【文档说明】湖南省长沙市雷锋学校2024-2025学年高一上学期12月月考物理答案.docx，共(10)页，136.977 KB，由管理员店铺上传

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参考答案：题号12345678910答案ADBACBCABDBC题号1112答案ADCD1．A【难度】0.65【知识点】利用平衡推论求力【详解】设吊索上的拉力大小为，根据力的平衡条件，有设吊绳与竖直方向的

夹角为，则设每根吊绳上的拉力大小为，根据力的平衡条件，有解得故选A。2．D【难度】0.85【知识点】匀变速直线运动速度与位移的关系【详解】CD．设汽车经过0路标时速度为v，又由于汽车在OM段速度增加量为，故通过M时速度为v

+2，同理通过N时速度为v+6，由匀变速直线运动的速度与位移解得C错误，D正确；A．汽车在OM段的平均速度大小A错误；B．汽车在MN段的平均速度大小为汽车从M处运动到N处的时间为B错误。故选D。3．B

【难度】0.65【知识点】a-t图像、匀变速直线运动速度与位移的关系、匀变速直线运动位移与时间的关系【详解】A．根据，可知图（a）中物体做初速度为零的匀加速直线运动，故A错误；B．根据，可知图（b）中物体的加速度大小为故B正确；C．图（c

）中的函数关系为可得则物体在前2s内的位移大小为故C错误；D．由，可知图像与横轴所围的面积等于速度的变化量，则物体在前2s内的速度变化量大小为但由于不知道时刻的初速度大小，所以无法确定物体在第2s末速度大小，故D错误。故选B。4

．A【难度】0.85【知识点】中间时刻的瞬时速度、匀变速直线运动速度与时间的关系【详解】AB．由于是匀加速直线运动，因此初末速度方向相同，所以有加速度为：m/s2故A正确，B错误；CD．平均速度m/s．故CD错误．故选A．【点评】本题考查了匀变速直线运动中的基本公式应用，对于这些公式要明确公式

使用条件以及公式中各个物理量的含义，尤其注意其矢量性．5．C【难度】0.85【知识点】质点【详解】A．引入“质点”，是为了研究问题方便而引入的理想化模型，因此从科学方法上来说是属于建立理想物理模型的方法，故A正确，不

符合题意；B．物体能否看成质点是由研究的问题决定的，当物体的大小和形状对研究的问题没有影响时可将物体看做质点，故B正确，不符合题意；C．地球很大，但在研究地球绕太阳公转的运动中，可以把地球看做质点，故C错误，符合题意；D．研究体操运动员在空中的翻滚动作时，因运动员身体的不同

位置的运动状态不同，因此不能将体操运动员看做质点，故D正确，不符合题意。故选C。6．B【难度】0.94【知识点】伽利略对自由落体运动的探究【详解】铜球在较小倾角斜面上的运动情况，发现铜球做的是匀变速直线运动，且铜球

加速度随斜面倾角的增大而增大，倾角最大的情况就是90°时，这时物体做自由落体运动，由此得出的结论是自由落体运动是一种匀变速直线运动。故选B。7．C【难度】0.65【知识点】直接合成法解决三力平衡问题、动态平衡问题【详解】AB.对足球进行受力分析，如图足球处于平衡状态，设悬绳拉

力为，墙壁对足球的支持力为，由平衡条件，有解得故AB错误；CD.将丝线和悬绳的结点由B点上移到C点，夹角α增大，减小，悬绳拉力增大，增大，墙壁对足球的支持力增大，故C正确，D错误。故选C。8．A【难度】0.94【知识点】直接合成法解决三力平衡问题【详解】AB

D．笔记本电脑受到重力G、垂直斜面向上的支持力和沿斜面向上的支持力而受力平衡，则根据牛顿第三定律知，笔记本电脑对斜面的压力大小笔记本电脑对挡板的压力大小A正确，BD错误；C．支架对笔记本电脑的作用力是指与的合力，与笔记本电脑的重力等大反向，C错误。

故选A。9．BD【难度】0.65【知识点】动态平衡问题、整体法与隔离法结合处理物体平衡问题、正交分解法解共点力平衡【详解】A．地面对A有支持力和摩擦力两个力作用，地面对A的作用力是它们的合力；A受到重力、地面的支持力、摩擦力f和C的压力，如图所示根据平衡条件知，地面的支持力和

摩擦力f的合力与力和压力的合力等大、反向，C对A的压力沿AC圆心连线方向，则力和压力的合力一定不沿AC圆心连线方向，即地面对A的作用力不沿AC圆心连线方向，故A错误；B．以三个物体组成的整体为研究对象，受到总重力和地面对A和B支持力

，两个支持力大小相等，则由平衡条件得知，地面对B的支持力为2mg，由牛顿第三定律得知，B对地面的压力大小也为2mg，故B正确；C．以C为研究对象，由平衡条件有得L越大，则θ越大，A对C间的弹力越大，故C错误；D．地面对A的支持力等于地面对B

的支持力，所以以A为研究对象，根据平衡条件得知则得L越大，α越大，f越大，故D正确。故选BD。10．BC【难度】0.4【知识点】物体在光滑斜面滑动、斜面模型中的临界条件的问题【详解】A．以木箱作为参考系，当滑块相对于斜面刚

要发生相对滑动时受到重力和支持力作用，此时滑块的加速度1s末由图可知，滑块相对于木箱没有发生相对运动，滑块木箱可视为整体，由牛顿第二定律解得A错误；B．根据图像可知，2s内速度增加量2s末速度为6m/s，B正确；C．2.5s末滑块的加速度为

，滑块相对于斜面开始滑动，C正确；D．2.5s后开始发生相对滑动，设相对加速度为，根据，解得则滑块到达斜面顶部时刻为2.9s末，D错误。故选BC。11．AD【难度】0.65【知识点】细绳或弹簧相连的连接体问题【详解】如果甲的质量为4kg

，以整体为研究对象，根据牛顿第二定律可得：m甲g–μ(m乙+m丙）g=（m甲+m乙+m丙）a，解得整体的加速度为：a=5/3m/s2；以丙为研究对象，根据牛顿第二定律可得盒子对滑块丙的摩擦力大小为f=m丙a=5/3N，选项A正确，B错误；甲要想拉动乙和丙，甲

质量的最小值应满足：m甲ming=μ(m乙+m丙）g，解得m甲min=2.5kg；丙的最大加速度为，则对甲、乙和丙整体为研究对象，根据牛顿第二定律：m甲maxg–μ(m乙+m丙）g=（m甲+m乙+m丙）amax，解得m甲max=

10kg；可得物块甲的质量满足2.5kg＜m甲≤10kg，则选项C错误D正确；故选AD．【点睛】本题主要是考查了牛顿第二定律的知识；利用牛顿第二定律答题时的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、进行正交分解、在坐标轴上利用牛顿第二定律建立方程进行解答；注意整体法和隔离法的应用．1

2．CD【难度】0.65【知识点】整体法与隔离法结合处理物体平衡问题、动态平衡问题【详解】BC．小球B受重力、A的支持力F1和墙壁的压力F2．如下图所示：将重力GB分解为G1和G2，则根据平衡可知F2=G2=GBtanθ当A向右移动少许，根据题意可知，A对小球B的作用力F

1与竖直方向的夹角θ将减小，根据力图分析可知，因θ减小，所以cosθ增大，tanθ减小，即墙壁对小球B的作用力将减小，A对小球B的支持力减小。根据牛顿第三定律可知，球B对墙壁的压力将减小，球B对A的压

力亦减小，选项B错误，C正确；AD．再对A进行受力分析知：由于A的平衡，所以A受地面摩擦力f=F1sinθ，根据题意知，B对A的压力F1减小且F1与竖直方向的夹角θ减小，故A所受地面的摩擦力f减小。因N=GA+F1cosθ=GA+G

B则地面对A的支持力不变，即A对地面的压力不变，选项A错误，D正确。故选CD。13．F'BCD【难度】0.65【知识点】验证力的平行四边形定则的注意事项和误差分析【详解】（1）[1]方向一定沿OA方向的力是实际合力的方向，即F′的方向。（2）[2]A．要使误差减小，两个分力F1、F2

间的夹角不必要一定大于90º，故A错误；B．两个分力F1、F2的大小应尽量大些，故B正确；C．拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些，以便标出的方向误差小，故C正确；D．弹簧测力计、细绳、橡皮条都应与木板平行，故D正确。故选BCD。14．DA2.00【难度】0.65

【知识点】验证牛顿第二定律实验图像的解读【详解】（2）[1]D根据图像，砝码的质量m等于零时，加速度不等于零，说明小车的合力不等于零，表明实验中忽略了砝码盘的质量，D正确；AC．砝码的质量过大，或者细绳与木板未调节平行，图线仍然通过坐标原点，AC错误；B

．平衡摩擦力不足时，细绳有拉力小车的加速度等于零，图线与横轴有交点，B错误。故选D。[2]设砝码盘和砝码的总质量为m1，根据牛顿第二定律得解得只有满足砝码盘和砝码的总质量m1远远小于小车的质量M时，绳的拉力F才等于砝码盘和砝码的总重力，若不满足砝码盘和砝码的

总质量m1远远小于小车的质量M，图像末端弯曲。故选A。（3）[3]小车运动的加速度大小为15．（1）2.5m/s2；水平向右；（2）3.8s；（3）0.7s【难度】0.85【知识点】物块在倾斜的传送带上运动分析【详解】(1)产品刚放上水平传送带AB时，水平方向受到向右的滑动摩擦力，

由牛顿第二定律得：μmg=ma得加速度大小为：a=2.5m/s2，方向水平向右(2)产品加速到速度传送带相同所用时间为：匀加速的位移：则匀速运动的时间：得产品在水平传送带AB上运动的时间为：t=t1+t2=3.8s(3)第一段物体向下做匀加速直线运动，则有：mgsinθ+μmgcosθ=ma

1则得加速度为：a1=8m/s2匀加速运动的时间：位移为：第二阶段，由于mgsin37°＞μmgcos37°，故物体继续向下做匀加速直线运动．则得：mgsinθ-μmgcosθ=ma2加速度为a2＝4m/s2第二段运动时间：解得：t2=0.2s可得产品在斜向传送带

BC上运动的时间为：t=t1+t2=0.7s16．（1）；（2）【难度】0.65【知识点】物块在倾斜的传送带上运动分析、物体在传送带上的划痕长度问题【详解】（1）小煤块无初速度地放在传送带的顶端，向下做匀加速直线

运动，当小煤块速度与传送带的速度相同，传送带立即停止运动时，再做匀减速直线运动。匀加速直线运动阶段有代入数据解得根据运动学公式有解得在匀减速直线运动阶段有代入数据解得根据运动学公式有解得因此传送带AB部分长度（2）小煤块先相对于传送带向上滑，再相对于传送带向下滑，所以痕迹长度17．(

1)8s（2）2m/s2【难度】0.85【知识点】匀变速直线运动位移与时间的关系、匀变速直线运动速度与时间的关系【详解】（1）由得（2）对乙同学，有联立，代入数据得18．(1)6.4m/s2(2)28.8m(3)512m【难度】0.65【知识点】牛顿定律与

直线运动-复杂过程【详解】(1)对物体进行受力分析则：(2)(3)