【文档说明】宁夏银川三沙源上游学校2022-2023学年高二上学期11月期中物理试题 含解析 .docx，共(14)页，789.471 KB，由小赞的店铺上传

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银川三沙源上游学校2022-2023学年第一学期期中检测高二物理试题（时间：90分钟，满分：110分，命题人：杨艳君，审核人：高二物理备课组）第Ⅰ卷（选择题）一、单项选择题（本题共8小题，每小题5分，共40分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符

合题意）1.关于电场强度和电势的关系，下列说法正确的是（）A.场强处处为零的空间，电势也一定处处为零B.场强处处相同的区域内，电势也一定处处相同C.场强的方向总是跟等势面垂直D.电势降低的方向一定是场强的方向【答案】C【

解析】【详解】A．场强处处为零的空间，电势不一定处处为零，因为电势零点是人为规定的，选项A错误；B．场强处处相同的区域内，电势不一定处处相同，例如匀强电场，选项B错误；C．场强的方向总是跟等势面垂直，选项C正确；D．电势降低最快的方向是场强的方向，选项D错误。故选

C。2.图中所示是一个平行板电容器，其电容为C，带电荷量为Q，上极板带正电，板间距离为d，A、B两点间的距离为s，如图所示，连线AB与极板间的夹角为30，则A、B间的电势差为（）A.32CsQdB.2QsCdC.2QsCdD.233CsQd【答案】C【解

析】【详解】极板间的电场强度QECd=A、B间的电势差sin30ABUEs=联立可得2ABQUsCd=故选C。3.在真空中有两个等量的正电荷q1和q2，分别固定于A、B两点，DC为AB连线的中垂线，C为A、B两点连线的中点，将一正电荷q3由C点沿着中垂线移至无穷远处的过程中，下列结论正确的有

（）A.电势能逐渐减小B.电势能逐渐增大C.q3受到的电场力逐渐减小D.q3受到的电场力逐渐增大【答案】A【解析】【详解】AB．由场强叠加原理，可判断等量的正电荷中垂线CD段上的电场强度方向处处都是竖直向上，故正电荷q3由C点沿着中垂线移至无穷远处

的过程中，电场力做正功，电势能减小，故A正确，B错误；CD．由场强叠加原理，可判断等量的正电荷中垂线上由C到D，电场强度先变大后变小，所以q3受到的电场力先变大后变小，故CD错误。故选A。4.如图所示，将

带正电的甲球放在不带电的乙球左侧，两球在空间形成了稳定的静电场，实线为电场线，虚线为等势线．A、B两点与两球球心连线位于同一直线上，C、D两点关于直线AB对称，则()A.A点和B点的电势相同B.C点和D点的电场强度相同C.正电荷从A点移至B点，电场力做正功

D.负电荷从C点移至D点，电势能增大【答案】C【解析】【详解】A.A点电势高于B点的电势，A错误．B.C点和D点的电场强度大小相等方向不同，电场强度是矢量，故两点电场强度不同，B错误．C.正电荷从A点移至B点，往低

电势运动，电场力做正功，C正确．D.负电荷从C点移至D点，电势能不变（在同一等势面上），D错误。故选C。5.某电解池中，若在2s内各有1.0×1019个二价正离子和2.0×1019个一价负离子通过某截面，那么通过这个截面的电流是（）A

.0B.0.8AC.1.6AD.3.2A【答案】D【解析】【详解】根据电流的定义式可得，通过这个截面的电流为191919(1.01022.010)1.610A3.2A2qIt−+===故选D。6.下列

关于电动势的说法中正确的是（）A.电动势就是电势差，也叫电压，单位是VB.电动势大的电源做功一定多C.电动势大的电源做功一定快D.电动势的大小等于电路中通过单位电荷时电源所提供的电能【答案】D【解析】【详解】A．电动势是用来描述电源把其他形式的能转化为电能的本领，其大小只取决于电源本身的性质，与外

电路无关，而电势差是由电源和外电路共同决定的，并不是不变的，A错误；B．电源的电动势大，不一定做功就多，还有可能不做功，如电源没有接入外电路时做功为零，B错误；C．电源做功的快慢不仅仅由电动势决定，而是与通过电源的电流的大小来共同决定的，即EPEI=C错误；D．电动势大小

等于在电源内部移动单位正电荷所做的功，即电源向外所提供的能量，D正确。故选D。7.x轴上有两点电荷Q1和Q2，Q1和Q2之间各点对应的电势高低如图中的曲线所示，规定无限远处电势为零，下列推理与图象信息不符合的是

()A.Q1一定大于Q2B.Q1和Q2一定是同种电荷，但不一定是正电荷C.电势最低处P点的电场强度为0D.Q1和Q2之间各点的电场方向都指向P点【答案】B【解析】【详解】由U=Ed知，φ-x图象的斜率等于电场强度，P点切线的斜率为0，则知电势最低处P

点的电场强度为0，说明Q1和Q2在P点产生的场强大小相等、方向相反，由2QEkr=分析知，Q1一定大于Q2．故AC正确；两个点电荷间的电势都为正，因此两点电荷一定是正电荷，故B错误；根据顺着电场线电势逐渐降

低，则知Q1和Q2之间各点的电场方向都指向P点，故D正确．此题选择错误的选项，故选B.8.如图所示，A、B、C、D、E是半径为r的圆周上等间距的五个点，在这些点上各固定一个点电荷，除A点处的电荷量为－q外，其余各点处的电荷量均为＋q，则圆心O处（）的A.电场强度

大小为2kqr，方向沿AO方向B.电场强度大小为2kqr，方向沿OA方向C.电场强度大小为22kqr，方向沿AO方向D.电场强度大小为22kqr，方向沿OA方向【答案】D【解析】【详解】各点电荷O点产生场强如下图所示点电

荷的场强公式可知，各点电荷在O点产生的场强大小为2qEkr=由于场强强度为矢量，由平行四边形定则，根据对称性可知，B、C、D、E四个点电荷合场强为2qEkr=所以A、B、C、D、E五点的合场强为22=qEEEkr+=合沿OA方向，故ABC错误，D正确。故选D。【点睛】

电场强度是矢量，叠加符合平行四边形定则，多个矢量时，可分批次叠加。二、多项选择题（本题共4小题，每小题6分，共24分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题在的意，少选得3分，多选或错选不得分）9.以下说法正确的是（

）A.由2QEkr=可知真空中静止的点电荷形成的电场中电场强度E与Q成正比B.由公式pEq=可知电场中某点的电势与q成反比C.由abUEd=可知，匀强电场中的任意两点a、b间的距离越大，则两点间的电势差也越大D.公式QCU=，电容器的电容大小C与电容器两极板间电势差U无关【答案

】AD【解析】【详解】A．根据库仑定律和电场强度定义可以推出点电荷场强的决定式2QEkr=可知，点电荷电场中某点的场强与点电荷的电荷量Q成正比，选项A正确；B．电势是表征电场的能的性质的物理量，仅与电场本身的性质有关，与电场力做功的多少以及试探电荷的电荷量等无关，选项B错误；C．由Uab=Ed

可知，匀强电场中的任意两点a、b，沿电场线方向的距离越大，则两点间的电势差也一定越大，选项C错误；D．电容器的电容大小C是由电容器本身决定的，与电容器两极板间电势差U无关，选项D正确。故选AD。10.如图所示是电阻R

的I-U图像，图中α=45°，由此得出（）A.通过电阻的电流与两端电压成正比B.电阻R=0.5ΩC.因I-U图像的斜率表示电阻的倒数，故R=1tan=1.0ΩD.在R两端加上6.0V的电压时，每秒通过电阻横截面的电荷量是3.0C【答案】AD【解析】【详解】A．由图像可知，通过电阻的电流与两

端电压成正比，选项A正确；BC．由图像可知电阻102.05URI===选项BC错误；D．在R两端加上6.0V的电压时，每秒通过电阻横截面的电荷量是61C=3.0C2UqIttR===选项D正确。故选AD。1

1.匀强电场中的三点A、B、C是三角形的三个顶点，AB的长度为1m，D为AB的中点，如图所示。已知电场线平行于ABC所在平面，A、B、C三点的电势分别为14V、6V和2V。设场强大小为E，一电量为6110−C的正电荷从D点移到

C点电场力所做的功为W，则（）A.6810JW−=B.6610JW−=C.E≤8V/mD.E>8V/m【答案】AD【解析】【详解】AB．由题匀强电场中，由于D为AB的中点，则D点的电势146V10V22ABD++===电量为6110−C的正电荷从D点移到C点电场力所做的功为()()66

110102J810JDCDCWqUq−−==−=−=故A正确，B错误；CD．根据匀强电场中电势变化均匀，把AC六等分，作过B点的等势线；电场线与等势线垂直，再过D点作过B点的等势线的垂线，即为电场线，如图可知，电场强度的方向不沿AB方向

，所以AB的长度为1m，由于电场强度的方向并不是沿着AB方向，所以AB两点沿电场方向的距离1md匀强电场中两点电势差与两点沿电场方向的距离成正比，即U=Ed所以146V/m8V/mUEdd−==故D正确，C错误。故选AD。12.如图所示，质

量相同的两个带电粒子P、Q以相同的速度沿垂直于电场方向射入两平行板间的匀强电场中，P从两极板正中央射入，Q从下极板边缘处射入，它们最后打在同一点(重力不计)，则从开始射入到打到上极板的过程中()A.它们运动的加速

度aQ<aPB.它们运动的时间tQ＝tPC.它们所带的电荷量之比qP∶qQ＝1∶2D.它们的动能增加量之比ΔEkP∶ΔEkQ＝1∶2【答案】BC【解析】【详解】A、平行电场方向受到电场力，做初速度为零的匀加速直线运动，根据位移时间关系公式，有：212y

at=①由于两带电粒子平行电场方向分位移之比为yP：yQ=1：2，P、Q的加速度关系为aP：aQ=1：2，故A错误；B、垂直电场方向不受力，做匀速直线运动，位移相等，得到运动时间相等，故B正确；C、根据牛顿第二定律，有：qE=ma，因为aP：aQ=1：2

，所以它们所带的电荷量之比qP：qQ=1：2，故C正确；D.电势能的减小量等于电场力做的功即△E=qEy，因为竖直位移之比是1：2，电荷量之比也是1：2，所以电场力做功之比为1：4，根据动能定理，有：qEx=△Ek而：qP：qQ=

1：2，xP：xQ=1：2，所以动能增加量之比：△EkP：△EkQ=1：4，故D错误；故选BC．【点睛】将两个带电粒子的运动垂直电场方向和平行电场方向正交分解，垂直电场方向不受力，做匀速直线运动；平行电场方向受到电场力，做初速度为零的匀加速直线运动，根据运动学公式、牛顿第二定律和功能关系联合

列式分析．第Ⅱ卷（非选择题）三、计算题（本题共4小题，其中13题10分，14、15、16各12分，共46分。解答时应写出必要的文字说明，方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的必须明确写出数值和单位）13.有一条

横截面积为S的铜导线，通过的电流为I，已知铜的密度为ρ，铜的摩尔质量为M，阿伏加德罗常数为AN，电子的电量为e，求铜导线中自由电子定向移动的速率？（设铜导线中平均每个铜原子贡献两个自由电子）【答案】A2IMvNSe=【解析】【

详解】设铜导线中自由电子定向移动的速率为v，导线中自由电子从一端定向移到另一端所用时间为t，则导线的长度为lvt=体积为VvtS=在t时间内这些电子都能通过下一截面，则电流qneItt==其中A2VnNM=联立解得A2vNeIM=

可得电子定向移动的速率A2IMvNSe=14.如图所示，质量为m、电荷量为q带电粒子，以初速度v0垂直射入场强为E方向竖直向下的匀强电场中，射出电场的即时速度的方向与初速度方向成30°角．在这过程中，

不计粒子重力．求：（1）该粒子在电场中经历的时间；（2）粒子在这一过程中电势能增量．【答案】（1）033mvEq（2）2016mv−【解析】【详解】（1）带正电的粒子垂直进入电场后做类平抛运动，如图所示：粒子在垂直电场方向的做匀速直线运动0xvv=粒子在电场方向做初速度为0的匀加速直

线运动：yqEvattm==，当粒子速度方向与初速度方向成30°角时，如图，03tan303yxvvv==，竖直分速度：yqEvattm==，粒子经历的时间：033ymvmvtqEqE==；的（2）在这一过程中，粒子在电场方向偏转的位移22200

311()2236mvmvqEyatmqEqE===，电场力对粒子做功：2016WqEymv==，根据电场力做功与电势能变化的关系知，电场力对粒子做正功，电势能减少，好电势能的增加量2016EWmv=−=−．15.如图所示，光滑斜面倾角为37°，一带有正电的小物块质量为m

，电荷量为q，置于斜面上，当沿水平方向加如图所示的匀强电场时，带电小物块恰好静止在斜面上。从某时刻开始，电场强度变化为原来的12，求：(1)原来的电场强度为多大；(2)物块运动的加速度；(3)沿斜面下滑距离为0.5m时，物块速度大小。（

sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g取10m/s2）【答案】(1)34mgq；(2)3m/s2，方向沿斜面向下；(3)3m/s【解析】【详解】(1)对小物块受力分析如图所示物块静止于斜面上，则有mgsin37°＝qEcos37°解得tan3734om

gmgEqq==(2)当场强变为原来的12时，小物块所受的合外力的1sin37cos372FmgEqma=−=合解得a＝3m/s2方向沿斜面向下(3)由运动学公式2202axvv=−可得2230.5m/s3m/svax===16.如图所示为一真空

示波管的示意图，电子从灯丝K发出(初速度可忽略不计)，经灯丝与A板间的电压1U加速，从A板中心孔沿中心线KO射出，然后进入两块平行金属板MN、形成的偏转电场中(偏转电场可视为匀强电场)，电子进入MN、间电场时的速

度与电场方向垂直，电子经过偏转电场后打在荧光屏上的P点。已知MN、两板间的电压为2U，两板间的距离为d，板长为L，荧光屏距MN、两板右侧边缘的水平距离为D，电子的质量为m，电荷量为e，不计电子受到的重力及它们之间的相互作用力。(1)求电子穿过A板时速度的大小0v；(2)求

电子从偏转电场射出时的侧移量y；(3)求OP长度x。【答案】(1)102eUvm=；(2)2214ULyUd=；(3)221()22UlDULxLd+=【解析】【详解】(1)设电子经电压1U加速后的速度

为0v，由动能定理有210102eUmv=−解得102eUvm=(2)电子以速度0v进入偏转电场后，垂直于电场方向做匀速直线运动，沿电场方向做初速度为零的匀加速直线运动。设偏转电场的电场强度为E，电子在偏转电场中运动的时间为t，加速

度为a，电子离开偏转电场时的侧移量为y。由牛顿第二定律和运动学公式有：0Ltv=Fma=FeE=2UEd=2eUamd=212yat=解得2214ULyUd=(3)根据类平抛运动的规律，电子从偏转电场射出后，速度的反向延长线经过两板水平位移的中点，则由比例关系可知22LDxLy+=获得更多资源

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