【文档说明】新疆乌鲁木齐市第六十一中学2022-2023学年高一下学期开学考试物理试题 含答案.docx，共(27)页，1.125 MB，由小赞的店铺上传

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乌鲁木齐市第61中学2022-2023学年高一下学期开学考试物理试题（考试范围：必修第一册）总分100分考试时间100分钟一、单选题(共10小题每题3分共30分)1．关于单位制，下列说法中正确的是（）A．kgm/s

N、、是导出单位B．kgmC、、是基本单位C．在国际单位制中，A是导出单位D．在国际单位制中，力的单位是根据牛顿第二定律定义的2．在交警处理某次交通事故时，通过监控仪器扫描，输入计算机后得到该汽车在水平路面上刹车过程中的位移随时间变化

的规律为2202xtt=−（x的单位是m，t的单位是s）。则该汽车刹车后6s在路面上留下的刹车痕迹长度为（）A．48mB．50mC．72mD．120m3．四个质点做直线运动，它们的速度图象分别如图所示，在2s末不能回到出

发点的是（）A．B．C．D．4．质点做直线运动的位移x与时间t的关系为265xtt=+−（各物理量均采用国际单位制），则该质点（）A．第1s内的位移是10mB．前2s内的平均速度是3m/sC．运动的加

速度为1m/s2D．任意1s内的速度增量都是2m/s5．如图所示，一劲度系数为k的轻质弹簧，上端固定，下端连一质量为m的物块A，A放在质量也为m的托盘B上，以FN表示B对A的作用力，x表示弹簧的伸长量。初始时，在竖直向上的力F作用下系统

静止，且弹簧处于自然状态（x=0），现改变力F的大小，使B以2g的加速度匀加速向下运动（g为重力加速度，空气阻力不计），此过程中FN或F随x变化的图像正确的是（）A．B．C．D．6．如图为内燃机中的连杆传动装置部分示意图。当汽缸中高压气体以力F推活塞时，

连杆BA与BO的夹角为，不计活塞重力和一切摩擦，则此汽缸壁对活塞的作用力为（）A．sinFB．cosFC．tanFD．tanF7．如图所示，水平面上的小车内固定一个倾角为θ=30°的光滑斜面，平行于斜面的细绳一端固定

在车上，另一端系着一个质量为m的小球，小球和小车均处于静止状态。如果小车在水平面上向左加速且加速度大小不超过a1时，小球仍能够和小车保持相对静止；如果小车在水平面上向右加速且加速度大小不超过a2时，小球仍能够和小车保持相对静止，则a1和a2的大小之比为

（）A．3∶1B．3∶3C．3∶1D．1∶38．质点做匀变速直线运动，加速度与速度同向，则下列说法正确的有（）A．速度和加速度都不断增大B．任意相同时间内速度的增加量相同C．第1s、第2s、第3s内的位移之比一定是1：3：5D．若初速度为零，前1s、前2s、前

3s内的位移之比一定是1：3：59．如图所示，一个质量为m的圆环套在一根固定的水平长直杆上，环与杆间的动摩擦因数为。现给环一个水平向右的恒力F，使圆环由静止开始运动，同时对环施加一个竖直向上、大小随速度变化的作用力1Fkv=，其中k为常数，则圆环运动过程中（）A．加速度先减小后变大B．最大加

速度为Fmgm+C．最大速度为Fmgk+D．最终会停止运动10．如图所示，质量为M的框架放在水平地面上，一根劲度系数为k的轻弹簧的上端固定在框架上，下端拴着一个质量为m的小球，在小球上下振动时，框架始终没有跳离地面。当框架对地面压力为零的瞬间，则（）A．轻弹簧处于伸长状态B．轻弹

簧的形变量为mgkC．小球加速度的大小为()Mmgm+D．小球加速度的大小为g二、多选题（共4小题每题4分共16分。选不全得2分，多选或错选不得分。）11．质点做直线运动的位移s与时间t的关系为24stt=+（各物理量均采用国际单位制单位），则该质点（）A．第1s内的位移是5mB．

前2s内的平均速度是6m/sC．任意相邻1s的位移差都是1mD．任意1s内的速度增量都是2m/s12．如图所示，质量为M的三角形斜劈Q置于水平地面上，质量为m的木块P放在Q的斜面上，现用大小分别为F1、F2(F1>F2)、方向相反的水平力分别推P和Q，它们

均静止不动，g为重力加速度，则下列说法正确的是（）A．P可能受到沿斜面向下的摩擦力B．Q可能受五个力C．Q可能受六个力D．Q对P的支持力一定小于mg13．建筑工地上搬运石板、水泥板等板材是很困难的事情，智慧的劳动人

民发明了一种巧妙的搬运工具如图甲所示，图乙是它的结构示意图，提手柄的两端都由一个“∧”形固定角架和两个偏心轮（表面材料为硬橡胶）组成，使用时板材被紧紧夹在两个偏心轮之间，依靠摩擦力提起板材来实现搬运。已知板材与偏心轮之间的动

摩擦因数为。则下列说法正确的是（）A．搬运板材时，偏心轮与板材之间的摩擦力NfF=，其中FN为偏心轮对板材的正压力B．每个“∧”形固定角架上的两个偏心轮对板材的正压力大小一定相等C．每个偏心轮与板材之间的摩擦力大小一定等于板材重力大小的14D．人工搬运板材的过程中需要消耗人体的化学

能14．如图（a）所示，质量为M=3kg的木板放置在水平地板上，可视为质点的质量为m=2kg的物块静止在木板右端。t=0时刻对木板施加水平向右的外力F，t=2s时刻撤去外力，木板的v—t图像如图（b）所示。已知物块与木板间的动摩擦因数为0.2=

，物块始终没有滑离木板，重力加速度g取210m/s。则（）A．木板与地板间的动摩擦因数为0.3B．水平外力大小F为18NC．物块运动的时间为2.4sD．木板长度至少为2.40m三、填空题（共6分）15．传送机的皮带与水平方

向的夹角为α，如图所示,将质量为m的物体放在皮带传送机上,随皮带一起向下以加速度为a（a＞gsinα）匀加速直线运动，则小物体受到的静摩擦力的方向_____________，小物块受到的静摩擦力的大小________

_____（“可能”、“一定”、“不可能”）等于mgsinα。四、实验题（共12分）16．如图是某实验小组用打点计时器测量小车运动速度的装置。（1）打点计时器使用的是_______（选填“A”或“B”）；A．交流电源B．直流电源（2）实验操作中应该_______（选填“A”或“B”）；A．先释放小

车，后接通电源B．先接通电源，后释放小车（3）图是实验中打出的一条纸带，A、B、C是三个相邻的计时点，每打出相邻两点的时间间隔为0.02s，则打下计时点B时小车的速度为________m/s。17．利用如图所示的装置可以探究合力与分力的关系。在水平桌面上

固定一块竖直木板，木板上铺有白纸，在相隔一定距离且位于同一水平直线上固定两个光滑的定滑轮A和B，一段合适长度的绳子跨过滑轮A和B，并将绳子打一个结点O，每个钩码的重量相等，当系统达到平衡时，根据钩码个数读出三根绳子OA、OB、OC拉力的大小分别为F1、F2和F3，回答下列问

题：①改变钩码个数，能够保证实验顺利完成的是___________。A．钩码的个数N1=N2=2，N3=5B．钩码的个数N1=4，N2=1，N3=6C．钩码的个数N1=N2=N3=4②在拆下钩码和绳子前，最重要的一个步骤是__

_________。A．标记结点O的位置，并记录OA、OB、OC三段绳子的方向B．量出OA、OB、OC三段绳子的长度C．用天平测出钩码的质量③在作图时，某组同学以表示F1、F2的线段为邻边作平行四边形得到F，并在图中画出表示竖直方向的虚线，你

认为下图中图___________是正确的。（选填“甲”或“乙”）五、解答题（3题共36分，请根据答题卡题号及分值在各题目的答题区域内作答，超出答题区域的答案无效。）18．在粗糙的水平面上放一物体A，A上再放一质量为m的物体B。A、B间的动摩擦因数为（如图所示

），施一水平力F于A，求下列各种情况下A对B的摩擦力的大小和方向：（1）当A、B一起做匀速运动时；（2）当A、B一起以加速度a向右匀加速运动时；（3）当力F足够大而使A、B发生相对滑动时；（4）当A、B发生相对滑动，且B物体长度的1

5伸到A的外面时。19．一辆公交车（视为质点）行驶过程发现前方红灯亮起，此时公交车到停车线的距离为20m，司机立即采取措施，公交车开始做匀减速运动，第1s内和第2s内的行驶路程依次为8m和6m，求：（1）公交车做匀减速运动的加速度

大小a；（2）公交车开始刹车时的瞬时速度v0；（3）开始刹车后第5s末公交车离停车线的距离d，它越线了吗？20．如图所示，有两个光滑球，半径均为3cm，重均为8N，静止在半径为8cm的光滑球形碗底。（1）求两球间的相互作用力大小N；（2）当碗的半径增大，重新静止后，两球间的相互作

用力大小N将如何改变？每只球对碗的压力大小F将如何改变？高一物理开学考试答案：1．D【解析】ABC．在国际单位制中，kg、m、s、A属于基本单位，m/s、N、C属于导出单位。ABC错误；D．力的单位（N）是根据牛顿第二定律Fma=

导出的。D正确。故选D。2．B【解析】对比位移与时间的关系式2012xvtat=+可知，汽车的初速度020m/sv=、加速度24m/sa=−。汽车刹车时间为005svta−==所以汽车刹车后6s在路面上留下的刹车痕迹长度等于汽车速度减小到零的过程中通过的位移大小，即220050m2vxa−==

故选B。3．C【解析】A．质点先朝负方向做匀减速直线运动，再朝正方向做匀加速直线运动，vt−图象与时间轴所围的面积表示位移，可知2s内的总位移为0，2s末回到出发点，A错误；B．质点先朝正方向做匀速直线运动，再朝负方向做匀速直线运动，2s内的总位移为0，2s末回到出发点，B错

误；C．质点在2s内均朝正方向运动，2s内的总位移大于0，2s末不能回到出发点，C正确；D．质点先朝正方向做匀减速直线运动，再朝负方向做匀加速直线运动，可知2s内的总位移为0，2s末回到出发点，D错误。故选C。4．B【解析】A．第1s内的位移为2110(6511)m6m4mxxx=−

=+−−=A错误；B．前2s内的位移为2220(6522)m6m6mxxx=−=+−−=前2s内的平均速度为26m/s3m/s2xvt===故B正确；CD．质点在0~t时间内通过的位移为2206565tt

xxxtttt=−=+−−=−结合匀变速直线运动位移时间关系式2012xvtat=+可知质点的初速度和加速度分别为05m/sv=，22m/s=−a任意1s内的速度增量为21m/s2m/svat==−=−CD错误；故选B。5．D【解析】AB．设B对A的作用力FN刚好为零时弹簧的伸长

量为x0，则对A有02gmgkxm−=解得02mgxk=在此之前，根据牛顿第二定律对AN2gmgFkxm−−=解得N2mgFkx=−FN由开始运动时的2mg线性减小到零，AB错误；CD．将A、B看成整体，则222gmgFkxm−−=解得=−Fmgkx力F

由开始运动时的mg线性减小到2mg，此后托盘与物块分离，力F保持2mg不变，C错误，D正确。故D正确。6．C【解析】对活塞受力分析，受汽缸中高压气体对活塞的作用力F，AB杆对其的推力F，汽缸对活塞的作用力NF，如图所示根据平衡条件，有

NtanFF=故选C。7．D【解析】分析小球的受力情况如图所示如果小车在水平面上向左加速，由正交分解法得，水平方向上有FNsinθ-FTcosθ=ma1竖直方向上有FNcosθ＋FTsinθ=mg解得a1=NTNTsincoscossinFFFF−+g球仍

能够和小车保持相对静止的临界条件是细绳拉力FT=0解得a1=gtan30°同理可得，如果小车在水平面上向右加速，则a2=TNNTcossincossinFFFF−+g球仍能够和小车保持相对静止的临界条件是斜面对小球的弹力FN=0解得a2=tan30g所以12aa：=1∶3故选D。8

．B【解析】A．质点做匀变速直线运动，加速度保持不变，加速度与速度同向，速度不断增大，A错误；B．速度的增加量可表示为vat=故任意相同时间内速度的增加量相同，B正确；D．若初速度为零，位移公式为212sat=前1s、前2s、前3s内的位移之比一定是1：4

：9，D错误；C．结合C解析可知，只有质点的初速度为零，第1s、第2s、第3s内的位移之比才是1：3：5，C错误。故选B。9．C【解析】圆环从静止开始运动，则1Fkv=从零开始增大，故初始阶段1F小于重力，直杆对环的弹力N向上，有1NFmg+=得Nmgkv

=−大小随速度增大而线性减小，环所受合力为Ffma−=，()fNmgkv==−可见环先做加速度增大的加速运动；当()0fNmgkv==−=即mgvk=合力达到最大、加速度最大，为maxFam=此后环的速度再增大，使1F大于重力，直杆对环

的弹力方向变为向下，由1FNmg=+得Nkvmg=−大小开始随速度增大而线性增大，而环所受合力表达式仍为Ffma−=可见环在做加速度减小的加速运动，直到()fNkvmgF==−=此时速度达到最大值为Fmgvk

+=合力为零，之后环做匀速运动。故选C。10．C【解析】AB．由题意得，当框架对地面的压力为零的瞬间，对框架受力分析知，框架所受重力等于弹簧对框架的弹力，且弹簧弹力竖直向上，弹簧处于压缩状态，且FMg=则轻弹簧的压缩量Mgxk=故AB错误；CD．小球受弹簧向下的弹力，大小为FMg=则

小球加速度的大小为()FmgMmgamm++==故C正确，D错误。故选C。11．ABD【解析】A．质点在第1s内的位移2141m1m5ms=+=A正确；B．质点在前2内的位移2242m2m12ms=

+=前2s内的平均速度12m/s6m/s2v==B正确；C．根据2012svtat=+结合位移s与时间t的关系可知04m/sv=，22m/sa=根据22msaT==即任意相邻1s的位移差都是2m，C错误；D．结合上述，根据vat=解得21m/s2

m/sv==即任意1s内的速度增量都是2m/s，D正确。故选ABD。12．ABC【解析】A．选取P为研究对象，木块P所受重力沿斜面方向分力Gx和F1沿斜面方向分力F1x比较，若F1x>Gx则P受到沿斜面向下的摩擦力，故A正确；BC．Q受

重力、地面摩擦力和弹力、推力F2、P作用的弹力，若F1x＝Gx则P、Q间无摩擦力，Q受五个力；若P、Q间有摩擦力，则Q受六个力，故BC正确；D．若P、Q间无摩擦力，则P受重力、F1和Q对P的支持力三个力，由平衡条件分析可知，Q对P的支持力大于mg，故D错误。故选ABC。

13．BD【解析】A．搬运板材时，偏心轮与板材之间的摩擦力属于静摩擦力，不能用滑动摩擦力公式来计算，A错误；B．每个“∧”形固定角架上的两个偏心轮对板材的正压力一定大小相等、方向相反，对板材而言属于一对平衡力，B正确；C．板

材被提起时并不是匀速直线运动，因此偏心轮与板材间的摩擦力大小无法确定，C错误；D．人工搬运板材时需要消耗人体的化学能，D正确。故选BD。14．BD【解析】AB．由v—t图像斜率表示加速度，可知木板先做匀加速直线运动，加速度为21Δ3m/sΔvat==撤去外力后做匀减速

直线运动，加速度为22Δ3m/sΔvat=−=设水平外力大小为F，木板与地板之间的动摩擦因数为，则有()1FMmgmgMa−+−=，()2MmgmgMa=++解得0.1=，18NF=A

错误，B正确；C．物块与木板相对滑动时物块的加速度22m/sag==块12st=时物块的速度大小为14m/svat==块块此时物块的位移21114m2xat==块设再经2t物块与木板共速，则有222v

vatvat=+=+共板块块解得20.4st=，4.8m/sv=共此后物块与木板相对静止并沿地板滑动，直至停下来，继续滑动的时间34.8svtg==共所以物块滑动的时间为1237.2stttt=++=C错

误；D．从撤去外力到物块与木板达到相对静止这段时间内物块的位移222211.76m2xvtat=+=块块从撤去外力到物块与木板达到相对静止这段时间内木板的位移2222212.16m2xvtat=+=板板木板前2s的位移211116m2xat==板木板长度至

少为12122.40mLxxxx=+−−=板板D正确。故选BD。15．沿皮带向下可能【解析】[1]对小物块进行受力分析，由牛顿第二定律得mgsinα＋fF＝ma＞mgsinα故静摩擦力的方向一定沿皮带向下；[2]由牛顿第二定律得mgsinα＋

fF＝masinfFmamg=−当加速度等于2gsinα时，小物块受到的静摩擦力的大小等于mgsinα。16．AB0.8【解析】（1）[1]打点计时器应使用交流电源。故选A。（2）[2]先接通电源再释放小车，经过反应时间，打点计时器工作稳定后再

释放小车，也有利于纸带的利用。故选B。（3）[3]打下计时点B时小车的速度为23.2010m/s0.8m/s220.02ACBvTx−===17．CA甲【解析】①[1]如图所示对O点受力分析，OA、OB、OC分别表示三个力的大小，由于系统处于平衡状态，所以OC

等于OD，因此三个力可构成一个三角形。ABD．以钩码的个数表示力的大小，由于两边之和小于第三边，则不能构成三角形，ABD错误；C．以钩码的个数表示力的大小，满足两边之和大于第三边，两边之差小于第三边，则可以构成三角形，C正确。故选C。②[2]

为验证平行四边形定则，必须作受力图，所以首先要明确受力点，即要标记结点O的位置，其次要作出力的方向并读出力的大小，最后作出力的图示。因此要从力的三要素角度出发做好记录，要记录结点O的位置、砝码的个数和记录OA、OB、OC三段绳子

的方向。故选A。③[3]本实验是要验证力的平行四边形定则，故应将由平行四边形定则得出的合力与真实的合力进行比较而判断平行四边形定则得出的结果是否正确。在实验中，实际合力一定与OC在同一直线上，但由于误差的存在，根据

平行四边形定则得出合力的理论值与实际值不会完全重合，但F3一定是沿竖直方向的，故甲图正确。18．（1）0；（2）大小为ma，方向水平向右；（3）大小为mg，方向水平向右；（4）大小为mg，方向水平向右【解析】（1）因A、B一起向右匀速运动，B物体处于平

衡状态，受到的合力为零，所以B物体受到的摩擦力为零。（2）因A、B无相对滑动，所以B受到的摩擦力是静摩擦力，对B由牛顿第二定律有fFmaF==合即摩擦力大小为fFma=方向水平向右。（3）因A、B发生相对滑动，所以B受到的摩擦力是滑动摩擦力，故摩擦力大小为fNFFmg==方向水平向

右。（4）因滑动摩擦力的大小与物体间的接触面积大小无关，所以摩擦力大小为fFmg=方向水平向右。19．（1）2m/s2；（2）9m/s；（3）20.25m，越线了【解析】（1）由2ΔxaT=可得22Δ2m/sxaT==（

2）第1s未的速度为1217m/s2xxvT+==由速度时间公式可得10vvaT=+解得09m/sv=（3）设刹车经历的时间为t，可得04.5svta==因此总位移为020.25m2vxvtt===可得开始刹车后第

5s末公交车离停车线的距离为20m0.25mdx=−=它已经越线了。20．（1）6NN=；（2）N将变小，F将变小【解析】（1）如图所示，将三个圆心连接为12OOO△则有15cmOO=126cmOO=因此垂线4cmOS=37=受

力分析图如图2所示，则有2SONGOS=解得26NSONGOS==（2）碗半径增大后，1OO、2OO、OS将增大，变小，由于1SO、2SO、G不变，则由2SONGOS=可知N将变小；根据cosGF=可得cosGF=当变小时，F也变小。