【文档说明】河南省周口市项城市第三高级中学2022-2023学年高一下学期开学考试物理试题 含解析.docx，共(15)页，1.405 MB，由小赞的店铺上传

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2022-2023学年度下期高一开学考试物理试题考试时间：75分钟注意事项：1.答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2.请将答案正确填写在答题卡上第Ⅰ卷（选择题）一、单选题（单项选择共8个小题，每题4分，共计32分）1.下列哪

些物理量是矢量（）①长度②温度③力④加速度A.③B.③④C.②③D.④【答案】B【解析】【详解】长度和温度没有方向只有大小，是标量，力和加速度既有方向又有大小，是矢量。故选B2.关于超重和失重，下列说法中正确的是（）A.超重就是物体受的重力增加了B.失重就是物体受

的重力减少了C.完全失重就是物体的重力没有了D.不论超重或失重甚至完全失重，物体所受重力都不变【答案】D【解析】【详解】AB．超重、失重时，重力没有变化，视重发生变化，AB错误；C．完全失重就是物体受到的重力不变，支持和接触物体间的弹力为零，重力只是用来提供加速度，C错误；D

．无论超重、失重，物体受到的重力都不变，D正确。故选D。3.关于速度和加速度的关系，下列说法中正确的是（）A.速度变化得越多，加速度就越大B.速度变化得越快，加速度就越大C.加速度方向保持不变，速度方向也保持不变。D.加速度大小保持不变，速度大小也保

持不变【答案】B【解析】【详解】A．根据加速度定义可知，速度变化得越大，加速度不一定越大，还与变化时间有关，故A错误；B．根据加速度定义可知，速度变化得越快，加速度就越大，故B正确；C．加速度方向保持不变，速度方向不一定保持不变，例如竖直上抛运动的物

体，故C错误；D．加速度大小保持不变，速度大小不一定保持不变，例如自由落体运动的物体，故D错误。故选B。4.小华将网球从1m高处竖直向下抛出，网球从地面上反弹竖直上升到1.5m高处被接住，从抛出到接住共历时0.5s，下列有关网球整

个运动过程的说法正确的是（）A.题中提到的0.5s是时刻B.网球运动的位移为2.5mC.网球在整个运动过程中的平均速度为1m/sD.研究网球在运动过程中的转动情况时，可以把网球看成质点【答案】C【解析】【详解】A．题中提到的0.5s是

时间间隔，故A错误；BC．网球运动的位移为x=1.5m-1m=0.5m平均速度为位移与时间的比值，故平均速度为0.5m/s1m/s0.5xvt=＝＝故B错误，C正确；D．研究网球在运动过程中的转动情况时，形状不能忽略，故不可以把网球看成质点，故D错误；故选C

。5.在研究两个共点力的合力实验中，得出F合随夹角θ变化的规律如图，则两个分力大小分别为A.8N、10NB.8N、6NC.7N、9ND.5N、9N【答案】A【解析】【详解】当两个力方向相同时，合力最大，为两个力大小

之和即1218NFF+=当两个方向相反时，合力最小，，为两个力大小之差即122NFF−=所以解得这两个分力为8N、10N，故A正确，BCD错误。故选A。6.如图所示，叠放在一起的物体A和B，在大小为F的恒力作用下沿水平面一起做匀速运动，则A和B物体

的受力个数分别为（）A.2个和3个B.3个和4个C.2个和5个D.3个和5个【答案】C【解析】【详解】物体A处于平衡状态，水平方向不受力的作用，只受到竖直向下的重力和B对A竖直向上的支持力，共2个力；物体B受到竖直方下的重力、A对B向下的压力、地面的向上的支持力、水

平拉力和地面的摩擦力共5个力，两物体的受力分析如下故选C。7.汽车的“扭矩”是衡量汽车性能的一个重要参数，汽车驱动力F与扭矩T以及车轮半径R的关系为：TFkR=，其中k是一个没有单位的常数，则扭矩T的单位用国际单位

制的基本单位符号表示为（）A.N·mB.22kgmsC.kgmsD.2kgms【答案】B【解析】【详解】A．根据汽车驱动力F与扭矩T以及车轮半径R的关系式得FRTk=所以扭矩T的单位为Nm，但其中

N不是基本单位符号，故A错误；BCD．根据Fma=有222kgmNmkgm/sms==即扭矩T的单位用国际单位制的基本单位符号表示为22kgms，故B正确，CD错误。故选B。8.如图所示，质量分别为m1、m2的A、B两小球分别连在弹簧两端，B小球用细绳固定在倾角为3

0°的光滑斜面上，若不计弹簧质量且细绳和弹簧与斜面平行，在细绳被剪断的瞬间，A、B两小球的加速度分别为()A.都等于2gB.0和()1222mmgm+C.()1222mmgm+和0D.0和2g【答案】B【

解析】【详解】细绳被剪断的前，以A为研究对象，可求出弹簧的拉力大小111sin302Fmgmg==，细绳被剪断的瞬间，弹簧弹力大小瞬间不变，故A物体该瞬间合力仍为零，加速度大小为零，取B受力分析，由牛顿定二定律可得22gsin30mFma+=，联

立可求得()1222mmagm+=。故ACD错误，B正确。故选择B。二、多选题（多项选择共四小题，每题6分共24分。注意：多项选择题作答时，答案选对但不全的给3分，选错不给分）9.一个质点从静止开始沿x轴做匀加速直线运动，运动过程中的位移x随时间t或速度v变化的图像可能正

确的是（）A.B.C.D.【答案】AD【解析】【详解】AB．初速度为零的匀加速直线运动的位移时间关系为212xat=可知xt−图像为过原点的抛物线，2xt−图线为过原点的倾斜直线，故A正确，B错误；CD．根据速度位移关系

22vax=可得22vxa=知xv−图线为过原点的抛物线，2xv−的直线为过原点的倾斜直线，故D正确，C错误。故选AD，10.如图为一辆汽车在平直地面上做测试的v-t图像，规定水平向右为正方向，则下列关于该汽车的运动，说法正确的是（）A.汽车在8s～10s内始终水平向右运动

B.汽车在前8s内的加速度大小不变，方向发生了改变C.汽车在前10s内的位移大小为6mD.汽车在4s～8s内所受的合外力为零【答案】AC【解析】【详解】A．在8s~10s内，速度为正值，即水平向右运动，故A正确；B．前8s内，vt−图像的斜率不变，即加速

度大小和方向均不变，故B错误；C．在前10s内，汽车的位移为111(6)4m64m62m6m222x=−++=故C正确；D．汽车在4s~8s内做加速运动，所受合外力不为零，故D错误。故选AC。11.如图所示

，木块放在水平桌面上，在水平方向共受三个力，即1F、2F和摩擦力，木块处于静止状态，其中110NF=，22NF=，若撤去1F，下列说法正确的（）A.木块开始做匀加速直线运动B木块仍保持静止状态C.摩擦力的大小为2N，方向水平向右D.摩擦力的

大小为2N，方向水平向左【答案】BC【解析】【详解】AB．原先，木块处于静止状态，水平方向上1F、2F和摩擦力三力共线平衡，摩擦力为静摩擦力，大小为8N，方向水平向左，由此可猜测桌面与木块间的最大静摩擦力fm8NF撤去1F后，2F使木块有向左滑动的趋势，因28NF所以木

块不会滑动，仍保持静止状态，所以B正确，A错误；CD．撤去1F，水平方向上2FF=静故此时所受静摩擦力大小为2NF=静方向水平向右，所以C正确，D错误。故选BC。12.如图所示，水平横杆上套着两个质量不计的滑环，两个滑环上分别系着轻绳AO和BO，重物悬挂在两条绳的结点

O处。平衡时AO与水平横杆的夹角小于BO与水平横杆的夹角，下面说法正确的是（）.A.AO绳子上的拉力小于BO绳子上的拉力B.AO绳子上的拉力大于BO绳子上的拉力C.滑环A受到的静摩擦力大于滑环B受到的静摩擦力D.滑环A受到的静摩擦力等于滑环B受到的静摩擦力【答案】AD

【解析】【详解】CD．以重物和两个环整体为研究对象，由平衡条件可知，滑环A受到的静摩擦力等于滑环B受到的静摩擦力，即ABff=故D正确，C错误；AB．设AO与水平横杆的夹角为，设BO与水平横杆的夹角为，分别对环A、B根据平衡条件可得cos=AOATfcos=BOBTf由

可得AOBOTT故A正确，B错误。故选AD。第Ⅱ卷（非选择题）第Ⅱ卷中的实验题与计算题，按要求在答题卡的对应位置作答，只写在试题卷上不给分；计算题作答时要写清必要的解题步骤，只写答案的不给分。三、实验题(共2小题，其中13题4分.14题12分，共计16分

)13.做《验证力的平行四边形定则》实验时，（1）下列叙述正确是（）的A．同一次实验过程，结点的位置必须都拉到同一位置O点，不能随意变动；B．用两只弹簧秤拉橡皮条时，应使两细绳之间的夹角总为90°，以便于算出合力的大小；C．力的夹角越大越好；D．实验时仅需要记录力

的大小和方向（2）如果实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳．图乙是在白纸上根据实验结果画出的图．图乙中的F与F′两力中，方向一定沿AO方向的是_____。【答案】①.A②.F【解析】【详解】（1）[1]A.同一次实验过程

，结点的位置必须都拉到同一位置O点，不能随意变，故A正确；B.合力是我们根据平行四边形画出来的，不是计算出来的，夹角大小也不一定为90°，故B错误；C.在实验中两个分力的夹角大小适当，在作图时有利于减小误差即可，并非

越大越好，故C错误；D.实验时不仅需要记录力的大小和方向，还需要记录O点的位置，故D错误；故选A（2）[2]F是通过作图的方法得到合力的理论值，而F′是通过一个弹簧称沿AO方向拉橡皮条，使橡皮条伸长到O点，使得一个弹簧称的拉力与两个弹簧称的拉力效果相同，测量出的合力。故方向

一定沿AO方向的是F′。14.某实验小组利用如图甲所示的装置探究加速度与力、质量的关系。（1）如图甲所示的实验装置中，若选用电火花计时器，其所用的电源是___________；A.交流220VB.直流220VC直流8VD.交流8V（2）下列做法正确的是___________（填字母代号

）。A.调节滑轮高度，使牵引小车的细绳与长木板保持平行B.在调节木板倾斜度补偿小车的阻力时，将装有砝码的砝码桶通过定滑轮拴在小车上C.实验时，先放开小车再接通打点计时器的电源D.通过增减小车上的砝码改变质量时，不需要重新

调节木板倾斜度（3）为使砝码桶及桶内砝码的总重力在数值上近似等于小车运动时受到的拉力，应满足的条件是砝码桶及桶内砝码的总质量___________小车和小车上砝码的总质量。（选填“远大于”“远小于”或“近似

等于”）（4）已知打点计时器频率为50Hz，如图乙所示的是一次记录小车运动情况的纸带，图中A、B、C、D、E、F、G为相邻的计数点，相邻计数点间还有四个点未画出。根据纸带可求出小车的加速度大小a=__________m/s2，

打点计时器打下D点时小车的速度大小vD=________m/s（结果保留两位有效数字）（5）如图丙所示为某同学在探究加速度a与力F的关系时，根据测量数据作出的a-F图像，说明实验可能存在的问题是_____________________________。【答案】①.A②.AD③.远小于④.

0.50⑤.0.26⑥.平衡摩擦力不足（未平衡摩擦力）【解析】【详解】（1）[1]电火花计时器使用的是交流220V电源，所以选A；（2）[2]A．平衡好摩擦力后，调节滑轮高度，使牵引小车的细绳与长木板保持平行，这样细绳的拉力就等于小车所受的合外力，故A正确；B．在

调节木板倾斜度补偿小车的阻力时，小车要挂上纸带，但不栓细绳，故B错误；C．实验时，应先接通打点计时器的电源，待打点稳定后再放开小车，否则小车运动一段时间后再打点，纸带上点迹很少也不便于研究，故C错误；D．通过增减小车上的砝码改变质量时，要保证细绳与木板平面平

行，不需要重新调节木板倾斜度，D正确。.的故选AD。（3）[3]对砝码桶及桶内砝码，由牛顿第二定律mgTma−=对小车和小车上砝码=TMa得=1MmgmgTmMmM=++可见，当砝码桶及桶内砝码远小于小车和

小车上砝码的总质量时，即mM近似等于零，所以砝码桶及桶内砝码的总重力在数值上近似等于小车运动时受到的拉力。（4）[4]采用逐差法计算平均加速度224561232()()(2.883.393.87)(1.401.902.38)=cm/s=0.50m/s(3)0.09xxxxxx

aT++−++++−++=[5]打D点时的瞬时速度是打C点到打E点过程的平均速度2.382.88cm=0.26m/s20.2sCEDxvT+==（5）[6]由图像可以看出，当F增大到一定值（图线与横轴截距）时，小车才有加速度，说明平衡摩擦力不足（未平衡摩擦力）。四、解答

题(本题共3个小题，其中15题题9分,16题题9分，17题题10分，总共28分)15.高空抛物具有高度的危险性，极易引发重大事故或造成人身伤亡、财产损失。从离地面45m的空中自由落下一个小球，不计阻力，取210m/sg=，求：（1）经过多长时间落到地面；（2）落到地面的速

度大小；（3）自开始下落时计时，在第2s内位移大小。【答案】（1）3s；（2）30m/s；（3）15m【解析】【分析】【详解】（1）设小球经时间t落地，根据自由落体运动规律有212hgt=解得t=3s（2）小球落到地面时的

速度大小为v=gt=30m/s（3）小球在第1s内和前2s内下落的高度分别为21115m2hgt==，222120m2hgt==小球在第2s内的位移大小为32115mhhh=−=16.如图所示，两个人移动重为1000N的木箱，一个人在后面施加水平向

右推力F1=200N，另一个人施加斜向上与水平方向成37°角的拉力F2=400N使木箱匀速运动，（sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：（1）木箱受到的摩擦力大小；（2）木箱受到地面的支持力大小；（3）木箱与地面间的动摩擦因数。【答案】（1）520N；（2）760N；（3）0.6

84【解析】【详解】（1）将F2正交分解到水平方向和竖直方向，根据水平方向平衡可知12cos37520NfFF=+=（2）木箱受到地面的支持力2sin37760NNmgF=−=（3）木箱与地面间的动摩擦因数0.684fN==17.如图所示，在倾角37=的足够长的固定的斜面底端有一质

量1.0kgm=的物体．物体与斜面间动摩擦因数0.25=，现用轻细绳将物体由静止沿斜面向上拉动．拉力10NF=，方向平行斜面向上．经时间4.0st=绳子突然断了，求：（1）绳断时物体的速度大小．（2）从绳子断了

开始到物体再返回到斜面底端的运动时间．（已知sin370.60=，cos370.80=，g取210m/s）【答案】（1）8.0m/s；（2）4.2s【解析】【分析】【详解】（1）物体受拉力向上运动过程中，受拉力F、斜面支持力NF、重力mg和摩擦力fF，设物体向上运动的加速

度为1a，根据牛顿第二定律有：1sinfFmgFma−−=又1NFF=cosNFmg=解得212.0m/sa=4.0st=时物体的速度大小118.0m/svat==（2）绳断时物体距斜面底端的位移为211116m2xat==绳断后物体沿斜面向上做匀减速直线运动，设运动的加速度

大小为2a，则根据牛顿第二定律，对物体沿斜面向上运动的过程有2sinfmgFma+=解得228.0m/sa=物体匀减速运动的时间1221.0svta==减速运动的位移为21214.0m2xvt==此后物体沿斜面匀加速下滑，设物体下滑的加速度为3a，根据牛顿第二定律可得3sinfmgF

ma−=得234.0m/sa=设物体由最高点下滑的时间为3t，根据运动学公式可得2123312xxat+=310s3.2st==所以物体返回斜面底端的时间为234.2sttt=+=