【文档说明】广东省佛山市第一中学2020-2021学年高一上学期期中考试 物理daan.docx，共(6)页，82.005 KB，由小赞的店铺上传

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佛山市第一中学高一年级期中考试物理试题参考答案一、单选题题号12345678910答案DCDDBBCBBB二、多选题题号1112131415161718答案CDBDABCABBDBCBCBD1.答案D解析静止在草地上的足球受到的弹力，与重力相平衡，但

不是它的重力，故A错误；静止在光滑水平地面上的两个足球虽然接触，但由于没有发生弹性形变，所以没有受到相互作用的弹力，B错误；足球撞到球网上，球网被撑开，由于球网的形变，而使足球受到了弹力，故C错误，D正确．2答案C解析前23t时间内的位移s1＝v2·2t3＝13vt，后13t时间内的

位移s2＝2v·13t＝23vt，所以t时间内的平均速度v＝13vt＋23vtt＝v，故C正确．3.答案D解析加速度a的值由零逐渐增大到某一值后再逐渐减小到0的过程中，由于加速度的方向始终与速度方向相同，所以速度一直在增大，故A、B错误．由于质点做方向不变的直线运动，所以位移一直

在增大，加速度等于零时做匀速直线运动，位移仍然在增大，故C错误，D正确．4答案D解析位移是由初位置指向末位置的有向线段，从题中可以看出，小球的位移大小为0.5m，方向竖直向下，故A错误；速度的变化量等于末速度减初速度，规定竖直向下为正方向，则Δv＝－7m/s－1

0m/s＝－17m/s，负号表示与规定正方向相反，即速度变化量的方向竖直向上，故B错误；平均速度等于位移与时间的比值，小球的位移为s＝0.5m，方向竖直向下，所以小球的平均速度v＝st＝0.50.3m/s＝53m/s，方向竖直

向下，故C错误；由加速度公式a＝ΔvΔt知：a＝ΔvΔt＝－7－100.3m/s2≈－56.7m/s2，负号表示方向竖直向上，故D正确．5.答案B解析s－t图象，切线的斜率大小表示速度大小，4s末二者的斜率不同，所以速度不同，A错误；前4s内A、B之间距离先增大后减小，4s末两质点相遇，B正确；前

4s内A质点的位移与B质点的位移相同，后4s内A质点的位移与B质点的位移大小相等，方向相反，C错误；由图线切线的斜率知，B质点先减速后加速，8s末回到出发点，D错误．6.答案B解析每只手受到的拉力均为600N，故A错误；每根弹簧产生的弹力为6004N＝150N，故

B正确；每根弹簧的劲度系数k＝FΔx＝1501.6－0.4N/m＝125N/m，故C、D错误．7.答案C解析由题图可以看出，在曝光的时间内，重物下降了大约有两层砖的厚度，即12cm(0.12m)，曝光时间为2.0×10－2s，所以AB段的平均速度为v＝0.122.0×10－2m/

s＝6m/s.由于曝光时间极短，故重物下落到A位置时的速度约为6m/s，由v＝gt可得重物下降到A位置所需的时间约为t＝vg＝610s＝0.6s，故C正确，A、B、D错误．8.答案B解析v－t图线与时间轴所围的“面积”表示位

移，由题图可以看出，t＝2s时和t＝6s时“面积”都相等，t＝4s时，“面积”差最大，故相遇时间是t＝2s和t＝6s，t＝4s时相距最远，A、C错误，B正确；由4s末相距最远，且乙图线与时间轴所围的“面积”大于甲图线与时间轴所围积的“面积”，故

乙在甲前面，此后甲的速度大，乙的速度小，甲逐渐追上乙，D错误.9.【答案】B【解析】两小球都做自由落体运动，可在同一v­t图象中作出速度随时间变化的关系图线，如图所示。设人在3楼的阳台上释放小球，两小球落地的时间差T＝Δt1，对应的阴影部分的面积为Δh，即轻绳长度；若人在4楼的阳台

上释放小球，两小球落地的时间差为Δt2，要保证对应的阴影部分的面积也是Δh，从图中可以看出一定有Δt2<Δt1。10.答案B解析根据匀变速直线运动规律，Δs＝s2－s1＝aT2，读出s1、s2，代入即可计算．轿车车身总长4.5m，则图中每一小格为1.5m，由此可算出两段距离分别为s

1＝12m和s2＝21m，又T＝2s，则a＝s2－s1T2＝21－1222m/s2＝2.25m/s2，故选B.11.CD12.答案BD解析根据匀变速直线运动规律的推论，末速度为零的匀减速过程可以看成逆向的初速度为零的匀

加速过程．对于初速度为零的匀加速过程，第一个时间T和第二个时间T内的位移之比为1∶3，据此可知子弹从A到B的时间等于从B到C的时间，所以子弹从A到B的时间为t2，子弹到B点的速度等于从A到C的平均速度，即v02，故选项B、D正确．13

.答案ABC解析质点在前10s内的位移是sac＝50×2m＝100m，而sac＝v0t＋12a′t2，代入数据解得a′＝1m/s2，A正确；由vg2－v02＝2a′sag，代入数据解得vg＝25m/s，B正确

；同理由vc2－v02＝2a′sac，代入数据得vc＝15m/s，则质点由c点运动到g点的时间为t′＝vg－vca′＝10s，质点在c、g之间的平均速度大小为v＝scgt′＝4×5010m/s＝20m/s，C正确，D错误．14.答案AB15.BD16.答

案BC解析汽车先做匀速运动，再做同方向的匀减速运动，A错误；汽车做匀减速运动的加速度为a＝－204m/s2＝－5m/s2，B正确；当汽车由v＝20m/s减速到v1＝4m/s时，所需时间为t＝Δva＝4－20－5s＝3.2s，司机的反应时间为t1，从司机看到狗到汽车速度减为v1＝4m/s时间

内，汽车所通过的位移为s1＝vt1＋v12－v22a＝(20×0.5＋42－202－2×5)m＝48.4m，而狗通过的位移为s2＝v′(t1＋t)＝4×(0.5＋3.2)m＝14.8m，s1＞s2＋s0＝47.8m，所以狗将被撞，C正确；从司机

看见狗至停止运动的时间段内汽车前进的距离为s3＝0.5＋4.5×20×12m＝50m，D错误．17.答案BC解析设轻质弹簧原长为l0，劲度系数为k，根据胡克定律得F1＝k(l0－l1)，F2＝k(l2－l0)，两式联立得k＝F2＋F1l2－l1，

l0＝F1l2＋F2l1F1＋F2，选项B、C正确，A、D错误．18.BD三．实验题19.答案(1)见解析图(2)0～4.925.00解析(1)根据表格中的各组数据在xm图象上标出相应的点，然后用平滑曲线连接这些点，作出

的图象如图所示．（2分）根据作出的图线可知，钩码质量在0～500g范围内图线是直线，即在0～4.9N范围内弹力大小与弹簧伸长量关系满足胡克定律．（2分）利用题数据计算得弹簧劲度系数k＝ΔmgΔx＝5×102×10－3×9.834.60－15.

00×10－2N/m＝25.00N/m.（2分）20.解析(1)因为相邻两个计数点之间还有四个点没有画出，故相邻两个计数点之间的时间间隔为0.02s×5＝0.1s.（2分）(2)实验时要在接通打点计时器的电源之后释放物体．（

2分）(3)打下C点时物体的速度大小为vC＝sBD2T＝6.40－1.60×10－22×0.1m/s＝0.24m/s.（2分）(4)因为s＝12at2，则加速度的大小为a＝2st2＝2×40×10－21.0m/s2＝0.80m/s2.（2分）四．计算

题21.(1)3.2m(2)0.2s设屋檐离地面高为h，滴水的时间间隔为T由h＝gt2/2得第2滴水的位移为h2＝g(3T)2/2∶（2分）第3滴水的位移为h3＝g(2T)2/2∶（2分）且h2-h3＝1m∶（2分）由∶∶∶得T＝0.2s（2分）则屋檐高h＝g(4T)2/2＝3.2m（2分）22

.设飞机起飞的加速度为a，起飞速度为vt则有：02tvst∶（1分）vt＝at∶（1分）（1）设弹射系统使飞机具有的初速度为v0，有：2202tvvaL∶（2分）由∶～∶得：02()vssLt

（1分）所以弹射系统使飞机具有的初速度为02()vssLt（2）设航空母舰的速度为v1，飞机起飞时间为t1，该时间内航空母舰的位移为s1，飞机的位移为s2，对航空母舰有：s1=v1t1∶（1分）对飞机有：1212tvvst∶（1分）11tvvta∶（

1分）两者位移关系：L≥s2－s1∶（2分）由∶∶及∶～∶式可得：12()ssLvt（2分）所以航空母舰沿飞机起飞方向的速度至少为12()ssLvt2解析(1)巡逻车加速到最大速度时，v2＝at1（1分）当巡逻车加速到与卡车速度相等时，它们之间有最大距离s

，设此过程所用时间为t2，则：对巡逻车：v1＝at2（1分）s1＝12at22（1分）对卡车：s2＝v1t2（1分）最大距离s＝s2＋d－s1（1分）联立解得：s＝2122.5m（1分）(2)巡逻车加速过程的位移：s3＝12at12＝250m（1分）卡车在此过程中的位移：

s4＝v1t1＝350m（1分）因为s3＜d＋s4，所以巡逻车在加速过程中无法追上卡车，要追上，必须有一个匀速行驶的过程（1分）设追上卡车至少用的总时间为t.则：s3＋v2(t－t1)＝d＋v1t（2分）解

得：t＝150s（1分）