【文档说明】江西省南昌市八一中学2019-2020学年高二下学期期中考试数学（理）试题 【精准解析】.doc，共(20)页，1.609 MB，由管理员店铺上传

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2019—2020学年第二学期南昌市八一中学高二理科数学期中考试试卷第Ⅰ卷（选择题：共60分）一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.复数z满足1i1iz+=−，则||z=（）A.2iB.2C.iD.1

【答案】D【解析】【分析】根据复数的运算法则，求得复数zi=，即可得到复数的模，得到答案．【详解】由题意，复数11iiz+=−，解得()()()()111111iiiziiii+++===−−+，所以1z=，故选D．【点睛】本题主要考查了复数的运算，以及复数的模的求解，其中解答中熟记

复数的运算法则是解答的关键，着重考查了推理与运算能力，属于基础题．2.已知平面内一条直线l及平面，则“l⊥”是“⊥”的（）A.充分必要条件B.充分不必要条件C.必要不充分条件D.既不充分也不必要条件【答案】B【解

析】【分析】根据面面垂直和线面垂直的定义，结合充分条件和必要条件的定义进行判断即可．【详解】解：由面面垂直的定义知，当“l⊥β”时，“α⊥β”成立，当⊥时，l⊥不一定成立，即“l⊥”是“⊥”的充分不必要条件，故选：B．【点睛】本题考查命题充分性和必要性的判断，涉及线

面垂直和面面垂直的判定，属基础题.3.已知水平放置的△ABC是按“斜二测画法”得到如图所示的直观图，其中B′O′＝C′O′＝1，A′O′＝32，那么原△ABC的面积是()A.3B.22C.32D.34【答

案】A【解析】【分析】先根据已知求出原△ABC的高为AO＝3，再求原△ABC的面积.【详解】由题图可知原△ABC的高为AO＝3，∴S△ABC＝12×BC×OA＝12×2×3＝3，故答案为A【点睛】本题主要考查斜二测画法的定义和三角形面积的计算，意在考察学生对这些知识的

掌握水平和分析推理能力.4.某几何体的三视图如图所示，则这个几何体的体积等于（）A.4B.6C.8D.12【答案】A【解析】由三视图复原几何体，是如图所示的四棱锥，它的底面是直角梯形，梯形的上底长为2，下底长为4，高为2，棱锥的一条侧棱垂直底面高为2，所以这个几何体的

体积：12422432V+==，故选A．【方法点睛】本题利用空间几何体的三视图重点考查学生的空间想象能力和抽象思维能力，属于难题.三视图问题是考查学生空间想象能力最常见题型，也是高考热点.观察三视图并将其“翻译”成直观图是解题的关键，不但要注意三视图的三要素“高平齐，长对正，

宽相等”，还要特别注意实线与虚线以及相同图形的不同位置对几何体直观图的影响.5.下列命题中，正确的是（）A.经过不同的三点有且只有一个平面B.分别在两个平面的两条直线一定是异面直线C.垂直于同一个平面的两条直线是平行直线D.垂直于同一个平面的两个平面平行【答案】C【解析】【分析】根据不在一条直

线上的三点确定一个平面，来判断A是否正确；根据分别在两个平面内的两条直线的位置关系不确定，来判断B是否正确；根据垂直于同一平面的两直线平行，来判断C是否正确；根据垂直于同一条直线的两条直线的位置关系是平行、相交或异面，来判断D是否正确．【详解】解：对A，当三点在一条直

线上时，平面不唯一，∴A错误；对B，分别在两个平面内的两条直线的位置关系不确定，∴B错误；对C，根据垂直于同一平面的两直线平行，∴C正确；对D，垂直于同一平面的两平面的位置关系是平行、相交，∴D错误．故选C．【点睛】本题考查了空间直线与直线的位置关系及线面垂直的判定与性质，考查了学生的空间想象

能力.6.实数a使得复数1aii+−是纯虚数，10bxdx=，1201cxdx=−则a，b，c的大小关系是（）A.abcB.acbC.bcaD.cba【答案】C【解析】【分析】利用复数的乘

除运算求出a，再利用微积分基本定理以及定积分的定义即可求出b，c，从而比较其大小关系.【详解】()()()()11111122aiiaiaaiiii+++−+==+−−+，1aii+−是纯虚数，102a−=

，1a\=，121001122bxdxx===，1201cxdx=−表示是以()0,0为圆心，以1为半径的圆在第一象限的部分与坐标轴围成的14个圆的面积，21144c==，所以bca.故选：C【点睛】本题考查了复数的乘除运算、微积分基本定理求定积分、定积分的定义

，考查了基本运算求解能力，属于基础题.7.已知正四棱柱''''ABCDABCD−的底面是边长为1的正方形，若平面ABCD内有且仅有1个点到顶点A的距离为1，则异面直线,AABC所成的角为()A.6B.4C.3D.51

2【答案】B【解析】由题意可知，只有点A到'A距离为1，即高为1，所以该几何体是个正方体，异面直线11,AABC所成的角是4，故选B.8.函数3xeyx=的部分图象可能是（）A.B.C.D.【答案】

C【解析】分析：根据函数的奇偶性，及x=1和x=2处的函数值进行排除即可得解.详解：易知函数3xeyx=为奇函数，图象关于原点对称，排除B，当x=1时，y=＜1，排除A，当x=4时，4112ey=，排除D，故选C．点睛：已知函数的解析式判断函数的图象时，可从以下几个方面考虑：(1)从

函数的定义域，判断图象的左右位置；从函数的值域，判断图象的上下位置；(2)从函数的单调性，判断图象的变化趋势；(3)从函数的奇偶性，判断图象的对称性；(4)从函数的周期性，判断图象的循环往复；(5)从函数的特征点，排除不合要求的图象．9.如图所示，三棱锥PABC−的底面在平面内，且ACPC⊥，平

面PAC⊥平面PBC，点PAB，，是定点，则动点C的轨迹是（）A.一条线段B.一条直线C.一个圆D.一个圆，但要去掉两个点【答案】D【解析】因为平面PAC⊥平面PBC，AC⊥PC，平面PAC∩平面PBC=PC，AC⊂平面PAC，所以AC⊥平面PBC.又因为BC⊂平面P

BC，所以AC⊥BC.所以∠ACB=90°.所以动点C的轨迹是以AB为直径的圆，除去A和B两点.选D.点睛：求轨迹实质是研究线面关系，本题根据面面垂直转化得到线线垂直，再根据圆的定义可得轨迹，注意轨迹纯粹性.10.如图，以等腰

直角三角形ABC的斜边BC上的高AD为折痕，把△ABD和△ACD折成互相垂直的两个平面后，某学生得出下列四个结论：①BD⊥AC；②△BAC是等边三角形；③三棱锥D－ABC是正三棱锥；④平面ADC⊥平面ABC.其中正确的是（）A.①②④B.①②③C.②③④D.①

③④【答案】B【解析】【分析】根据翻折后垂直关系得BD⊥平面ADC，即得BD⊥AC，再根据计算得△BAC是等边三角形，最后可确定选项.【详解】由题意知，BD⊥平面ADC，故BD⊥AC，①正确；AD为等腰直角三角形斜边BC上的高，平面ABD⊥平面ACD，所以A

B＝AC＝BC，△BAC是等边三角形，②正确；易知DA＝DB＝DC，又由②知③正确；由①知④错．故选B.【点睛】本题考查线面垂直判定与性质，考查推理论证求解能力，属中档题.11.如图所示，在正三棱锥S—ABC中，M、N分别是SC．BC的中点，且MNAM⊥，若侧棱23S

A=，则正三棱锥S—ABC外接球的表面积是（）A.12B.32C.36D.48【答案】C【解析】【分析】根据题目条件可得∠ASB=∠BSC=∠ASC=90∘，以SA，SB，SC为棱构造正方体，即为球的内接正方体，正

方体对角线即为球的直径，即可求出球的表面积.【详解】∵M,N分别为棱SC,BC的中点,∴MN∥SB∵三棱锥S−ABC为正棱锥，∴SB⊥AC(对棱互相垂直)∴MN⊥AC又∵MN⊥AM，而AM∩AC=A，∴MN⊥平面SAC，∴SB⊥平面SAC∴∠ASB=

∠BSC=∠ASC=90∘以SA，SB，SC为从同一定点S出发的正方体三条棱，将此三棱锥补成以正方体，则它们有相同的外接球，正方体的对角线就是球的直径.∴236RSA==，∴R=3，∴V=36π.故选：C【点睛】本题主要考查了三棱锥的外接球的表面积，考查空间想象能力，由三棱锥构造正方体，它的对

角线长就是外接球的直径,是解决本题的关键.12.已知椭圆22221(0)xyabab+=上一点A关于原点的对称点为点B，F为其右焦点，若AFBF⊥，设ABF=，且,64，则该椭圆离心率e的取值范围为（）A.2,312−B.2,12C.23

,22D.36,33【答案】A【解析】【分析】根据直角三角形性质得A在圆上，解得A点横坐标，再根据条件确定A横坐标满足条件，解得离心率.【详解】由题意得OAOBOFc===，所以

A在圆222=xyc+上，与22221xyab+=联立解得22222()Aacbxc−=，因为ABF=，且,64，所以22sin22sin()2sin[,]AAaacacacAFcexcxceee−−−=−==因此2222222()()(

)acacbacece−−−，解得22222222(2)()(2)2()accbacaccaac−−−−−−，，即222,20acacac−−，即2212,120312eeee−−

−，选A.【点睛】本题考查椭圆离心率，考查基本分析化简求解能力，属中档题.第Ⅱ卷（非选择题：共90分）二、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分.请将答案填在答题卡的相应位置.13.()ππsincosxxdx−+=______

____.【答案】0【解析】【分析】求出被积函数的原函数，然后分别代入积分上限和积分下限作差得出答案.【详解】()()ππsincoscossinxxdxxx−−+=−+()()()cossincossin110=−+−−−+−=−=.故答案为：0

【点睛】本题主要考查了定积分的计算，解题的关键是确定原函数，属于基础题.14.在三棱锥PABC−中，6,3PBAC==，G为PAC的重心，过点G作三棱锥的一个截面，使截面平行于直线PB和AC，则截面的周长为_________.【答案】8【解析】【分析

】如图所示，过点G作EF∥AC，分别交PA，PC于点E，F．过点F作FM∥PB交BC于点M，过点E作EN∥PB交AB于点N．可得四点EFMN共面，进而得到23EFMNACAC==，根据比例可求出截面各

边的长度，进而得到周长．【详解】解：如图所示，过点G作EF∥AC，分别交PA，PC于点E，F过点F作FM∥PB交BC于点M，过点E作EN∥PB交AB于点N.由作图可知：EN∥FM，∴四点EFMN共面可得MN∥AC∥EF，EN∥PB∥FM.∴23EFMNACAC==可得EF=MN=2.同理可得：

EN=FM=2.∴截面的周长为8.故答案为：8.【点睛】本题考查了三角形重心的性质、线面平行的判定与性质定理、平行线分线段成比例定理，属于中档题．15.已知一个正三棱柱，一个体积为4π3的球体与棱柱的所有面均相切，那么这个正三棱柱的表面积是______.【答案】183

【解析】【分析】由球的体积可以求出半径，从而得到棱柱的高；由球体与棱柱的所有面均相切，得出球的半径和棱柱底面正三角形边长的关系，求出边长，即求出底面正三角形的面积，得出棱柱的表面积.【详解】由球的体积公式可得24433R=，1R=，正三

棱柱的高22hR==，设正三棱柱的底面边长为a，则其内切圆的半径为：13132a=，23a=，该正三棱柱的表面积为：21333226183222aRaaaa+=+=.故答案为：183【点睛】本题考查了球的体积公式、多面体

的表面积求法，属于基础题.16.如图，在矩形ABCD中，E为边AB的中点，将ADE沿直线DE翻转成1ADE.若M为线段1AC的中点，则在ADE翻转过程中，正确的命题是______.（填序号）①BM是

定值；②点M在圆上运动；③一定存在某个位置，使1DEAC⊥；④一定存在某个位置，使MBP平面1ADE.【答案】①②④【解析】【分析】取DC中点N再根据直线与平面的平行垂直关系判断即可.【详解】对①,取DC中点N,连接,MNBN,则1//

MNAD,//NBDE.因为MNNBN=,1ADDED=,故平面1//MNBADE.易得1MNBADE=为定值,故在ADE翻转过程中MNB的形状不变.故BM是定值.故①正确.对②,由①得,在ADE翻转过程中M

NB沿着NB翻折,作MONB⊥交NB于O,则点M在以O为圆心,半径为MO的圆上运动.故②正确.对③,在DE上取一点P使得APDE⊥,则1APDE⊥,若1DEAC⊥则因为111APACA=,故DE⊥面1ACP,故

DEPC⊥,不一定成立.故③错误.对④,由①有1//MNBADE,故MBP平面1ADE成立.综上所述,①②④正确.故答案为：①②④【点睛】本题主要考查了翻折中线面垂直平行的判定,需要画出对应的辅助线分析平行垂直关系,属于中等题型.

三、解答题：本大题共6小题，共70分，解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤.17.如图，已知点P是平行四边形ABCD所在平面外的一点，E，F分别是PA，BD上的点且PE∶EA＝BF∶FD，求证：EF

∥平面PBC.【答案】见解析【解析】试题分析：连接AF并延长交BC于M.连接PM，因为AD∥BC，∴BFMFFDFA=，又BFPEFDEA=，∴PEMFEAFA=，所以EF∥PM，从而得证.试题解析：连接AF并延长交BC于M.连接PM.因为AD∥BC，所以＝.又由已知＝，所以＝.由平面几何知

识可得EF∥PM，又EF⊄平面PBC，PM⊂平面PBC，所以EF∥平面PBC.18.如图所示，在长方体ABCD﹣A1B1C1D1中，AB＝AD＝1，AA1＝2，M是棱CC1的中点．证明：平面ABM⊥平面A1B1M．【答案】证明见解析【解析】【分

析】通过长方体的几何性质证得11BMAB⊥，通过计算证明证得1BMBM⊥，由此证得BM⊥平面11ABM，从而证得平面ABM⊥平面11ABM.【详解】由长方体的性质可知A1B1⊥平面BCC1B1，又BM⊂平面BCC1B1，∴A1B1⊥BM．又CC1＝2，M为CC1的中点，∴C1M＝CM＝1．

在Rt△B1C1M中，B1M2212CMCM=+=，同理BM222BCCM=+=，又B1B＝2，∴B1M2+BM2＝B1B2，从而BM⊥B1M．又A1B1∩B1M＝B1，∴BM⊥平面A1B1M，∵BM⊂平面ABM，∴平面ABM⊥平面A1B1M．【点睛】本小题主要考查面面垂直的证明，考查空间想象

能力和逻辑推理能力，属于中档题.19.以平面直角坐标系的原点O为极点，x轴的正半轴为极轴建立极坐标系，已知点M的直角坐标为()1,0，若直线l的极坐标方程为2cos104+−=，曲线C的参数方程

是244xmym==，（m为参数).（1）求直线l的直角坐标方程和曲线C的普通方程；（2）设直线l与曲线C交于,AB两点，求11MAMB+.【答案】（1）10xy−−=，24yx=；（2）1【解析】【试题

分析】(1)2cos104+−=展开后利用公式直接转化为直角坐标方程.对C消去m后得到直角坐标方程.(2)求出直线l的参数方程,代入抛物线,利用直线参数的几何意义求得11MAMB+的值.【试题解析】（1）由2cos104+−=，得

cossin10−−=，令cosx=，siny=，得10xy−−=.因为244xmym==，消去m得24yx=，所以直线l的直角坐标方程为10xy−−=，曲线C的普通方程为24yx=.（2）点M的直角坐标为()1,0，点M在直线l上.设直线l的参数方程为

21222txty=+=，（t为参数），代入24yx=，得24280tt−−=.设点,AB对应的参数分别为1t，2t，则1242tt+=，128tt=−，所以121211ttMAMBtt−+==()21212224323218tttttt+−+==.20.如图，在四棱锥PA

BCD−中，底面ABCD为直角梯形，//ADBC，090ADC=，平面PAD⊥底面ABCD，为AD中点，M是棱PC上的点，．（1）求证：平面POB⊥平面PAD；（2）若点M是棱的中点，求证：//PA平面．【答案】（1

）见解析；（2）见解析【解析】【详解】（1）证明：∵为AD中点，且，∴DOBC=又//ADBC，090ADC=，∴四边形BCDO是矩形，∴BOOD⊥，又平面PAD⊥平面ABCD，且平面PAD平面ABCDOD=，BO平面ABCD，∴BO⊥平面PAD，又B

O平面POB，∴平面POB⊥平面PAD．（2）如下图，连接AC交BO于点E，连接EM，由（1）知四边形BCDO是矩形，∴//OBCD，又为AD中点，∴E为AC中点，又是棱AC的中点，∴//EMPA，又EM平面，平面，∴//PA平面21.如图，四棱锥PABCD−中，平面P

AD⊥平面ABCD，底面ABCD为梯形，//ABCD，223ABDC==,ACBDF=.且PAD与ABD均为正三角形,E为AD的中点，G为PAD重心.(1)求证：//GF平面PDC；(2)求异

面直线GF与BC的夹角的余弦值.【答案】(1)证明见解析；（2）33952.【解析】试题分析：（1）连接AG交PD于H，连接GH，由重心性质推导出GFHC，根据线面平行的判定定理可得GF平面PDC；（2）取线段AB上一点Q，使得13BQAB=，可证GFQ即是异面直线

GF与BC的夹角，由余弦定理可得结果.试题解析：（1）方法一：连AG交PD于H,连接CH.由梯形ABCD，//ABCD且2ABDC=，知21AFFC=又E为AD的中点，G为PAD的重心，∴21AGGH=，在AFC中，21AGAFGHFC==,故GF//H

C.又HC平面PCD,GF平面PCD,∴GF//平面PDC.方法二：过G作//GNAD交PD于N,过F作//FMAD交CD于M,连接MN,G为PAD的重心，23GNPGEDPE==,22333GNED==,又ABCD为梯形，//ABCD,12CDAB=,12CFAF=13MFAD

=,233MF=∴GNFM=又由所作，//FMAD得GN//FM，GNMF为平行四边形.//GNAD//,GFMNGFPCDMNPCD面，面,//GF面PDC(2)取线段AB上一点Q，使得13BQAB=，连FQ,则223FQBC==,101

3,33EFGF==,1316,33EQGQ==,在GFQ中222339cos2?52GFFQGQGFQGFFQ+−==，则异面直线GF与BC的夹角的余弦值为33952.角函数和等差数列综合起来命题，也正体现了这种命题特点.【方法点晴】本题主要考查线面平

行的判定定理、异面直线所成的角、余弦定理，属于中挡题.证明线面平行的常用方法：①利用线面平行的判定定理，使用这个定理的关键是设法在平面内找到一条与已知直线平行的直线，可利用几何体的特征，合理利用中位线定理、线面平行的性质或者构造平行四边形、寻找比例式证明

两直线平行.②利用面面平行的性质，即两平面平行，在其中一平面内的直线平行于另一平面.本题（1）是就是利用方法①证明的.22.已知函数()1ln(2)(1),fxaxaaRx=+−+.(Ⅰ)试求函数()f

x的单调区间；(Ⅱ)若不等式()(ln)xfxaxe−对任意的(0,)x+恒成立，求实数a的取值范围.【答案】(1)见解析(2)1,1e+−【解析】【详解】（Ⅰ）因为()()1ln21,(,0

).fxaxaaRxx=+−+所以()()2211.axaaafxxxx−++=−=①若10a−，则()0fx，即()fx在区间（0，+）上单调递减；②若0a，则当10axa+时，()0fx；当1axa+时，()0fx；所以()fx在区

间10,aa+上单调递减，在区间1,aa++上单调递增；③若1a−，则当10axa+时，()0fx；当1axa+时，()0fx；所以函数在区间上单调递增，在区间1,aa++上单调递减．综上所述，若10a−

，函数在区间上单调递减；；若，函数在区间上单调递减，在区间1,aa++上单调递增；若1a−，函数在区间上单调递增，在区间1,aa++上单调递减．（Ⅱ）依题意得()()()1ln210xxfxaxeaeax−+−+

，令()()121xhxaeax=+−+.因为()10h，则()11ae−，即101ae−．于是，由()1210xaeax+−+，得1201xaeax+−+，即211xaxaxe−+对任

意0x恒成立.设函数()21(0)xxFxxxe−=，则()()()2211xxxFxxe+−=−.当01x时，()0Fx；当1x时，()0Fx；所以函数()Fx在()0,1上单调递增，在()1,+上单调递减；所

以()()max11FxFe==.于是，可知11aae+，解得11ae−.故a的取值范围是1,1e+−