【文档说明】黑龙江省鹤岗市第一中学2019-2020学年高二下学期期末考试物理试题 【精准解析】.doc，共(16)页，557.500 KB，由小赞的店铺上传

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鹤岗一中2019-2020学年度下学期期末考试高二物理试题一、选择题（本题共12道小题，每题4分，共48分。其中1-8题为单选题，9-12题为多选题，多选题选不全的得2分，选错的不得分）1.处于n=3能级的大量氢原子，向低能级跃迁时，辐射光的频率有A.1种B.2种C.3种D.4

种【答案】C【解析】试题分析：因为是大量处于n=3能级的氢原子，所以根据2Cn可得辐射光的频率可能有3种，故C正确．【考点定位】考查了氢原子跃迁【方法技巧】解决本题的关键知道能级间跃迁辐射或吸收光子的能量等于两能级间的能级差，知道数学组合

公式2Cn的应用，另外需要注意题中给的是“大量”氢原子还是一个氢原子．2.电磁波已广泛运用于很多领域。下列关于电磁波的说法符合实际的是（）A.电磁波不能产生衍射现象B.常用的遥控器通过发出紫外线脉冲信号来遥控电视机C.根据多普勒效应可以判断遥远天体相对于地球的运动速度D.红外

线的显著作用是热作用，温度较低的物体不能辐射红外线【答案】C【解析】【详解】A．电磁波是一种波，可以产生衍射现象，A错误；B．常用的遥控器用红外光信号来遥控电视，B错误；C．由于波源与接受者的相对位移的改变，而导致接受频率的变化，称为多普勒效应

，所以可以判断遥远天体相对于地球的运动速度，C正确；D．红外线的显著作用是热作用，任何物体都会产生红外辐射，D错误。故选C。3.下列说法正确的是（）A.3030015141PSi+e®是一种核裂变反应B.放射性元素

的半衰期与外界的温度有关C.太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核裂变反应D.卢瑟福为解释α粒子散射实验现象提出了原子核式结构学说【答案】D【解析】【详解】A．3030015141PSi+e®是一种核衰变反应，故A错误；B．放射性元素的半衰期由原子核

决定，与外界的温度无关，故B错误；C．太阳辐射的能量主要来源于轻核聚变，故C错误；D．卢瑟福通过粒子散射实验，提出原子核式结构模型，故D正确。故选D。4.如图所示为某弹簧振子在0～5s内的振动图象，由图可知，下列说法中正确的是（）A.振动周期为5s，振幅为8cmB.第2s末振子的速度为零，加速度

为负向的最大值C.第3s末振子的速度为正向的最大值D.从第1s末到第2s末振子在做加速运动【答案】C【解析】试题分析：由图知，质点的振幅是8cm，周期是4s，故A错误．第4s末振子正向位移最大，此时的速度为零，加速度为负向的最大值，选项B正确；由图像可知，第3s末振子在平衡位置，此时的速度为正向

的最大值，选项C正确；从第1s末到第2s末振子位移逐渐变大，速度方向与加速度方向反向，故振子在做减速运动，选项D错误；故选BC．考点：简谐振动的图像【名师点睛】对于振动图象，要抓住图象的斜率等于速度，从而能分析速度的方向及大小变化情况．根据简谐运动

的特征kxam=−分析加速度．5.如图所示，一圆形金属线圈放置在水平桌面上，匀强磁场垂直桌面竖直向下，过线圈上A点作切线OO′，OO′与线圈在同一平面上．在线圈以OO′为轴翻转180°的过程中，线圈中电流方向A.始终为A

→C→B→AB.先为A→C→B→A再为A→B→C→AC.始终为A→B→C→AD.先为A→B→C→A再为A→C→B→A【答案】C【解析】【详解】当线圈平面与磁场方向平行时，线圈平面与磁场方向的夹角为0度，则Φ=0．当线圈与磁场方向垂直时，穿过线

圈平面的磁通量变大．图中的情况是磁场与线圈垂直，所以开始时的磁通量最大，转过90°时的磁通量最小．所以在线圈由图示位置绕转轴OO′转动180°的过程中，向里穿过线圈的磁通量先减小，后增大．向里穿过线圈的磁通量减小时，根据楞次定律可知，产生的感应电流的方向是A→B→C→A，转过角度大于90°

后，向里的磁通量增大，楞次定律可知，产生的感应电流的方向仍然是A→B→C→A，故ABD错误，C正确．故选C．【点睛】解决本题的关键掌握磁通量的公式，知道当线圈平面与磁场平行时，磁通量为0，当线圈平面与磁场方向垂直时，磁通量最大．然后根据楞次定律进行判断．6.如图，一束光沿半径方向射向

一块半圆柱形玻璃砖，在玻璃砖底面上的入射角为θ，经折射后射出a、b两束光线。则（）A.在玻璃中，a光的传播所用时间小于b光的传播所用时间B.在真空中，a光的波长小于b光的波长C.玻璃砖对a光的折射率小

于对b光的折射率D.分别用a、b光在同一个双缝干涉实验装置上做实验，a光的干涉条纹间距大于b光的干涉条纹间距【答案】B【解析】【详解】AC．由图可知，光线a的偏折程度大，根据折射定律公式sinsininr=知玻璃对a光的折射率大；根据公式cvn=可知，a光在玻璃中的传播速度小，在玻璃中传播的时间为

Rtv=可知，a光在玻璃中的传播时间长，故AC错误；B．光线a的折射率大，说明光线a的频率高，根据cf=可知光线a在真空中的波长较短，故B正确；D．光线a在真空中的波长较短，根据双缝干涉条纹间距公式ΔLxd=分别用a、

b光在同一个双缝干涉实验装置上做实验，a光的干涉条纹间距小于b光的干涉条纹间距，故D错误。故选B。7.如图所示为一理想变压器，其中原线圈与一理想电流表串联后接在交流电源上，电源的电压保持恒定，副线圈的负载连接如

图所示。用U和I分别表示电压表和电流表的示数，P0表示电阻R0消耗的功率，P表示电源消耗的总功率，则当滑动变阻器的触头向下滑动时，下列说法正确的是（）A.U不变，I变大，P0变小B.U变小，I变小，P变大C.U不变，I

变大，P变大D.U不变，I变小，P0变小【答案】C【解析】【详解】ABCD．理想变压器的输出电压是由输入电压和匝数比决定的，由于输入电压和匝数比不变，所以副线圈的输出电压也不变，所以电压表的示数U不变；当滑动变阻器的触头向

下滑动时，负载电阻总阻值减小，负载电流2I，根据20UIRR=+2I电流要变大，输入电流I，根据221nIIn=输入电流I要变大，即电流表的示数变大，根据2020PIR=R0消耗的功率变大，根据2PUI=出副线圈的输出功率增大，由于变压器的输入功率和输出功率

相等，所以原线圈的输入功率也变大，电源消耗的总功率P变大，ABD错误C正确。故选C。8.已知氘核的平均结合能为1.1MeV，氦核的平均结合能为7.1MeV，则两个氘核结合成一个氦核时()A.释放出4.9MeV的能量B.释放出6.0MeV的能量C.释

放出24.0MeV的能量D.吸收4.9MeV的能量【答案】C【解析】【详解】核反应方程：24122HHe→+聚变反应前两个21H的总结合能为E1=1.1×4MeV=4.4MeV反应后生成的氦核的结合能为E2=7.1×4MeV=28.4

MeV所以反应释放的核能△E=E2-E1=（28.4-4.4）MeV=24MeV.故选C。9.2008年冬天的冻雨使我国部分地区高压输电线因结冰而损毁严重．为消除高压输电线上的凌冰，有人设计了利用电流的热

效应除冰的融冰思路：若在正常供电时，高压线上输电电压为U，输电电流为I，热耗功率为P；除冰时，输电线上的热耗功率需变为9P，则除冰时（认为输电功率和输电线电阻不变）（）A.输电电流为3IB.输电电流为9IC.输电电压为3U

D.输电电压为13U【答案】AD【解析】【详解】高压线上的热耗功率：2PIR线=，若热耗功率变为9P，则‘29PIR=线，解得：3II=，又输送功率不变，由PUIUI==，解得：13UU=，故AD正确．10.下列说法正确的是（）A.普朗克曾经大胆假设：振

动着的带电微粒的能量只能是某一最小能量值ε的整数倍，这个不可再分的最小能量值ε叫做能量子B.阴极射线是原子核内的中子转变为质子时产生的高速电子流C.光的干涉现象中，干涉亮条纹部分是光子到达几率大的地方D.光电效应揭示了光具有粒子性，康

普顿效应揭示了光具有波动性【答案】AC【解析】【详解】A．普朗克把最小的能量单位叫做能量子，故A正确；B．原子核内的中子转变为质子时产生的高速电子流是β射线，不是阴极射线，故B错误；C．光子到达频率高的区域就是光亮区，故C正确；D．在

康普顿效应中，光子动量减小，据hp=可以知道波长变大，故康普顿效应说明光子不仅具有能量，也具有动量，具有粒子性，故D错误。故选AC。11.如图所示，两个足够长的光滑平行金属导轨倾斜放置，上端接有一定值电阻，匀强磁场垂直导轨平面向上，一导体棒以平行导轨向上的初

速度从ab处上滑，到最高点后又下滑回到ab处，下列说法正确的是()A.上滑过程中导体棒克服安培力做的功大于下滑过程中克服安培力做的功B.上滑过程中导体棒克服安培力做的功等于下滑过程中克服安培力做的功C.上滑过程中安培力对导体棒的冲量大小大于下滑过

程中安培力对导体棒的冲量大小D.上滑过程中安培力对导体棒的冲量大小等于下滑过程中安培力对导体棒的冲量大小【答案】AD【解析】考虑到回路中有感应电流产生，机械能不断向电能转化，根据能量守恒定律，滑杆上滑和下滑分别通过任意的同一个位置时，是上滑的速度大，故上滑过

程的平均速度要大于下滑过程的平均速度；根据FA=BIL、I=BLvR，上滑过程的平均安培力要大于下滑过程的平均安培力，故上滑过程中导体棒克服安培力做的功大于下滑过程中克服安培力做的功，故A正确，B错误；设导轨的长度为x，上滑过程

中安培力对导体棒的冲量大小：2222ABLvBLvBLxIFtBILtBLttRRR==＝＝＝，同理下滑过程中，安培力对导体棒的冲量大小：I′=22BLxR，故上滑过程中安培力对导体棒的冲量大小等于下滑过程中安培力对导体棒的冲量大小，故C错误，D正确；故选AD．点睛：本

题针对滑杆问题考查了功和冲量，考虑功时，关键是结合能量守恒定律分析出上滑和下滑通过同一点时的速度大小关系；对于冲量，关键是推导出冲量的表达式进行分析此类问题往往与平均电动势结合．12.某同学采用如图所示的实验装置来研究光电

效应现象。当用某单色光照射光电管的阴极K时，会发生光电效应现象。闭合开关S，在阳极A和阴极K之间加上反向电压，通过调节滑动变阻器的滑片逐渐增大电压，直至电流计中电流恰为零，此电压表的电压值U称为遏止电压，根据遏止电压，可以

计算出光电子的最大初动能Ek。现分别用频率为ν1和ν2的单色光照射阴极，测量到遏止电压分别为U1和U2，设电子质量为m、电荷量为e，则下列关系式中正确的是（）A.用频率为ν1的光照射时，光电子的最大初速度12eUvm=B.

阴极K金属的逸出功()1221012eUvUvWvv−=−C.阴极K金属的极限频率1221c12UvUvvUU−=−D.普朗克常量()1221eUUhvv−=−【答案】ABC【解析】【详解】A．用频率为ν的光照射时，光电子在电场中做减速运动，根据

动能定理得21102eUmv−=−则得光电子的最大初速度12eUvm=故A正确；BD．根据爱因斯坦光电效应方程得110heUW=+220heUW=+解得()1221012eUvUvWvv−=−()1212eUUhvv−=−D错

误，B正确；C．阴极K金属的极限频率01221c12WUvUvvhUU−==−C正确。故选ABC。二、填空题（每个空2分，共8分）13.某同学利用“插针法”测定玻璃的折射率，所用的玻璃砖两面平行．正确操作后，作出的光路图及测出的相关角度如图所示．①此玻璃的

折射率计算式为n=_____(用图中的1、2表示)；②如果有几块宽度大小不同的平行玻璃砖可供选择，为了减小误差，应选用宽度_____(填“大”或“小”)的玻璃砖来测量．【答案】(1).①n=12coscos(或n=0102sin(90)sin(90)−−(2).②大【解析】【详解】

（1）由图得到，光线在玻璃砖上表面上入射角为i=90°-θ1，折射角为r=90°-θ2，根据折射定律得1122()9)90(0sincossininsinrsincos−===−（2）在宽度大小不同的平行玻璃砖可供选择时，玻璃砖宽度较大时，引起的角度误差较小

．14.某同学利用单摆测量重力加速度．（1）为了使测量误差尽量小，下列说法正确的是________A.组装单摆须选用密度和直径都较小的摆球B.组装单摆须选用轻且不易伸长的细线C.实验时须使摆球在同一竖直面内摆动D.摆长一定的情况下，摆的振幅尽量大（2）如

图所示，在物理支架的竖直立柱上固定有摆长约为1m的单摆，实验时，由于仅有量程为20cm、精度为1mm的钢板刻度尺，于是他先使摆球自然下垂，在竖直立柱上与摆球最下端处于同一水平面的位置做一标记点，测出单摆的周期T1；然后保持悬点位置不变，

设法将摆长缩短一些，再次使摆球自然下垂，用同样方法在竖直立柱上做另一标记点，并测出单摆周期T2；最后用钢板刻度尺量出竖直立柱上两标记点之间的距离ΔL．用上述测量结果，写出重力加速度的表达式g=______．【答案】(1).BC(2).222124LTT-【解析】【详解

】①为了减小空气阻力的误差选用密度大，体积小的小球，A错．如果振幅过大（大于10o小球的运动不在是简谐运动，所以误差较大，D错误．要求小球在运动过程中摆长不变，且是单摆，而不能是圆锥摆故选BC．②同理得两式相减可得三、计算题（共4道小题，其中15题8分，16题10分，17题是12分，18题

14分，一共44分）15.如图所示，n＝50匝的矩形线圈abcd，边长ab＝20cm，bc＝25cm，放在磁感应强度B＝0.4T的匀强磁场中，绕垂直于磁感线且通过线圈中线的OO′轴匀速转动，转动角速度ω＝50ra

d/s，线圈的总电阻r＝2Ω，外电路电阻R＝8Ω。试求：(1)线圈在图示位置(线圈平面与磁感线平行)时，感应电动势的大小；(2)1min内R上产生的热量Q。【答案】(1)50V；(2)6000J【解析】【详解】（1）线圈在图示位置(线圈平面与磁感线平行)时，ad、bc

两边垂直切割磁感线，此时线圈感应电动势最大m2EnBlv=两边线速度vr=2abr=边长lbc=整理并代入数据得m50VE＝（2）线圈匀速转动产生感应电动势为正弦交流电，电动势有效值m2EE=EIRr=+R上产生的热量2QIRt＝整理并代入数据得6000JQ=16.一束光从AB面射

入如图所示的透明三棱镜中，在三棱镜中的折射光线平行于BC面，折射光线射到AC面上时恰好发生全反射。求光从AB面进入透明三棱镜的入射角，并在图上画出该光在透明三棱镜中的光路图。【答案】45°，【解析】【详解】光在AC面恰好发生全反射，并垂直BC面射出，光路图如图所示由

图可知临界角C=45°，折射角r=30°根据12sin2Cn==解得2n=光从AB面进入透明三棱镜，由折射定律有sinsinsinsin30iinr==解得i=45°17.一列沿x轴正方向传播的横波，t=0时刻的波形如图中的实线

，经过10.6st=时波形如图中的虚线所示，已知该波的周期T>0.6s。求：（1）这列波的周期；（2）从t=0开始，质点P经0.8s通过的路程；（3）这列波在3.6s内传播的距离。【答案】（1）2.4s（2）(0.40.13)cm−（3）12m【解析】【详解】（1）由已知条件可知1

14tnT=+则2.441Tn=+①又由于T>0.6s，则该波的周期T=2.4s②（2）0t=时，质点P在平衡位置并向上振动，所以2π0.2sinPytT=③解得0.8s时刻的位移3cm10Py=④所以质点P经0.8s通过的路程为

(0.40.13)cm−⑤（3）这列波在3.6s内传播的距离83.6m12m2.4xvttT====⑥【点睛】由于波在时间以及空间上的重复性，波在传播方向上有不确定性，故波的问题往往解答结果不是唯一的，这类问题又往往与波形图联系在一起，此类问题关键是要根据题意正确画出波形图，而且

必须考虑各种可能性。18.间距为L＝2m的足够长的金属直角导轨如下图所示放置，它们各有一边在同一水平面内，另一边垂直于水平面.质量均为m＝0.1kg的金属细杆ab、cd与导轨垂直放置形成闭合回路.细杆与导轨之间的动摩

擦因数均为μ＝0.5，导轨的电阻不计，细杆ab、cd接入电路的电阻分别为R1＝0.6Ω，R2＝0.4Ω.整个装置处于磁感应强度大小为B＝0.50T、方向竖直向上的匀强磁场中(图中未画出).当ab杆在平行于水平导轨的拉力F作用下从静止开始沿导轨匀加速运动时，cd杆也同时从静止开始沿导轨向下运动

，且t＝0时，F＝1.5N，g＝10m/s2.(1)求ab杆的加速度a的大小；(2)求当cd杆达到最大速度时ab杆的速度大小；(3)若从开始到cd杆达到最大速度的过程中拉力F做的功为5.2J，求该过程中ab杆所产生的焦耳热。【答案】(1)10m/s

2；(2)2m/s；(3)2.94J【解析】【详解】(1)由题可知，在0t=时，1.5NF=，对ab杆进行受力分析，由牛顿第二定律得Fmgma−=代入数据解得210m/sa=(2)从d向c看，对cd杆进行受力分析，

如图所示当cd杆速度最大时，ab杆的速度大小为v，有fNFmgF==NFF=安FBIL=安12BLvIRR=+综合以上各式，解得2m/sv=(3)整个过程中，ab杆发生的位移222m0.2m2210vxa===对ab杆应用动能定理，有212F

WmgxWmv−−=安代入数据解得=4.9JW安根据功能关系得=QW总安所以ab杆上产生的热量1122.94JabRQQRR==+