【文档说明】湖南省临澧县第一中学2022-2023学年高二上学期第三次阶段性考试物理试卷 含答案.doc，共(13)页，3.026 MB，由小赞的店铺上传

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高二年级第三次阶段性考试物理试卷时量：75分钟满分：100分一。选择题（本题共10小题，1-6单选，每题4分，7-10多选，每题5分，少选计3分，共44分。）1.下列说法正确的是（）A.“闻其声而不见其人”是波

的干涉现象B.在地球上测量出星球上某些元素发出的光波频率，若其小于地球上这些元素静止时的发光频率，则利用多普勒效应可以推知该星球在靠近地球C.空气中产生的声波是纵波，纵波中的质点振动方向与波的传播方向相同D.隐形飞机外形很怪异

并且表面涂有特殊隐形物质，这是为了减少波的反射，从而达到隐形的目的2.如图所示，虚线为位于O位置的点电荷形成电场中的等势面，已知三个等势面的电势差关系为1223−=−，图中的实线为一带负电的粒子进入该电场后的运动轨迹，

与等势面相交于图中的a、b、c、d四点，已知该粒子仅受电场力的作用，则下列说法正确的是（）A.该粒子只有在a、d两点的动能与电势能之和相等B.场源电荷是正电荷C.粒子电势能先增加后减小D.1233.如图所示的各图所描述

的物理情境中，产生感应电流的是（）A.甲图中开关S闭合稳定后，线圈N中B.乙图矩导电线圈平面垂直于磁场方向向右平移中C.丙图金属框从A位置向B位置运动，金属框中D.丁图矩形导电线圈绕水平轴'OO匀速转动中4.图甲为一列简谐横波在某一时刻的波形图，a、b两质点的横坐标

分别为xa=2m和xb=6m，图乙为质点a从该时刻开始计时的振动图像，下列说法正确的是（）A.该波沿-x方向传播，波速为1m/sB.质点b经过4s振动的路程为2mC.t=1s时，质点b的加速度方向沿y轴正向D.若此波遇到另一列波并发生稳定干涉现象，则另一列波的频率为8Hz5.如图

所示，电源电动势为E，内阻为r，R1、R2为定值电阻，C为电容器。闭合开关S，在滑动变阻器R的滑片向上滑动过程中（）A.电阻R2中有向下的电流B.通过电阻R1电流增大C.电源的输出功率一定变大D.电容器C两极板所带电荷量变小6.如图所示，一光滑斜面与光滑水平面平滑衔接，质量分别为5

m、3m的物体乙和丙放在水平面上，它们之间用一质量不计的轻弹簧连接在一起，质量为m的物体甲由斜面上高h处静止释放，与物体乙发生碰撞后返回，且沿斜面上升的最大高度为16h，之后撤去物体甲（重力加速度为g），下列说法错误的是（）A.甲、乙碰后瞬间，物体甲的速度大小为24ghB.整个运动过程中，弹簧

具有的弹性势能的最大值为15128mghC.整个运动过程中，物体丙速度的最大值为5216ghD.甲、乙碰撞的过程中，乙所受合外力的冲量大小为2mgh7.真空中的某装置如图所示，让一价氢离子、一价氦离子和二价氦离子的混合物都从O点由静止开始经过同一加

速电场加速，然后在同一偏转电场里偏转（未打在极板上）。下列说法中正确的是（）A.三种粒子在偏转电场中运动时间之比为2∶1∶1B.三种粒子射出偏转电场时的速度相同C.三种粒子在运动过程中不会分离成三股离子束D.偏转电场的电场力对三

种粒子做功之比为1∶1∶28.波源位于坐标原点的简谐横波t=0时刻开始沿x轴正方向传播，t=0.2s时的波形图如图所示，此时振动刚传到x=0.2m处。a、b、c、d是介质中平衡位置分别为x=0.08m、x=0.

12m、x=0.15m、x=0.45m的四个质点。下列说法正确的是（）A.t=0.1s时，质点a速度方向沿y轴负方向Bt=0.3s时，质点b与质点a速度、加速度方向均相同C.t=0.5s时，质点c速度达到最大值D.t=0.6s时，质点d第一次到达波峰9.如图甲所

示，在光滑水平面上的两小球发生正碰，小球的质重分别为1m与2m。图乙为它们碰撞前后的st−图像。已知10.6kgm=，由此可以判断（）A.m2=1.8kgB.碰撞后1m与2m都向右运动C.该碰撞是弹性碰撞D

.碰撞过程中系统损失了0.4J的机械能10.如图甲所示，小灯泡L与滑动变阻器R串联在电压为4.5V的电路中，闭合开关S，移动滑片P，得到小灯泡的I-U图象，如图乙所示。当小灯泡的功率为0.75W时，下列说法正确的是（）A.电流表的示数为0.2AB.滑动变阻器接入电路的电阻为15ΩC.电

路消耗的总功率是1.35WD.10s内电流对滑动变阻器做功是6J二、实验题（每空2分，共14分。）11.某同学在做“验证动量守恒定律”的实验中，实验室具备的实验器材有：斜槽轨道，两个大小相等、质量不同的小钢球A、B，刻度尺，白纸，圆规，重垂线一条。实验

装置及实验中小球运动轨迹及落点平均位置如图甲所示。（1）对于实验中注意事项、测量器材和需测量的物理量，下列说法中正确的是______。A．实验前轨道的调节应注意使槽的末端的切线水平B．实验中要保证每次A球

从同一高处由静止释放C．实验中还缺少的实验器材有复写纸和秒表D．实验中需测量的物理量只有线段OP、OM和ON的长度（2）实验中若小球A的质量为m1，小球B的质量为m2，当m1>m2时，实验中记下了O、M、P、N四个位置（如图乙所示），若满足______（用m1

、m2、OM、OP、ON表示），则说明碰撞中动量守恒。12.某研究性学习小组利用如图甲所示电路，测定4节干电池组成的电池组的电动势和内电阻。其中，虚线框内为用灵敏电流表G改装的电压表V，A为电流表，E为待测电池组，

S为开关，R为滑动变阻器，R0为3.0Ω的定值电阻。已知灵敏电流表G的满偏电流Ig=100μA，内阻Rg=2.0kΩ。（1）首先将灵敏电流表改装成量程为6V的电压表，则需要将灵敏电流表与电阻箱____

_______（选填“串联”或“并联”），并将电阻箱阻值调整为___________Ω。（2）将改装后的电压表接入虚线框内后，闭合开关，改变滑动变阻器的阻值，记录灵敏电流表G和电流表A的读数，分别记为I1、I2，

在I1-I2坐标系中描出的坐标点如图乙所示。请完成I1-I2关系图线____。（3）由图乙得每节电池的内阻r=_____Ω，每节电池的电动势E=____V。（结果均保留三位有效数字）三、计算题（本题共4小题，共42分）13.如图中实线是一列简谐横波在t1＝0时刻

的波形，虚线是这列波在t2＝0.5s时刻的波形。（1）若这列波的周期T符合3T<t2－t1<4T，该波的波速多大？（2）若波速大小为74m/s，则波的传播方向如何？14.如图所示的电路中，10.5R=，23R=，电源电动势=6VE，

电动机线圈电阻为00.6r=，若开关闭合后铭牌上标有“3V、6W”的电动机刚好正常工作，求：（1）电源内阻为多少？（2）电动机的机械效率为多少？（3）若某时刻出现故障，电动机卡死不转，此时路端电压是多少？15.如图所示，空间存在着场强为E=2.5×102N/C、方向竖直向上的匀强电场

，在电场内一长为L=0.5m的绝缘细线，一端固定在O点，另一端拴着质量为m=0.5kg、电荷量为q=4×10－2C的小球。现将细线拉直到水平位置，使小球由静止释放，当小球运动到最高点时细线受到的拉力恰好达到它能承受的最大值而断裂。取g=10m/s2.。求：(1)小球的电性；(2)细线能承受的最大拉

力；(3)当细线断裂后，小球继续运动到与O点水平方向距离为L时，小球距O点的高度。16.如图所示，一滑板N的上表面由长度为L的水平部分AB和半径为R的四分之一光滑圆弧BC组成，滑板静止于光滑的水平地面上

。物体P（可视为质点）置于滑板上面的A点，物体P与滑板水平部分的动摩擦因数为()1＜，一根长度L、不可伸长的细线，一端固定于O点，另一端系一质量为0m的小球Q，小球Q位于最低点时与物体P处于同一高度并恰好接触。现将小球Q

拉至与O同一高度（细线处于水平拉直状态），然后由静止释放，小球Q向下摆动并与物体P发生弹性碰撞（碰撞时间极短），设物体P的质量为m，滑板的质量为2m。（1）求小球Q与物体P碰撞前瞬间细线对小球拉力的大小；（2

）若物体P在滑板上向左运动从C点飞出，求飞出后相对C点的最大高度；（3）要使物体P在相对滑板反向运动过程中，相对地面有向右运动的速度，求0mm的取值范围。答案1-6DCCCAD7.C8.AD9.AC10.CD11.①.AB##BA②.112mOPmOMmON=+12.①.串

联②.5.8×104③.④.1.00⑤.1.4913.（1）①当波沿x轴正方向传播时，传播距离Δx满足3(0,1,2,3.....)8xkk=+=由xtv=可知传播时间满足3(0,1,2,3.....)8tkTTk=+=由2134T

ttT−＜＜可知3k=，故338tTT=+由波形图知λ＝8m，则波速54m/svT==②当波沿x轴负方向传播时，传播距离Δx满足5(0,1,2,3.....)8xkk=+=传播时间满足5(0

,1,2,3.....)8tkTTk=+=由2134TttT−＜＜可知3k=，故538tTT=+则波速58m/svT==（2）波速大小为74m/s时，波在Δt时间内传播的距离为740.5m37m45mxvt====+所以波沿x轴负向传播。14.（1）由部分电路

欧姆定律得223A1A3UIR===通过电动机的电流为M6A2A3PIU===干路电流为2M3AIII=+=由闭合电路欧姆定律()M1EUIrR=++解得0.5r=（2）发热功率为22M020.6W2.4WQPIr

===则输出功率为62.43.6WQPPP=−=−=出电动机的机械效率100%60%PP==出（3）若某时刻出现故障，电动机卡死不转，此时电动机为纯电阻，外电路电阻为021020.630.510.63rRRRrR=+=+

=++外总电流4AEIRr==+外路端电压为4VUIR==外15.(1)由小球运动到最高点可知，小球带正电；(2)设小球运动到最高点时速度为v，对该过程由动能定理有（qE－mg）L=12mv2在最高点对小球进行

受力分析，由圆周运动和牛顿第二定律得，FT＋mg－qE=m2vL解得FT=15N(3)小球在细线断裂后，在竖直方向的加速度设为a，则qEmgam−=设小球在水平方向运动位移为L的过程中，所经历的时间为t，则L=vt设竖直方向上的位移为x，则

x=12at2解得x=0.125m所以小球距O点的高度为x＋L=0.625m16.（1）小球Q在下落过程中机械能守恒，因此有20012QmgLmv=在最低点对小球Q由牛顿第二定律有200−=QvTmgmL解得03Tmg=（2）小球Q和物体P发生弹性碰撞，则由机械能守恒定律和动量守恒定律有000QQ

mvmvmv=+，222000111222QQmvmvmx=+解得00000222QmvmgLvmmmm==++物体和滑块组成系统在水平方向动量守恒，有0112mvmvmv=+由能量守恒定律可得2220111112()222mvmvmvmgLmghR=+++

+解得()202083LmhLRmm=−−+（3）要求物体P有相对地面向右的速度，说明物体P要滑到曲面上再返回运动，物体P相对滑板N反方向运动过程中，可以知道当再次回到B点时两者的速度最大，此时物体

P有向右运动的速度即可，因此规定向左为正方向，再次回到B时水平方向动量守恒定律可得02=+pNmvmvmv由能量守恒定律可得22201112222PNmvmvmvmgL=++联立可得方程22003240−−+=ppvvvgLv因物体要经过B点，因

此要求判别式大于零，速度向右说明Pv要小于零，则有()22000244346PvvgLvv−−=即满足不等式()220044340vgLv−−又有()220002443406PvvgLvv−−−=联立可得02mm−获得更多资源请扫码加入享学资源网微信

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