【文档说明】【精准解析】宁夏银川市宁夏大学附属中学2019-2020学年高一下学期期中考试物理试卷.pdf，共(19)页，379.025 KB，由小赞的店铺上传

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-1-物理试卷一、单选题（共32分）1.下列说法中符合物理史实的是（）A.卡文迪许首次在实验室里较准确地测出了引力常量B.牛顿创立了“日心说”，“日心说”是正确的，太阳是宇宙的中心C.第谷发现了行星的运动规律，开普勒发现了万有引力定律D.伽利略将行星与太阳、

地球与月球、地球与地面物体之间的引力规律推广到宇宙中的一切物体，得出了万有引力定律【答案】A【解析】【详解】A．卡文迪许首次在实验室里较准确地测出了引力常量，符合客观事实，故A正确；B．哥白尼创立了“日心

说”，“日心说”仍具有历史局限性，太阳不是宇宙的中心，故B错误；C．开普勒发现了行星的运动规律，牛顿发现了万有引力定律，故C错误；D．牛顿将行星与太阳、地球与月球、地球与地面物体之间的引力规律推广到宇宙中的一切物体，得出了万有引力定律，故D

错误。故选A。2.关于平抛运动和匀速圆周运动，下列说法正确的是（）A.做平抛运动的物体的加速度方向一定是竖直向下B.做平抛运动的物体落地时的速度方向一定是竖直向下C.做匀速圆周运动的物体线速度不变D.做匀速圆周运动的物体向心加速度不变【答案

】A【解析】【详解】A．做平抛运动的物体在运动过程中，只受重力作用，所以加速度方向一定竖直向下，A正确；B．平抛运动的合速度是由水平分速度和竖直分速度合成而来，所以落地时一定不会竖直向下，B错误；CD．做匀速圆周运动过程中速度和加速度大小恒定不变，速度和加速度的

方向时刻在变，CD-2-错误。故选A。3.当汽车发动机的输出功率为20kW时，汽车在平直公路上以10m/s的速度匀速行驶，此时汽车牵引力是（）A.1000NB.1500NC.2000ND.3000N【答案】C【解析】【详解】ABC

D．根据公式PFv解得20000N2000N10PFvABD错误C正确。故选C。4.两个物体质量比为1∶2，速度大小之比为2∶1，则这两个物体的动能之比为（）A.1∶1B.1∶2C.2∶1D.4

∶1【答案】C【解析】【详解】根据2k12Emv因质量比为1：2，速度大小比为2：1，则动能之比为2：1。故选C。5.如果把地球看成一个球体，在银川和三亚各放一个物体随地球自转做匀速圆周运动，则（）A.在银川的物体和在三亚的物体随地球自转的线速度相同B.在银川的物体和在三亚的物体随地球自转的

角速度相同C.在银川的物体的向心加速度大于在三亚的物体的向心加速度D.在银川的物体的周期大于在三亚的物体的周期【答案】B【解析】-3-【详解】BD．在银川的物体和在三亚的物体随地球自转，角速度和周期都与地球的一样，D错误B正确；A．根据vr

银川距地轴的距离小于三亚离地轴的距离，所以银川的物体和在三亚的物体随地球自转的线速度不同，A错误；C．根据2ar银川距地轴的距离小于三亚离地轴的距离，银川的物体的向心加速度小于在三亚的物体的向心加速度，C错误。故选B。6

.铁道转弯处内、外铁轨间设计有高度差，可以使火车顺利转弯，已知火车转弯时有个安全速度v，则下列说法中正确的是（）A.转弯处内轨应略高于外轨B.转弯时只要速度小于v就是安全的C.转弯处轨道有高度差主要是为了减少

轮缘与铁轨间的挤压D.转弯时速度如果超过v，火车对内轨有压力【答案】C【解析】【详解】AC．当外轨高于内轨时，轨道给火车的支持力斜向弯道内侧，它与重力的合力指向圆心，为火车转弯提供了一部分向心力，减轻了轮缘和外

轨的挤压，在修筑铁路时，根据弯道半径和轨道速度行驶，适当选择内外轨道的高度差，可以使火车的向心力完全由火车的支持力和重力的合力提供，减少轮缘与铁轨间的挤压，避免轨道变形，使火车行驶更安全，A错误C正确；-4-BD．当实际速度等于v时，内、外轨都不受轮缘挤压，比较安全；如果实际转弯速度大于v，有

离心趋势，与外侧铁轨挤压；反之，挤压内侧铁轨，易使轨道变形，BD错误。故选C。7.井深10m，井上支架高为1.5m，在支架上用一根2m长的绳子系住一个重100N的物体，则物体的重力势能是（以地面为参考平

面）（）A.50JB.1000JC.-50JD.-1000J【答案】C【解析】【详解】ABCD．以地面为重力势能零势能面，则物体的高度0.5mh则50JPEmghABD错误C正确。故选C。8.北京冬季奥运会将在2022年2月4日至2022年2月20日在中华人民共和国北京市

和河北省张家口市联合举行，冬奥会上有一个项目叫自由式滑雪，运动员沿着山坡上的雪道从高处加速滑下，如图所示。下列描述正确的是（）A.雪道对雪橇的摩擦力做正功B.运动员的重力势能增大C.运动员的机械能增大D.运动员的动能增大【答案】D【解析】-5-【详解】AB．运动员沿着山坡上的雪

道从高处加速滑下，可知速度不断增大，故动能增大；而重力做正功，则重力势能减小，雪道对雪橇的摩擦力做负功，故AB错误，D正确；C．因除重力之外还有摩擦力做负功，故运动员的机械能减小，故C错误。故选D。9.如图所示

，重物M沿竖直杆下滑，并通过绳带动小车沿斜面升高．当滑轮右侧的绳与竖直方向成θ角，且重物下滑的速率为v时，小车的速度为()A.vsinθB.v/cosθC.vcosθD.v/sinθ【答案】C【解析】【详解】将

M物体的速度按图示两个方向分解，如图所示则绳子的速率为：cosvv绳而绳子速率等于物体m的速率，则有物体m的速率为cosmvv故选C．10.如图所示，半径为R的细圆管（管径可忽略）内壁光滑，竖直放置，一质量为m直径略小于管径的小球可在管内做完整的圆周运动，g为当地重力加

速度，则（）A.小球运动到管顶部时动能最大-6-B.小球运动到管顶部时的最小速度为gRC.小球运动到管顶部时对管壁的压力一定向上D.小球运动到管底部时对管壁的压力一定向下【答案】D【解析】【详解】A．在最低点速度最大，动能最大，A错误；BC．要使小球能通过最高点，只要小球的速度大于零

即可，则在最高点的临界速度为0。而当向心力等于重力时，小球对轨道没有压力，此时有2vmgmR可得vgR若大于此速度，球对外轨道有向上压力，若小于此速度，则球对内轨道有向下压力，BC错误；D．小球在最低点时由于做圆周运动

，故小球受到向上的支持力和本身的重力，两个力的合力提供了圆周运动的向心力，故小球在最低点一定对外轨道有向下的压力，故D正确。故选D。11.某人将质量为2kg的物体，由静止匀加速举高2m，且获得1m/s的速度，（g=10m/s2）则在这一过程中，下列说法错误的是（）A.

重力对物体做了40J的负功B.合外力对物体做了1J的正功C.物体的机械能增加41JD.人对物体的力做了1J的正功【答案】D【解析】【详解】A．物体被举高，重力做负功G40JWmgh故A正确，不符合题意；B．根据动能定理

可得合外力做功为-7-2k121J01J2WE合故B正确，不符合题意；CD．人对物体做的功等于物体的机械能增加量，而物体的机械能增加量等于重力势能增加量与动能增加量之和，故kp1J40J41JWEEE

人故C正确，不符合题意；D错误，符合题意。故选D。12.小球以0v的初速度水平抛出，垂直砸在倾角为θ的斜面上时，运动轨迹如图中虚线所示。已知重力加速度为g，小球在空中飞行的时间为（）A.0tanvgB.0tanvgC.02tanvgD.02tanvg【答案

】A【解析】【详解】小球撞在斜面上，速度方向与斜面垂直，由几何知识可知此时速度方向与竖直方向的夹角为00tanyvvvgt解得0tanvtg故选A。13.如图所示是行星m绕恒星M运动情况的示意图，下列说法正确的是（）-8-A.速度最大点是

B点B.速度最小点是C点C.m从A到D做减速运动D.m从C到A的过程中机械能减小【答案】C【解析】【详解】ABC．根据开普勒第二定律，对每一个行星而言，太阳行星的连线在相同时间内扫过的面积相等，所以速度最大点是A点，速度最小点是B点，m从A到D做

减速运动，AB错误，C正确；D．行星绕恒星运动机械能守恒，m从C到A的过程中机械能减小错误，D错误。故选C。14.地球表面的重力加速度为g，地球半径为R，万有引力常量为G，则地球的平均密度为()A.34gRGB.234gRGC.gRGD.2gRG【答案】A【解析】【详解】在地球表面有2MmG

mgR，且地球的质量343MVR，由两式可得34gRG，故A正确，BCD错误．15.土卫六叫“泰坦”（如图），它每16天绕土星一周，经测量其公转轨道半径约为61.2610km，已知引力常量11226.6710Nm/kgG，1天为86400s，则土星的质量约为（）A.23

510kg-9-B.26510kgC.29510kgD.32510kg【答案】B【解析】【详解】卫星受到的万有引力提供向心力，得2224MmGmrrT其中r=1.2×106km=1.2×109m；T=16天=16×24×3600≈1

.4×106s，G=6.67×10-11N•m2/kg2代入数据可得M≈5×1026kgB正确，ACD错误故选B。16.水平光滑直轨道ab与半径为R的竖直半圆形光滑轨道bc相切，一质量为m的小球以一定初速度沿直轨道向右运动，如图所示，小球进入圆形轨道后刚好能通过c点，然后小球做平抛运动落在

直轨道上的d点，则（）A.小球到达c点的动能为mgRB.小球的初速度为5gRC.小球从c点落到d点需要时间为RgD.小球在直轨道上的落点d与b点距离为R【答案】B【解析】【详解】A．小球进入圆形轨道后刚好能通过c点，则-10-2cvm

gmR得出cvgR小球到达c点的动能为21122kcEmvmgRA错误；B．设小球的初速度为v，根据机械能守恒2211222cmvmvmgR解得5vgRB正确；C．球从c点落到d点需要时间2122Rgt解得2RtgC错误；D．小球在直轨道上的落点d

与b点距离2cxvtRD错误。故选B。二、多选题（共20分）17.在下列实例中，不计空气阻力，机械能守恒的是（）A.做平抛运动的物体B.在竖直面上做匀速圆周运动的物体C.沿斜面匀速下滑的物体D.做自由落体运动的物体【答案】AD【解析】-11-【详

解】A．做平抛运动的物体，只受重力，机械能守恒，A正确；B．在竖直面上做匀速圆周运动的物体，动能不变，重力势能变化，所以机械能变化，故机械能不守恒，B错误；C．沿斜面匀速下滑的物体，动能不变，重力势能减小，故机械能不守恒，C错误；D

．做自由落体的物体，只受重力，机械能守恒，D正确。故选AD。18.某同学用定滑轮将质量m=4kg的物体向上提升，他竖直向下拉绳子，使物体由静止开始以2m/s2的加速度上升，在此后的1s时间内，一切摩擦不计，以下说法正确的是（取g=10m/s2）

（）A.拉力F做的功为48JB.拉力F在1s末的瞬时功率为48WC.拉力F的平均功率为48WD.物体克服重力做功的平均功率为80W【答案】C【解析】【详解】根据牛顿第二定律可得Fmgma解得48NFA．1s末，物体上升的高度为211m2hat故拉力做的功为F

48JWFhA正确；B．1s末物体的速度为12m/svat故拉力的瞬时功率为F196WPFvB错误；-12-C．1s内拉力的平均功率为F48WWPtC正确；D．1s内物体克服重力做功的平均功率为GG40WWmghP

ttD错误。故选C。19.从同一点沿水平方向抛出的A、B两个小球能落在同一个斜面上，运动轨迹如图所示，不计空气阻力，则小球初速度vA、vB的关系和运动时间tA、tB的关系分别是()A.vA＞vBB.vA＜vBC.tA

＞tBD.tA＜tB【答案】AD【解析】【详解】CD．A小球下落的高度小于B小球下落的高度，所以根据h＝12gt2知t＝2hg故tA＜tB选项C错误，D正确；AB．根据x＝vt知，B的水平位移较小，时间较长，则水平初速度较小，故vA＞vB，A正确，B错误。故选AD。【点睛

】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度确定时间，根据水平位移和时间确定初速度。-13-20.如图所示，轻质弹簧的左端固定，并处于自然状态。小物块的质量为m，从A点向左沿水平地面运动，压缩弹簧后被弹回，运动到A点恰好静

止。物块向左运动的最大距离为s，与地面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g，弹簧未超出弹性限度。在上述过程中（）A.弹簧被压缩最短时弹力最大B.物块克服摩擦力做的功为μmgsC.弹簧的最大弹性势能为2μmgsD.物块在A

点的初速度为2gs【答案】AD【解析】【详解】A．弹簧被压缩的形变量越大，弹力越大，所以弹簧被压缩最短时弹力最大，A正确；B．整个过程中，物块一来一回。所受的摩擦力大小恒定，摩擦力一直做负功，则物块克服摩擦力做的

功为2mgs，B错误；C．物体向右运动的过程，根据能量守恒定律得弹簧的最大弹性势能pEmgsC错误；D．设物块在A点的初速度为0v。对整个过程，利用动能定理得201202mgsmv可得02vgsD正确。故选

AD。21.中国自行研制的“神舟号”飞船的发射过程简化如下∶飞船在酒泉卫星发射中心发射，由长征运载火箭送入近地点为P、远地点为Q的椭圆轨道上，然后在Q点通过改变卫星速度，让卫星进入地球同步轨道Ⅱ。则（）-14-A.卫星在Q点通过加速实现由轨道Ⅰ进入轨道

ⅡB.卫星在同步轨道Ⅱ上的运行速度大于第一宇宙速度7.9km/sC.在轨道Ⅰ上，卫星在P点的动能大于在Q点的动能D.卫星的发射速度必定大于第二宇宙速度11.2km/s【答案】AC【解析】【详解】A．从椭圆轨道Ⅰ到同步轨道Ⅱ，需要在轨道Ⅰ上经过P点时点火加速，做离心运

动，逃逸到轨道Ⅱ，A正确；B．第一宇宙速度是近地轨道卫星的环绕速度，根据公式22MmvGmRR解得GMvR可知轨道半径越大，线速度越小，即同步卫星的线速度小于第一宇宙速度，B错误；C．在轨道Ⅰ上运动时，只有万有引力做功，从P到Q，引力做负功，所以动能减小，故卫

星在P点的动能大于在Q点的动能，C正确；D．以第二宇宙速度发射的卫星将脱离地球的束缚，成为太阳的行星，所以该卫星的发射速度必定小于第二宇宙速度11.2km/s，D错误。故选AC。三、填空题（共18分）22.如图所示的传动装

置中，B、C两轮固定在一起绕同一轴转动，A、B两轮用皮带传动，三个轮的半径关系是rA＝rC＝2rB.若皮带不打滑，求A、B、C三轮边缘上a、b、c三点的角速度之比为：________；线速度之比为：___________．-15-【答案】(1).1:2:2(2).1:1

:2【解析】试题分析：传送带在传动过程中不打滑，则传送带传动的两轮子边缘上各点的线速度大小相等，共轴的轮子上各点的角速度相等．再根据v=rω求出线速度和角速度之比．解：a、b两点靠传送带传动，线速度大小相

等，半径之比为2：1，根据v=rω知，ωA：ωB=1：2．b、c两点的角速度相等，根据v=rω知，vB：vC=1：2，所以ωA：ωB：ωC=1：2：2．vA：vB：vC=1：1：2．23.河宽100md，水流速度v1=6m/s，小

船在静水中的速度v2=10m/s，若使该小船以最短时间渡河，则渡河时间为_______s；若以最短位移渡河，渡河时间为____s。【答案】(1).10s(2).12.5s【解析】【详解】[1]当以静水中的速度垂直河岸过河的时候渡河时

间最短，则知min210010s10dtv[2]因为水流速度小于船在静水中的速度，所以合速度的方向能垂直河岸，则小船能到达正对岸，即小船的最短位移等于河宽。当合速度的方向与河岸方向垂直时，渡河航程最小，根据几何关系，则有船的合速度2

26m18/s0v因此最短的航程时，渡河的时间为10012.5s8dtv24.我国先后发射的“风云一号”和“风云二号”气象卫星，运行轨道不同，前者采用“极地圆形轨道”，轨道平面与赤道平面垂直，通过地球两极，每12小时巡视地球一周，每天只能对同一地区进行两次观测；后

者采用“地球同步轨道”，轨道平面在赤道平面内，能对同一地区进行连续观测。两种不同轨道的气象卫星在运行与观测时，“风云一号”卫星的轨道半径________（填“大于”、“小于”或“等于”）“风云二号”卫星的

轨道半径，“风云一号”卫星运行的向心加速度______（填“大于”、“小于”或“等于”）“风云二号”卫星运行的-16-向心加速度。【答案】(1).小于(2).大于【解析】【详解】[1]由题意可知“风云一号”的周期小于“风云二号”的运动周期，根据公式22

24MmGmRRT可得2324GMTR所以周期越大，轨道半径越大，所以“风云一号”卫星的轨道半径小于“风云二号”卫星的轨道半径；[2]万有引力充当向心力，根据公式2MmGmaR解得2GMaR所以轨道半径越大，向心加速度越小，所以“风云一号”卫星的向心加速度大于“风

云二号”卫星的向心加速度。四、计算题25.某人在高为1.8m的平台上，以8m/s的初速度沿水平方向抛出一个质量为5kg的小球，不计空气阻力。问：(1)小球从抛出到落地，重力对小球做了多少功？(2)物体落地时速度的大小是多少？【答案】（1）90J；（2）1

0m/s【解析】【详解】（1）小球从抛出到落地，重力对小球做功为GWmgh代入数据解得90JGW（2）设落时速度的大小为v，根据机械能守恒定律有-17-2201122mghmvmv代入数据解得v=1

0m/s26.杂技演员在做水流星表演时，用绳系着装有水的水桶，在竖直平面内做圆周运动，若水的质量m=0.4kg，绳长90cm，g=10m/s2。求：(1)最高点水不流出的最小速率；(2)水在最高点速率v=4

m/s时，水对桶底的压力。【答案】(1)3m/s；(2)28N9【解析】【详解】(1)水桶运动到最高点时，设速度为v时恰好水不流出，由水的重力刚好提供其做圆周运动的向心力，根据牛顿第二定律得2vmgml代入数据解得100.9m/s3m/svgl(2)对水研究，在最高

点时由水的重力和桶底的弹力的合力提供水做圆周运动的向心力，由牛顿第二定律得2vmgNml代入数据解得22428()0.4(10)N0.99vNmgl由牛顿第三定律得水对桶底的压力为28N9NN。27.如图所示，粗糙的水平面BC与光滑的曲面AB平滑的连接于B点（小球在B点没

有能量损失），BC右端有一内壁光滑、半径为r=0.4m的四分之一细圆管CD，管口D端正下方直立一根劲度系数为k=1N/cm的轻弹簧，轻弹簧下端固定，上端恰好与管口D端齐平。质量为2kg的小球在曲面上距BC的高度为2r=0.8m处从静止开

始下滑，进入管口C端时与管壁间恰好无作用力，通过CD后压缩弹簧，在压缩弹簧过程中速度最大时弹簧的弹性势能为2J，已知小球与BC间的动摩擦因数μ=0.5，g=10m/s2。求：-18-(1)小球达到B点时的速度大小vB；(2)水平面BC的长度l；(3)在压缩弹簧过程

中小球的最大速度vm。【答案】(1)4m/s；(2)1.2m；(3)14m/s【解析】【详解】(1)由机械能守恒定律得2122Bmgrmv解得2100.84m/sBv(2)进入管口C端时与管壁间恰好无作用力，由2Cvmgmr代入数

据得vC=2m/s从A到C过程中，由动能定理得212Cmghmglvm代入数据得l=1.2m(3)由题意可知k=1N/cm=100N/m设在压缩弹簧过程中小球速度最大时离D端的竖直距离为x，则有kxmg得-19-2100.2m100mgxk由功能关系得2m21122Cmg

rxmEvvm弹解得m14m/sv