【文档说明】辽宁省瓦房店市高级中学2019-2020学年高一下学期期末考试物理试题【精准解析】.doc，共(17)页，743.500 KB，由小赞的店铺上传

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2019--2020学年度下学期瓦房店市高级中学高一期末考试物理试题一、选择题：（48分）本题共12小题，每小题4分，1—8为单选题，9—12为多选题，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。1.物

体A的位移与时间图像和物体B的速度与时间图像分别如图甲、乙所示，则这两个物体的运动情况是（）A.A在整个t=6𝑠时间内有来回运动，它通过的总位移为零B.A在整个t=6𝑠时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4

mC.B在整个t=6𝑠时间内有来回运动，它通过的总位移不为零D.B在整个t=6时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4m【答案】B【解析】【详解】AB．因x-t图像的斜率表示速度，可知A在整个t=6𝑠时间内一直向同一方向运动，它通过的总位移等于4m，选

项A错误，B正确；CD．由v-t图像可知，B在整个t=6𝑠时间内，先向负方向做减速运动，再向正方向做加速运动，t=6s时刻回到出发点，它通过的总位移为零，选项CD错误。故选B。2.如图所示，一质量为m的小球，用长为l的轻绳悬挂于O点，初始时刻小球静止于P点，第一次小球在

水平拉力F作用下，从P点缓慢地移动到Q点，此时轻绳与竖直方向夹角为θ，张力大小为T，下列说法中正确的是（不计空气阻力，重力加速度为g）（）A.拉力F先增大后减小B.轻绳的张力逐渐减小C.最终水平拉力tanFmg=，绳子拉力sinmgT=D.整个过程中，水平拉力F所做的功为(1cos)

mgl−【答案】D【解析】A、小球在水平拉力F作用下，从P点缓慢地移动到Q点，则小球处于平衡状态，根据平衡条件得F=mgtanθ，随着θ增大，F逐渐增大，故A错误．B、小球运动过程中，根据几何关系可知，绳子的拉力cosmgT

=，所以轻绳的张力变大，故B错误．C、结合平衡知识有F=mgtanθ，cosmgT=，故C错误．D、小球缓慢运动当成平衡状态，由动能定理可知(cos)0FWmgll−−=，则(cos)FWmgll=−，故D正确．故选D.【点睛】小球在水平拉力F作

用下，从P点缓慢地移动到Q点，则小球处于平衡状态,根据平衡条件求力和做功问题．3.如图所示，一只可视为质点的蚂蚁在半球形碗内缓慢的从底部经过b点爬到a点。则下列说法正确的是（）A.在a点碗对蚂蚁的支持力大于在b点的支持力B.在a点碗对蚂蚁的摩擦力大

于在b点的摩擦力C.在a点碗对蚂蚁的作用力大于在b点的作用力D.在a点蚂蚁受到的合力大于在b点受到的合力【答案】B【解析】【详解】蚂蚁缓慢上爬，可以认为蚂蚁处于平衡状态，则合力始终为零，受力分析如图所示：根据共点力平衡有：f

mgsinNmgcos==，，因为a点的比b点的大，所以在a点碗对蚂蚁的摩擦力大于在b点的摩擦力，在a点碗对蚂蚁的支持力小于在b点的支持力，A错误，B正确；在a点和b点，碗对蚂蚁的作用力大小都等于蚂蚁的重力，所以在a点碗对蚂蚁的作用力等于在b点的作用力，C错误；在a点蚂蚁受到的合力

与b点受到的合力均为零，D错误。4.如图所示，光滑水平面上放置质量分别为m、2m的A、B两个物体，A、B间的最大静摩擦力为μmg，现用水平拉力F拉B，使A、B以同一加速度运动，则拉力F的最大值为（）A.μmgB.2μmgC.3μmgD.4μmg【答案】C【解析】

解：当AB间的静摩擦力达到最大时拉力F达到最大，根据牛顿第二定律得对A物体：μ•mg=ma得a=μg对整体：F=（2m+m）a得：F=3ma=3μmg故选C．【点评】当两个物体刚要发生相对滑动时，它们之间的静摩擦力达到最大值．灵活的选取研究对象根据牛顿第二定律列方程是关键．5.如图所

示，平行板电容器与电压为U的直流电源连接，电容器下极板接地。一带电油滴位于电容器中的P点且恰好处于静止状态，现将平行板电容器的上极板竖直向下移动一小段距离，下列说法正确的是（）A.带电油滴将竖直向下运动B.P点的电势将降低C.电容器的电容增大

，极板所带电荷量减小D.若移动上极板之前将电容器与电源断开，则移动上极板后液滴仍处于静止状态【答案】D【解析】【详解】A．开始时油滴静止，则Umgqd=将平行板电容器的上极板竖直向下移动一小段距离，根据UEd=可知，E变大，则电场力变大，则油滴将竖直向

上运动，选项A错误；B．两板间场强E变大，根据U=Ed可知P点与下极板的电势差变大，则P点的电势升高，选项B错误；C．根据4SCkd=可知，d减小，则C变大，根据Q=CU可知，极板所带电荷量增加，选项C错误；D．断开电键后，电容器两极板带电量一定，设

为Q，则由QCU=UEd=4SCkd=可得4kQES=则移动电容器上极板后，两板间场强不变，带电油滴仍静止，选项D正确。故选D。6.如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即Uab=Ubc，实线为一带负电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨

迹，P、R、Q是这条轨迹上的三点，R点在等势面b上，据此可知（）A.带电质点在P点的加速度比在Q点的加速度小B.带电质点在P点的电势能比在Q点的小C.带电质点在P点的动能大于在Q点的动能D.三个等势面中，c的电

势最高【答案】D【解析】【详解】A.等差等势面P处比Q处密，则P处电场强度大，质点受到的电场力大，加速度大，故A错误；D.根据轨迹弯曲的方向和电场线与等势线垂直可知带电质点所受的电场力方向应向下，所以电场线方向向上，故c的电势最高，故D正确.B.带负电质点在电势

高处电势能小，可知质点在P点的电势能大，故B错误.C.带电质点的总能量守恒，即带电质点在P点的动能与电势能之和不变，在P点的电势能大，则动能小，故C错误.7.如图所示，下列有关生活中圆周运动实例分析，其中说法正确的是（）A.甲图中，汽车通过凹形桥的最低点时，速度不能超过gRB.乙图中，“水流

星”匀速转动过程中，在最低处水对桶底的压力最小C.丙图中，火车转弯超过规定速度行驶时，内轨对内轮缘会有挤压作用D.丁图中，同一小球在光滑而固定的圆锥筒内的A、B位置先后分别做匀速圆周运动，则在A、B两位置小球

向心加速度相等【答案】D【解析】【详解】A．甲图中，汽车通过凹形桥的最低点时，由2NvFmgmr−=可得2=NvFmgmr+可知，速度与选项中所给速度无关，选项A错误；B．乙图中，“水流星”匀速转动过程中，在最高点时2-NvFmmgr=在最低处2'+NvFmmgr=可知在最高点时

水对桶底的压力最小，选项B错误；C．丙图中，火车转弯超过规定速度行驶时，重力和支持力的合力不够提供向心力，外轨受到挤压，故C错误；D．丁图中，同一小球在光滑而固定的圆锥筒内的A、B位置先后分别做匀速圆周运动，则tanmgma=tanga=则在A、B两位置小球向心加速度相等，选项D正确。故选D

。8.宇航员在月球上以速率0v竖直上抛一物体，物体上升的最大高度为h，已知月球半径为R，自转周期为T，引力常量为G，则（）A.月球绕地球运动的向心加速度224πaRT=B.忽略月球自转，月球的质量2202vRMGh=C.月球的第一宇宙速度10Rvvh=

D.月球同步卫星的高度22203028vRThh=【答案】B【解析】【详解】A．由于月球的轨道半径、公转周期均未知，无法求出月球绕地球做圆周运动的向心加速度，故A错误；B．月球表面的重力加速度202vgh=根据2GMm

mgR=得月球的质量2220=2vRgRMGhG=故B正确；C．根据2vmgmR=得，月球第一宇宙速度为20022vRRvgRvhh===故C错误；D．根据202204π()()GMmmRhRhT=++又2GMgR=解得月球同步卫星的高度22203028πvRThRh=−故D

错误。故选B。9.一人用力把质量为2kg的物体由静止提高4m，使物体获得4m/s的速度2(10m/s)g=，则下列说法正确的是（）A.人对物体做的功为96JB.物体动能增加112JC.机械能增加16JD.物体重力势能

增加80J【答案】AD【解析】【详解】A．根据动能定理得2102Wmghmv−=−求得人对物体做功为22J112104J2496J22Wmghmv=+=+=故A正确；B．由题可得物体动能增加量为22112416J220J0kEmv−−===故B

错误；C．人对物体所做的功等于物体机械能的增加量，即有96JEW==故C错误；D．物体的重力做功为2104J=80JGWmgh=−=−−即物体克服重力做功80J，物体的重力势能就增加了80J，故D正确；故选A

D。10.如图所示的几种情况中，a、b两点的电势相等，电场强度大小也相等的是()A.两带电平行板附近处的a、b两点B.两个等量同种电荷连线的中垂线上，与连线中点O等距的a、b两点C.离点电荷等距的a、b两点

D.两个等量异种电荷连线的中垂线上，与连线中点O等距的a、b两点【答案】BCD【解析】【详解】A、平行板电容器中场强相同而电势不同；故A错误．B、两等量同种电荷其连线的中垂线上与连线中点O等距的a、b两点电势相等，电场强度大小也相等；故B正确．C、距离点电荷等势面上的点

电势相等，电场强度大小也相等；故C正确．D、两等量异种电荷其连线的中垂线上与连线中点等距的任意两点电势为零，电场强度大小也相等；故D正确.故选BCD．【点睛】考查了不同电场中电势和场强的知识，其中重点是电势是标量,而场强是矢量．11.一个T形电路如图所示，电路中的电阻1120ΩR=，

210ΩR=，340ΩR=。另有一测试电源，电压为100V。则（）A.当c、d端短路时，a、b之间的等效电阻是130ΩB.当a、b端短路时，c、d之间的等效电阻是40ΩC.当a、b两端接通测试电源时，c、d两端的电压为25VD.当c、d两端接通测试电源时，a、b两端的电压为20V【答案】BC【解

析】【详解】A．当cd端短路时，ab间电路的结构是：电阻R2、R3并联后与R1串联，等效电阻为23123128ΩRRRRRR=+=+故A错误；B．当ab端短路时，cd之间电路结构是：电阻R1、R3并联后与R2串联，等效电阻为13213120Ω×40Ω+10Ω=40Ω120Ω+40ΩRRRRRR

=+=+故B正确；C．当ab两端接通测试电源时，cd两端的电压等于电阻R3两端的电压，为331340Ω×100V=25V120Ω+40ΩRUURR==+故C正确；D．当cd两端接通测试电源时，ab两端的电压等于电阻

R3两端的电压，为332340Ω×100V=80V10Ω+40ΩRUURR==+故D错误；故选BC。12.如图所示，带有挡板的光滑斜面固定在水平地面上，斜面的倾角为30=．质量均为1kg的A、B两物体用轻弹簧拴在一起，弹簧的劲度系数为5N/cm，质量为2kg

的物体C用细线通过光滑的轻质定滑轮与物体B连接．开始时A、B均静止在斜面上，A紧靠在挡板处，用手托住C，使细线刚好被拉直．现把手拿开，让C由静止开始运动，从C开始运动到A刚要离开挡板的过程中，下列说法正确的是（）（取g=10m/s2）A.初状态弹簧的压缩量为1cmB.末状态

弹簧的伸长量为1cmC.物体B、C与地球组成的系统机械能守恒D.物体C克服绳的拉力所做的功为0.2J【答案】ABD【解析】【详解】A．初状态弹簧的压缩量为11100.5N1cm5N/cmBmgsinxk===故A正确．B．末状态弹簧的伸长量为21100.5N1cm5N/cmA

mgsinxk===故B正确．C．对于物体B、C与地球组成的系统，由于弹簧对B先做正功后做负功，所以系统的机械能不守恒．故C错误．D．初末状态弹簧的弹性势能相等，对于弹簧、物体B、C与地球组成的系统，根据机械能守恒定律得()21212)(1()2CBBCmgxxmgxxsinmmv+=

+++对C，由动能定理得2121)2(CCmgxxWmv+−=克解得物体C克服绳的拉力所做的功W克=0.2J，故D正确．三、实验题13.同学在测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ时：(1)用游标为20分度的卡尺测量其长度如图甲，由图可知其长度为______cm。(2)用

螺旋测微器测量其直径如图乙所示，由图可知其直径为______mm。(3)已知电流表的内阻120ΩgR=，满偏电流3mAgI=，要把它改装成量程是6V的电压表，应______联电阻，阻值为______【答案】(1).5.015(2).4.700(3).串(4).1880【解析】【详解】(1)[

1]由20分度的游标卡尺读数方法可得该圆柱体的长度为50mm30.05mm=50.15mm=5.015cmL=+(2)[2]由螺旋测微器读数方法可得该圆柱体的直径为4.5mm+20.00.01mm=4.700mmd=(3)[3][4]

把电流表改装为电压表，需要串联一个电阻，阻值为336310120()Ω1880Ω310ggxgUIRRI−−−−===14.为了测量电阻，现取一只已经完成机械调零的多用电表，如图所示，请根据下列步骤完成电阻测量①将K旋转到电阻挡

“100”的位置。②将插入“十”、“-”插孔的表笔短接，旋动部件______（选填“C”或“D”），使指针对准电阻的“0”刻度线。③将调好零的多用电表按正确步骤测量一电学元件P的电阻，P的两端分别为、b，指针指示位置如图所示。

为使测量比较精确，应将选择开关旋到_______（选填“1”、“10”、“1k”）的倍率挡位上，并重新调零，再进行测量【答案】(1).D(2).×10【解析】【详解】②[1]在进电阻测量时，每次调整档位均应进行欧姆调零，即旋转D旋钮

；③[2]由图知测电阻时指针的偏角太大，说明电阻较小，应换×10挡，并需重新欧姆调零。15.有一个额定电压为2.8V，功率约为0.8W的小灯泡，现要用伏安法描绘这个灯泡的IU−图线，有下列器材供选用：A.电压表0~3V（，内阻6kΩ约为）B.电压表0~15V（，内阻30kΩ约为）C.电

流表0~3A（，内阻0.1Ω约为）D.电流表0~0.6A（，内阻0.5Ω约为）E.滑动变阻器10Ω2A（，）F.滑动变阻器200Ω0.5A（，）G.电源电压6V①进行试验时，电压表应选用_______，电流表

应选用______。滑动变阻器应选用______。（用序号字母表示）②画出合理的电路图_______。【答案】(1).A(2).D(3).E(4).【解析】【详解】①[1][2][3]．灯泡的额定电压为2.

8V，则电压表选择A；灯泡的额定电流为0.8A0.29A2.8pIU==则电流表选择D；滑动变阻器要接成分压电路，则应选用阻值较小的E即可；②[4]．灯泡的电阻222.89.80.8URP===可知电压表内阻远大于灯泡电阻，则采用电流表外接；滑动变阻器用分压电

路，则电路如图；四、计算题（本大题共3小题，共32.0分）16.如图所示，质量为5kg的木块放在倾角为30°、长为20m的固定斜面上时，木块恰好能沿斜面匀速下滑，若改用沿斜面向上的恒力F拉该木块，木块从静止开始沿斜面匀加速上升4m所用的时间为2s（g取210m/s），求：恒力F

的大小。【答案】60N【解析】【详解】木块恰好匀速下滑时受力平衡，有1sin302fFmgmg==匀加速上升的加速度2222m/ssat==对木块受力分析如图根据牛顿第二定律有sin30fFmgFma−−=代入数据得60NF=17.如图所示，粗糙水平轨道AB与半径为R的光滑半圆竖直轨道B

C相连接．质量为m的小物块在水平恒力F作用下，从A点由静止开始向右运动，当小物块运动到B点时撒去力F，小物块沿半圆形轨道运动恰好能通过轨道最高点C，小物块脱离半圆形轨道后刚好落到原出发点A．已知物块与水平轨道AB间的动摩擦因数=0.75，重力加速度为g，忽略空气阻力．求：（1）小物

块经过半圆形轨道B点时对轨道的压力大小；（2）A、B间的水平距离；（3）小物块所受水平恒力F的大小．【答案】（1）6mg；（2）2R；（3）2mg【解析】【详解】（1）设小球经过半圆形轨道B点时，轨道给球的作用力为FN在B点：FN-mg=m2BvR由B到C过程，由动能定理

得：-2mgR=221122CBmvmv−在C点，由牛顿第二定律和向心力公式可得：mg=m2CvR联立解得：FN=6mg根据牛顿第三定律，小物块经过半圆形轨道B点时对轨道的压力大小：FN′=FN=6mg，方向竖直向下

．（2）离开C点，小球做平抛运动，则：竖直方向：2R=12gt2水平方向：SAB=vCt解得A、B间的水平距离：SAB=2R（3）由A到B运动过程，由动能定理得：（F-mg）SAB=212Bmv-0代入数据解得：小物块所

受水平恒力F=2mg18.在如图所示的示波管中，电子从阴极由静止出发，经电子枪加速水平飞入偏转电场，打在荧光屏上已知加速电压为1U，偏转电压为2U，偏转极板间距为d，板长为1L，偏转极板右端到荧光屏的距离为2L，求电子打在荧光屏上的侧移量

opy.【答案】()2121124ULLLUd+【解析】【详解】在加速电场中，根据动能定理得21012eUmv=解得102eUvm=电子进入偏转电场后做类平抛运动，则水平方向有110Ltv=，竖直方向有2eUamd=电子从偏转电场射出时偏转距离222111124ULyatUd==电子离开偏

转电场后做匀速直线运动，则到达荧光屏的时间220Ltv=竖直方向的位移为22121212yULLyvtattUd===则电子打在荧光屏上的侧移量()2121124OPULLLyyyUd+=+=.