【文档说明】湖南省临澧县第一中学2022-2023学年高二上学期第三次阶段性考试物理试卷 含答案.doc，共(13)页，3.026 MB，由小赞的店铺上传

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高二年级第三次阶段性考试物理试卷时量：75分钟满分：100分一。选择题（本题共10小题，1-6单选，每题4分，7-10多选，每题5分，少选计3分，共44分。）1.下列说法正确的是（）A.“闻其声而不见其人”是波的干涉现象B.在地球上测量出星球上某些元素发出的光波频率，若其小于

地球上这些元素静止时的发光频率，则利用多普勒效应可以推知该星球在靠近地球C.空气中产生的声波是纵波，纵波中的质点振动方向与波的传播方向相同D.隐形飞机外形很怪异并且表面涂有特殊隐形物质，这是为了减少波的反射，

从而达到隐形的目的2.如图所示，虚线为位于O位置的点电荷形成电场中的等势面，已知三个等势面的电势差关系为1223−=−，图中的实线为一带负电的粒子进入该电场后的运动轨迹，与等势面相交于图中的a、b、c、d四点，已知该粒子仅受电场力的作用

，则下列说法正确的是（）A.该粒子只有在a、d两点的动能与电势能之和相等B.场源电荷是正电荷C.粒子电势能先增加后减小D.1233.如图所示的各图所描述的物理情境中，产生感应电流的是（）A.甲图中开关S闭合稳定后，线圈N中B.乙

图矩导电线圈平面垂直于磁场方向向右平移中C.丙图金属框从A位置向B位置运动，金属框中D.丁图矩形导电线圈绕水平轴'OO匀速转动中4.图甲为一列简谐横波在某一时刻的波形图，a、b两质点的横坐标分别为xa=2m和xb=6m，图乙为质点a从该时刻开始计时的振动图像，下列说法正确的是（）

A.该波沿-x方向传播，波速为1m/sB.质点b经过4s振动的路程为2mC.t=1s时，质点b的加速度方向沿y轴正向D.若此波遇到另一列波并发生稳定干涉现象，则另一列波的频率为8Hz5.如图所示，电源电动势为E，内阻

为r，R1、R2为定值电阻，C为电容器。闭合开关S，在滑动变阻器R的滑片向上滑动过程中（）A.电阻R2中有向下的电流B.通过电阻R1电流增大C.电源的输出功率一定变大D.电容器C两极板所带电荷量变小6.

如图所示，一光滑斜面与光滑水平面平滑衔接，质量分别为5m、3m的物体乙和丙放在水平面上，它们之间用一质量不计的轻弹簧连接在一起，质量为m的物体甲由斜面上高h处静止释放，与物体乙发生碰撞后返回，且沿斜面上升的最大高度为

16h，之后撤去物体甲（重力加速度为g），下列说法错误的是（）A.甲、乙碰后瞬间，物体甲的速度大小为24ghB.整个运动过程中，弹簧具有的弹性势能的最大值为15128mghC.整个运动过程中，物体丙速度的最大值为5216ghD.甲、乙碰撞的过程中，乙

所受合外力的冲量大小为2mgh7.真空中的某装置如图所示，让一价氢离子、一价氦离子和二价氦离子的混合物都从O点由静止开始经过同一加速电场加速，然后在同一偏转电场里偏转（未打在极板上）。下列说法中正确的是（）A.三种粒子在偏转电场中运动时间之比为2∶1∶1B.三种粒子射出偏转电

场时的速度相同C.三种粒子在运动过程中不会分离成三股离子束D.偏转电场的电场力对三种粒子做功之比为1∶1∶28.波源位于坐标原点的简谐横波t=0时刻开始沿x轴正方向传播，t=0.2s时的波形图如图所示，此时振动刚传到x=0.2m处。a、b、c、d是介质

中平衡位置分别为x=0.08m、x=0.12m、x=0.15m、x=0.45m的四个质点。下列说法正确的是（）A.t=0.1s时，质点a速度方向沿y轴负方向Bt=0.3s时，质点b与质点a速度、加速度

方向均相同C.t=0.5s时，质点c速度达到最大值D.t=0.6s时，质点d第一次到达波峰9.如图甲所示，在光滑水平面上的两小球发生正碰，小球的质重分别为1m与2m。图乙为它们碰撞前后的st−图像。已知10.6kgm=，由此可以判断（）A.m2=1

.8kgB.碰撞后1m与2m都向右运动C.该碰撞是弹性碰撞D.碰撞过程中系统损失了0.4J的机械能10.如图甲所示，小灯泡L与滑动变阻器R串联在电压为4.5V的电路中，闭合开关S，移动滑片P，得到小灯泡的I-

U图象，如图乙所示。当小灯泡的功率为0.75W时，下列说法正确的是（）A.电流表的示数为0.2AB.滑动变阻器接入电路的电阻为15ΩC.电路消耗的总功率是1.35WD.10s内电流对滑动变阻器做功是6J二、实验题（每空2分，共

14分。）11.某同学在做“验证动量守恒定律”的实验中，实验室具备的实验器材有：斜槽轨道，两个大小相等、质量不同的小钢球A、B，刻度尺，白纸，圆规，重垂线一条。实验装置及实验中小球运动轨迹及落点平均位置如图甲所示。（1）对于实验

中注意事项、测量器材和需测量的物理量，下列说法中正确的是______。A．实验前轨道的调节应注意使槽的末端的切线水平B．实验中要保证每次A球从同一高处由静止释放C．实验中还缺少的实验器材有复写纸和秒表D．实验中需测量的物理量只有线段OP、OM和ON的长度（2）实验中若小球A的质量为m1，小

球B的质量为m2，当m1>m2时，实验中记下了O、M、P、N四个位置（如图乙所示），若满足______（用m1、m2、OM、OP、ON表示），则说明碰撞中动量守恒。12.某研究性学习小组利用如图甲所示

电路，测定4节干电池组成的电池组的电动势和内电阻。其中，虚线框内为用灵敏电流表G改装的电压表V，A为电流表，E为待测电池组，S为开关，R为滑动变阻器，R0为3.0Ω的定值电阻。已知灵敏电流表G的满偏电流Ig=100μA，内阻Rg=2.0kΩ。（1）首先将灵敏电流

表改装成量程为6V的电压表，则需要将灵敏电流表与电阻箱___________（选填“串联”或“并联”），并将电阻箱阻值调整为___________Ω。（2）将改装后的电压表接入虚线框内后，闭合开关，改变滑动变阻器的阻值，记录灵敏电流表G和电流表A的读数，分别记为I1、I2，在I1-I2坐标系

中描出的坐标点如图乙所示。请完成I1-I2关系图线____。（3）由图乙得每节电池的内阻r=_____Ω，每节电池的电动势E=____V。（结果均保留三位有效数字）三、计算题（本题共4小题，共42分）13.如图中实线是一列简谐横波

在t1＝0时刻的波形，虚线是这列波在t2＝0.5s时刻的波形。（1）若这列波的周期T符合3T<t2－t1<4T，该波的波速多大？（2）若波速大小为74m/s，则波的传播方向如何？14.如图所示的电路中，10.5R=

，23R=，电源电动势=6VE，电动机线圈电阻为00.6r=，若开关闭合后铭牌上标有“3V、6W”的电动机刚好正常工作，求：（1）电源内阻为多少？（2）电动机的机械效率为多少？（3）若某时刻出现故障，电动机卡死不转，此时路端电压是多少？15.如图所示，空

间存在着场强为E=2.5×102N/C、方向竖直向上的匀强电场，在电场内一长为L=0.5m的绝缘细线，一端固定在O点，另一端拴着质量为m=0.5kg、电荷量为q=4×10－2C的小球。现将细线拉直到水平位置，使小球由静止释放，当小球运动到最高点时细线受到的拉力恰好达

到它能承受的最大值而断裂。取g=10m/s2.。求：(1)小球的电性；(2)细线能承受的最大拉力；(3)当细线断裂后，小球继续运动到与O点水平方向距离为L时，小球距O点的高度。16.如图所示，一滑板N的上表面由长度为L的水平部分AB和半径为R的四分之一光滑圆弧BC组成，滑板静止于光滑的

水平地面上。物体P（可视为质点）置于滑板上面的A点，物体P与滑板水平部分的动摩擦因数为()1＜，一根长度L、不可伸长的细线，一端固定于O点，另一端系一质量为0m的小球Q，小球Q位于最低点时与物体P处于同一高度并恰好接触。现将小球Q拉至与O同一高度（

细线处于水平拉直状态），然后由静止释放，小球Q向下摆动并与物体P发生弹性碰撞（碰撞时间极短），设物体P的质量为m，滑板的质量为2m。（1）求小球Q与物体P碰撞前瞬间细线对小球拉力的大小；（2）若物体P在滑板上向左运动从C点飞出，求飞出后相对C点的最大高度；（3）要使物体P在相对滑板反向运

动过程中，相对地面有向右运动的速度，求0mm的取值范围。答案1-6DCCCAD7.C8.AD9.AC10.CD11.①.AB##BA②.112mOPmOMmON=+12.①.串联②.5.8×104③.④.1.00⑤.1.4913.（1）①当波沿x轴正方向传播时，传播距离Δx满足3(

0,1,2,3.....)8xkk=+=由xtv=可知传播时间满足3(0,1,2,3.....)8tkTTk=+=由2134TttT−＜＜可知3k=，故338tTT=+由波形图知λ＝8m，则波速54m/svT==②当波沿x轴负方向传播时，传播

距离Δx满足5(0,1,2,3.....)8xkk=+=传播时间满足5(0,1,2,3.....)8tkTTk=+=由2134TttT−＜＜可知3k=，故538tTT=+则波速58m/svT==（2）波速大小为74m/s时，波在Δt时间内传播的距离为740.

5m37m45mxvt====+所以波沿x轴负向传播。14.（1）由部分电路欧姆定律得223A1A3UIR===通过电动机的电流为M6A2A3PIU===干路电流为2M3AIII=+=由闭合电路欧

姆定律()M1EUIrR=++解得0.5r=（2）发热功率为22M020.6W2.4WQPIr===则输出功率为62.43.6WQPPP=−=−=出电动机的机械效率100%60%PP==出（3）若某时刻

出现故障，电动机卡死不转，此时电动机为纯电阻，外电路电阻为021020.630.510.63rRRRrR=+=+=++外总电流4AEIRr==+外路端电压为4VUIR==外15.(1)由小球运动到最高点可知，小球带正电；(2)设小球运动到最高点时速度为v，对该过程由动能定理有（qE

－mg）L=12mv2在最高点对小球进行受力分析，由圆周运动和牛顿第二定律得，FT＋mg－qE=m2vL解得FT=15N(3)小球在细线断裂后，在竖直方向的加速度设为a，则qEmgam−=设小球在水平方向运动位移为L的过程中，所经历的时间

为t，则L=vt设竖直方向上的位移为x，则x=12at2解得x=0.125m所以小球距O点的高度为x＋L=0.625m16.（1）小球Q在下落过程中机械能守恒，因此有20012QmgLmv=在最低点对小球Q由牛顿第二定律有200

−=QvTmgmL解得03Tmg=（2）小球Q和物体P发生弹性碰撞，则由机械能守恒定律和动量守恒定律有000QQmvmvmv=+，222000111222QQmvmvmx=+解得00000222QmvmgLvmmmm

==++物体和滑块组成系统在水平方向动量守恒，有0112mvmvmv=+由能量守恒定律可得2220111112()222mvmvmvmgLmghR=++++解得()202083LmhLRmm=−−+（3）要求物体P有相对地面向右的速度，说明

物体P要滑到曲面上再返回运动，物体P相对滑板N反方向运动过程中，可以知道当再次回到B点时两者的速度最大，此时物体P有向右运动的速度即可，因此规定向左为正方向，再次回到B时水平方向动量守恒定律可得02=+pNmvmvmv由能量守恒定律可得22201112222PNmvmvmvmgL=+

+联立可得方程22003240−−+=ppvvvgLv因物体要经过B点，因此要求判别式大于零，速度向右说明Pv要小于零，则有()22000244346PvvgLvv−−=即满足不等式()22

0044340vgLv−−又有()220002443406PvvgLvv−−−=联立可得02mm−获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com