【文档说明】福建省宁化第一中学2020-2021学年高一下学期期末模拟(二)数学试题 答案.docx,共(4)页,253.077 KB,由小赞的店铺上传
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宁化一中2020-2021学年第二学期期末模拟(二)答案一、单选题(本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项符合题目要求)12345678CBDAAACD二、多选题(本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合要求.全部选对的
得5分,部分选对的得3分,有选错的得0分)9101112ABACDACCD三、填空题(本题共4小题,每小题5分,共20分)13.16.514.2015.116.1∶4107四、解答题(本题共6小题,共70分.解答应写出文字说明
、证明过程或演算步骤)17.解:(1)设(,)zabiabR=+,则(1)ziabi−=+−,zi−为实数,10b−=,即1b=.()(1)11(1)(1)22zabiabiiababiiiii+++−+===+−−−+为实
数,02ab+=,则1a=−;所以1zi=−+,()22112z=−+=(2)由(1)得,()()()2222512514zmmmiimmmimmmi+++−−=−++++−−=++−−依题意得21040mmm+−−,解得11172m
−−.实数m的取值范围是11172,−−.18.解:,解得.,且三点共线,,又,,,,由可知,展开化简得到,联立解得,,故.19.解:(1)在ABC中,由正弦定理得sinsinsinabcABC==,因为334sinssinsininCBbcaBC+=,所以3sinsin3
sinsin4sinsinsinBCCBABC+=,即23sinsin4sinsinsinBCABC=又因为sinsin0BC,所以234sinA=,即3sin2A=,又因为ABC为锐角三角形,所以3A=;(2)由1sin332ABCSbcA==,即14sin3323c=,
解得3c=,因为BAC的角平分线为AD,所以126BADCADBAC===,又因为BADCADBACSSS+=△△△,所以11sinsin332626cADbAD+=,即113sin4sin332626ADAD+=,所以733
4AD=,所以1237AD=.20.解:(1)由频率分布直方图得第七组的频率为:()10.0040.0120.0160.0300.0200.0060.004100.08−++++++=.用样本数据估计该校的
2000名学生这次考试成绩的平均分为:700.04800.12900.161000.31100.21200.06x=+++++1300.081400.04102++=.(2)样本成绩属于第六
组的有0.00610503=人,设为,,ABC,样本成绩属于第八组的有0.00410502=人,设为,ab,从样本成绩属于第六组和第八组的所有学生中随机抽取2名,基本事件有:AB,AC,Aa,Ab,BC,Ba,Bb,Ca,Cb,ab共10个他们的分差的绝对值
小于10分包含的基本事件个数AB,AC,BC,ab共4个∴他们的分差的绝对值小于10分的概率42105p==.21.解:(1)设A={甲同学答对第一题},B={乙同学答对第一题},则()PAp=,()PBq=.设C={甲、乙二人均答对
第一题},D={甲、乙二人中恰有一人答对第一题},则CAB=,DABAB=+.由于二人答题互不影响,且每人各题答题结果互不影响,所以A与B相互独立,AB与AB相互互斥,所以()()()()PCPABPAPB
==,()()PDPABAB=+()()()()()()()()()()()()11PABPABPAPBPAPBPAPBPAPB=+=+=−+−.由题意可得()()1,2511,12pqpqqp=−+−=即1,217.12pqpq=+=解得3,42
,3pq==或2,33.4pq==由于pq,所以34p=,23q=.(2)设=iA{甲同学答对了i道题},iB={乙同学答对了i道题},0i=,1,2.由题意得,()11331344448PA=+=,()23394416PA==,(
)12112433339PB=+=,()2224339PB==.设E={甲乙二人共答对3道题},则1221EABAB=+.由于iA和iB相互独立,12AB与21AB相互互斥,所以()()()()()()()
12211221349458916912PEPABPABPAPBPAPB=+=+=+=.所以,甲乙二人共答对3道题的概率为512.22.解:(1)过点M作//MEDC与BC交于E点,连接PE.由//,90ADBCADC=,所以四边形CDME为矩形.则ME
BC⊥4,BC==32ADDMAM=,,所以122DMCEBC===,即E为BC的中点.所以PEBC⊥,又PEMEE=,所以BC⊥平面PME又//ADBC,则AD⊥平面PME,又PM平面PME所以P
MAD⊥(2)由(1)可知3MECD==,2216423PEPCCE=−=−=由(1)可知四边形CDME为矩形.则MEAD⊥,又PMAD⊥所以PME为二面角PADB−−的平面角.所以22229121cos2233M
EPMPEPMPMEMEPMPM+−+−===,解得3PM=(负值舍去)所以229110PAPMMA=+=+=由(1)有AD⊥平面PME,又AD平面ABCD,所以平面PME⊥平面ABCD过点P作POME⊥交ME于点O,
则PO⊥平面ABCD所以21sin31223POPMPME==−=设点A到平面PBC的距离为h.则APBCPABCVV−−=,即1133PBCABCShSPO=,所以12612ABCPBCBCCDPOSPOhSBCPE===设直线PA与平面PBC所成角为
,则615sin510hAP===