【文档说明】西藏拉萨那曲第二高级中学2020-2021学年高二上学期期中考试物理试卷 【精准解析】.doc，共(9)页，329.000 KB，由小赞的店铺上传

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拉萨那曲第二高级中学高二年级期中考试试卷（物理）一、选择题（1—5题只有一个正确选项符合题意，6—8题至少有两个正确的选项符合题意，每题6分，共48分）1.下列说法中正确的是（）A.电场线一定是闭合的曲线B.电场线是

正电荷在电场中的运动轨迹C.电场中某点的场强方向，就是电荷在该点所受电场力的方向D.电场线的疏密表示场强的强弱【答案】D【解析】【详解】电场线从正电荷出发，终止于负电荷或无穷远，不是闭合的曲线，选项A错误；

电场线不是正电荷在电场中的运动轨迹，只有在满足：电场线是直线、粒子只受电场力作用且初速度为零或者速度与电场线共线时，粒子的轨迹才与电场线重合，选项B错误；电场中某点的场强方向，是正电荷在该点所受电场力的方向，选项C错误；电场线的疏密表示场强的强弱，选项D正确；故选D。2.一平行电容器两极板之

间充满云母介质，接在恒压直流电源上，若将云母介质移出，则电容器（）A.极板上的电荷量变大，极板间的电场强度变大B.极板上的电荷量变小，极板间的电场强度变大C.极板上的电荷量变大，极板间的电场强度不变D.极板上的电荷量变小，极板间的电场强度不变【答案】

D【解析】试题分析：电容器接在恒压直流电源上，则电容器两端的电势差不变，将云母介质移出后，介电常数减小，根据电容的决定式知，介电常数减小，电容减小，由于电压不变，根据可知，电荷量Q减小，由于电容器的电压不变

，板间的距离d不变，根据可知，极板间的电场强度不变，所以ABC错误，D正确．考点：电容器的动态分析【名师点睛】本题是电容器的动态分析问题，关键抓住不变量，当电容器与电源始终相连，则电势差不变；当电容器与电源断开，则电荷量不变．要掌握、、三个公式．3.下述说法中正确的是（）A.根据E=F

q，可知电场中某点的场强与电场力成正比B.根据E=2kqr，可知电场中某点的场强与形成电场的点电荷的电荷量成正比C.根据场强叠加原理，可知合电场的场强一定大于分电场的场强D.电场线就是点电荷在电场中运动的轨迹【答案】B【解析】【详解】A．E＝Fq

是定义式，场强大小由电场本身决定，与试探电荷的受力无关，选项A错误；B．E＝2kqr是决定式，点电荷产生的电场场强大小与形成电场的点电荷的电荷量成正比，选项B正确；C．场强的叠加遵循平行四边形定则，合场强大于等于两个分场强之

差，小于等于两个分场强之和，不一定大于分场强，选项C错误；D．电场线是人为想象出来用来模拟静电场的曲线，并不表示粒子运动的轨迹，选项D错误。故选B。4.如图所示，一电子沿等量异种电荷的中垂线由A→O→B匀速飞过，电子重力不计，则电子除受电场力外，所受的另

一个力的大小和方向变化情况是()A.先变大后变小，方向水平向左B.先变大后变小，方向水平向右C.先变小后变大，方向水平向左D.先变小后变大，方向水平向右【答案】B【解析】【详解】根据等量异种电荷周围的电场线分布知，从A→O→B，电场强度的方向不变，水平向

右，电场强度的大小先增大后减小，则电子所受电场力的大小先变大，后变小，方向水平向左，则外力的大小先变大后变小，方向水平向右。故选B。5.如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场中M点以相同速度飞出a、b两个带电粒子。运动轨迹如图中虚线所示。

则（）A.a一定带正电，b一定带负电B.a的速度将减小，b的速度将增加C.a的加速度将减小，b的加速度将增加D.两个粒子的电势能一个增加一个减小【答案】C【解析】【详解】A．由于不知道电场线的方向，a、b带电性质不能判断，选

项A错误；BD．a所受电场力向左，电场力做正功，速度增大，电势能减小；同理可判断电场力对b粒子也做正功，b粒子速度也增大，电势能减小，选项BD错误；C．因电场线疏密表示场强大小，a向左偏转，电场变得稀疏，场强减小，a粒子的加速度减小；同理可知b粒子加速度

变大，可知选项C正确。故选C。6.如图甲所示，AB是电场中的一条直线，电子以某一初速度从A点出发，仅在电场力作用下沿AB运动到B点，其v-t图像如图乙所示。关于A、B两点的电场强度EA、EB和电势φA、φB的关系，下列判断正确的是（）A.EA＜EBB.EA＞E

BC.φA＜φBD.φA＞φB【答案】BD【解析】【详解】由v-t图象可知电子的速度越来越小，所以电子受力方向与运动方向相反，而电子带负电，电子受力方向与电场线方向相反，所以电场线方向由A指向B，沿电场线方向电势逐渐降低，所

以A点的电势大于B点的电势，即φA＞φB，从v-t图象可以看出斜率越来越小，则加速度越来越小，即所受电场力越来越小，所以A点的场强大于B点的场强，即EA＞EB。故选BD。7.如图所示，实线是匀强电场的电

场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点。若带电粒子在运动中只受电场力作用，则由此图可作出的正确判断是（）A.带电粒子带负电B.带电粒子带正电C.带电粒子所受电场力的方向向左D.带电粒子做匀变速运动【答案】ACD【解析】【详解】假设粒子从b运

动a，受力分析如图所示ABC．因为轨道的凹向大致指向合力方向，因此可知粒子受电场力方向水平向左，则粒子带负电，故AC正确，B错误；D．粒子仅受恒定的电场力，加速度恒定，因此做匀变速曲线运动，故D正确。故选ACD。8.在正的点电荷形成的电场中，一带电粒子从电场中的P点运动到Q点的轨迹如图，

粒子重力不计，下列判断正确的是（）A.粒子带负电B.粒子加速度逐渐增大C.P点的电势低于Q点的电势D.P点的场强大于Q点的场强【答案】AD【解析】【详解】A．粒子所受的合力，即电场力大致指向轨迹凹的一向，知粒子所受电场力指向正

点电荷，知粒子带负电。故A正确。BD．P点离点电荷近，电场线比较密，所以P点的场强大于Q点的场强，粒子在P点所受的电场力大于Q点所受的电场力，根据牛顿第二定律，知粒子在P点的加速度大于Q点的加速度。故B错误，D

正确。C．沿着电场线方向电势逐渐降低，以点电荷为球心的球面是等势面，则知P点的电势高于Q点的电势。故C错误。故选AD。二、填空题（每空2分，共2×7=14分）9.某平行板电容器的带电量增加2.0×10-10C，两极板间的电压增加1V，已知电介质的介电常数ε=6，极板面积S=3πc

m2，则此电容器的电容C=___________F=______________pF，两极板间距离d=___________m，两极板间的场强增加______________V/m。【答案】(1).2×10-10(2).200(3).2.5×10-4(

4).4000【解析】【详解】[1][2]电容器的电容101020012.0102.010QQCFFpFUU−−=====[3]根据4SCkd=两极板间距离449102.5109102.0106310mm44SdkC−−−===[4]两极板间的场强增加42

.5101V/m4000V/mUEd−===10.如图所示，水平放置的两平行金属板相距为d，充电后其间形成匀强电场。一带电量为+q，质量为m的液滴从下板边缘射入电场，并沿直线运动恰好从上板边缘射出。可知，该液滴在电场中做____

__________运动，电场强度为__________，电场力做功大小为_______________。【答案】(1).匀速直线运动(2).mgqE=(3).W=mgd【解析】【详解】[1]该液滴受向下的重

力和向上的电场力，液滴做斜向上的直线运动，则只能是做匀速直线运动；[2]由mg=qE可得电场强度为mgqE=[3]电场力做功大小为WEqdmgd==三．计算题（共38分）11.如图所示，一质量为m、带电量为q的

小球，用绝缘细线悬挂在水平向右的匀强电场中，静止时悬线向左与竖直方向成θ角，重力加速度为g。（1）判断小球带何种电荷。（2）求电场强度E。【答案】(1)小球带负电；（2）tanmgq【解析】【详解】（1）由题知小球受向左的电场力，与场强方向

相反，则小球带负电。(2)分析小球受力如图所示，其中电场力FqE=由平衡条件得tanFmg=所以tanmgEq=12.两个半径为R的圆形平板电极，平行正对放置，相距为d，极板间的电势差为U，板间电场可以认为是均匀的。一个α粒子从正极

板边缘以某一初速度垂直于电场方向射入两极板之间，到达负极板时恰好落在极板中心。已知质子的电荷为e，质子和中子的质量均视为m，忽略重力和空气阻力的影响，求：(1)极板间的电场强度E；(2)α粒子在极板间运动的加速度a。【答案】(1

)Ud；(2)2eUmd【解析】【详解】(1)极板间的电场强度UEd=(2)α粒子在极板间运动时受电场力F=2eE4Fam=解得加速度2eUamd=13.如图所示，两带电平行板A、B间的电场为匀强电场，场强

E=4.0×102V/m，两板相距d=16cm，板长L=30cm．一带电量q=1.0×10-16C、质量m=1.0×10-22kg的粒子沿平行于板方向从两板的正中间射入电场后向着B板偏转，不计带电粒子所受重力

，求：⑴粒子带何种电荷？⑵要使粒子能飞出电场，粒子飞入电场时的速度v0至少为多大？⑶粒子飞出电场时最大偏角为多大？【答案】(1)带正电（2）15000m/s（3）8arctan15=【解析】【详解】（1）平行板中存在向

下的电场，粒子向B板运动受力向下，与场强方向相同，说明粒子带正电（2）粒子恰能飞出该电场有21122Eqldmv=可得水平速度v=15000m/s（3）竖直速度8000m/syEqlvmv==tan

815yvv==答案：(1)带正电（2）15000m/s（3）8arctan15=