等高，且距离P点为L。当飞镖以初速度v0垂直盘面瞄准P点抛出的同时，圆盘绕经过盘心O点的水平轴在竖直平面内匀速转动。忽略空气

阻力，重力加速度为g，若飞镖恰好击中P点，则（）A.飞镖击中P点所需的时间为0LvB.圆盘的半径为2202gLvC.圆盘转动角速度的最小值为02vLD.P点随圆盘转动的线速度可能为054gLv【答案】AD【解析】【详解】A

．飞镖水平抛出做平抛运动，在水平方向做匀速直线运动，因此0Ltv=故A正确；B．飞镖击中P点时，P恰好在最下方，则2122rgt=解得圆盘的半径为2204gLrv=故B错误；C．飞镖击中P点，则P点转过的角度满足π2π

(0,tkk==+=1，2)故()021πkvtL+==则圆盘转动角速度的最小值为0πvL，故C错误；D．P点随圆盘转动的线速度为()()2020021π21π44kvkgLgLvrLvv++===当2

k=时05π4gLvv=故D正确。故选AD。二、实验题（填空每空2分，共12分）13.（1）在做“探究平抛运动的特点”实验时，除了木板、小球、斜槽、铅笔、图钉之外，下列器材中还需要的是________。A．游标卡尺B.秒表C.坐标纸D.天平E.弹簧测力计F.重垂线（2）实验

时，让小球多次沿同一轨道运动，下列说法正确的是________。A．调节斜槽轨道，使其末端水平B.每次由静止释放小球的位置必须相同C.斜槽必须光滑D.小球运动时不应与木板上的坐标纸接触【答案】①.CF##FC②.ABD【解析】

【详解】（1）[1]本实验是通过用铅笔在固定于木板的坐标纸上确定小球做平抛运动过程中所经过的一系列位置后，用平滑的曲线描绘出小球的运动轨迹，然后建立坐标系，再在轨迹上取合适的点，利用坐标纸确定其坐标，通过纵坐标计算小球的运动时间，利用横坐标计算其初速度，而纵轴必须沿竖直方向，这是通

过重垂线确定的，故必需的器材是坐标纸与重垂线。故选CF。（2）[2]A．小球做平抛运动，要求小球离开轨道末端时速度沿水平方向，故A正确；B．要保证小球每次沿同一轨迹运动，就需保证小球每次做平抛运动的初速度相同，也就要求每次释放小球的位置相同，故B正确；C．轨

道是否光滑只是影响小球从同一位置释放时做平抛运动的初速度的大小，而对探究小球做平抛运动的规律没有影响，故C错误；D．若小球运动时与坐标纸接触就会使小球的运动不再是平抛运动，形成实验误差，故D正确。故选ABD。14.某物理兴趣小组在做“探究平抛运动的特点”的实验时，分成两组，其中一个实验小组让小

球做平抛运动，用频闪照相机对准方格背景照相，拍摄到如图所示的照片，已知每个小方格边长L为10cm，当地的重力加速度g取10m/s2，其中第4点处的位置被污迹覆盖。（1）若以拍摄的第1点为坐标原点，以水平向右和竖直向下为正方向建立直角坐标系，被拍摄

的小球在第4点的位置坐标为（________cm，________cm）；（2）小球平抛的初速度大小为________m/s；（3）另一个实验小组的同学正确地进行了实验并正确地描绘了运动轨迹，测量了轨迹上的不同点的坐标值，根据所测得的数据以y

为纵轴，2x为横轴，在坐标纸上画出对应的图像为过原点的直线，并测出直线斜率为2，则平抛运动的初速度0v=________m/s。【答案】①.60②.60③.2④.102【解析】【详解】（1）[1]平抛运动满足水平方向做匀速直线运动，由图表可知经过相等时间小球

在水平方向经过20cm，所以4点的水平坐标应为60cm；[2]平抛运动满足竖直方向做匀加速直线运动，由图表可知经过相等时间小球在竖直方向下落高度增量10cmy=故4点的纵坐标为60cm；（2）[3]根据2ygt=，可得图中相邻两拍摄点之间的时间间隔为21010s0.1s10ytg

−===可得小球平抛的初速度大小为020.12m/s2m/s0.1Lvt===（3）[4]水平方向0xvt=竖直方向212ygt=消去t得2202gyxv=可知斜率202gkv=解得010m/s2v=三、

计算题（共40分必要的文字说明和主要公式）15.质量为5kg物体在光滑平面上运动，其分速度vx和vy随时间变化的图像如图所示。求∶（1）t=8s时物体的速度；（2）前6s内物体的位移大小；（3）物体受到

的合力大小。【答案】（1）5m/s，4tan3=；（2）95m；（3）2.5N【解析】【分析】【详解】（1）当8st=时3m/sxv=4m/syv=所以225m/sxyvvv=+=设速度与x轴的夹角为θ，则4tan3yxvv==的（2

）6st=内18mxxvt==219m2yyat==物体的位移大小2295msxy=+=（3）物体在x轴方向有0xa=，y轴方向有20.5m/sya=，由牛顿第二定律得2.5NyFma==合16.如图所示，在倾角为θ的斜面顶端

A处以速度v0水平抛出一小球，最后落在斜面上的某一点B处，空气阻力忽略不计，重力加速度为g，求∶（1）小球从A运动到B处所需的时间及A、B两点间的竖直距离；（2）从抛出开始计时，小球离斜面的距离达到最大所需的时间及小球离斜面的最大距离。【答案】（1）0

2tanvg，2202tanvg；（2）0tanvg，220sin2cosvg【解析】【分析】【详解】（1）小球水平方向的位移0xvt=竖直方向的位移212ygt=由题意可知tanyx=解得

02tanvtg=2202tanvyg=（2）当小球离斜面距离最大时，小球的速度方向与斜面平行，可得0tanyvv=小球竖直分速度yvgt=解得0tanvtg=将小球的运动分解至沿斜面和垂直于斜面两个方向，则在垂直于斜面方向上：小球

的初速度为10sinvv=小球的加速度为1cosgg=小球在垂直于斜面方向上先做匀减速直线运动，减速运动最大位移2112vhg=解得220sin2cosvhg=17.如图所示，一个小球可以绕O点在竖直面内做圆周运动。B点是圆周运动的最低

点，不可伸长的悬线的长为L。现将球拉至A点，悬线刚好拉直，悬线与竖直方向的夹角θ=53°，给小球一个水平向右的初速度，结果小球刚好平抛到B点，小球的质量为m。重力加速度为g，sin37°=0.6，cos37°=0.8

，求：（1）小球的初速度大小；（2）小球在B点开始做圆周运动时悬线的张力。的【答案】（1）255gL；（2）1.8mg【解析】【详解】（1）小球从A到B做平抛运动，设运动的时间为t，则根据运动学公式有0sin53Lvt=2

1cos532LLgt−=联立上述两式解得小球的初速度大小为0255vgL=（2）小球运动到B点时，由于绳子绷紧，小球竖直方向的分速度可视为瞬间变为零，因此小球在B点开始做圆周运动的线速度大小为v0，设此时悬线的张力大小为F，则由牛顿第二

定律可得20vFmgmL−=解得F=1.8mg18.如图所示是一把湿雨伞示意图，当雨伞绕着中心轴线旋转，雨滴跟随雨伞做圆周运动，逐渐增大角速度，当达到一定的角速度时，伞边缘的雨滴就会沿边缘切线方向甩出去做平抛运动，雨伞边缘距地面高度为H，设雨滴的质量为m的，雨伞投影半径为R

，雨滴落地时距离中心伞柄的距离为r，不计空气阻力，重力加速度为g，求∶（1）雨滴甩出后在空中飞行时间为多少？（2）雨滴甩出时的初速度v为多少？（3）雨滴甩出时雨伞的角速度为多少？【答案】（1）2tHg=；（2）22()2grRH−；（3

）221()2grRRH−【解析】【分析】【详解】（1）平抛运动竖直方向有212Hgt=则2tHg=，（2）平抛运动水平方向有svt=且22srR=−则222222()22rRrRgrRvtHHg−−−===（3）雨滴甩出时雨伞的角速度为获得更多资源

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