【文档说明】四川省广安市武胜烈面中学校2020-2021学年高二下学期开学考试物理试题 含答案.docx，共(8)页，235.681 KB，由小赞的店铺上传

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2021年烈面中学高2019级入学测试一、单选题（本大题共8小题，共32.0分）1.自然界的电、热和磁等现象都是相互联系的，很多物理学家为寻找它们之间的联系做出了贡献，下列说法错误的是()A.奥斯特发现了电流的磁效应，揭示了电现象和磁现象之间的联系B.欧姆发现了欧姆定律，说明了热现象和电现

象之间存在联系C.法拉第发现了电磁感应现象，揭示了磁现象和电现象之间的联系D.焦耳发现了电流的热效应，定量得出了电能和热能之间的转换关系2.下列是某同学对电场中的概念、公式的理解，其中正确的是()A.根据电场强度

的定义式𝐸=𝐹𝑞，电场中某点的电场强度和试探电荷的电荷量成反比B.根据电容的定义式𝐶=𝑄𝑈，电容器的电容与所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比C.根据真空中点电荷电场强度公式𝐸=𝑘𝑄𝑟2，电场中某点电场强度和场源电荷的电

荷量成正比D.根据公式𝑈𝐴𝐵=𝑊𝐴𝐵𝑞，带电量为1C正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为1J，则A、B点的电势差为1V3.在如图所示的各图中，表示磁场方向、电流方向及导线受力方向的图示正确的是()A.B.C.D.4.如图所示，是高二某同学演示楞次定律实验记录

，不符合实验事实的是()A.B.C.D.5.如图所示，一带电粒子进入一固定的正点电荷Q的电场中，沿图中实线轨迹从a运动到b，a、b两点到点电荷Q的距离分别为𝑟𝑎、𝑟𝑏(𝑟𝑎>𝑟𝑏)，不计粒子的重力，则可知()A.运动粒子带负电B.b

点的场强小于a点的场强C.a到b的过程中，电场力对粒子做负功D.a到b的过程中，粒子动能和电势能之和减小6.在一根长为0.2𝑚的直导线中通入2A的电流，将导线放在匀强磁场中，导线受到的安培力为0.2𝑁，则匀强磁场的磁感应强度的大小可能是()A.0.8𝑇B.0.4𝑇C.0.2

𝑇D.0.1𝑇7.如图所示的电路中，𝐿1和𝐿2是完全相同的灯泡，线圈L的自感系数很大，它的直流电阻可以忽略不计．则下列说法中正确的是()A.闭合S后，灯𝐿2先亮，灯𝐿1后亮，最后两灯一样亮B.闭合S后，灯𝐿1的电流方向向右，𝐿2的电流方向向左C.断开S后，灯𝐿2立即熄灭、则�

�1逐渐熄灭D.断开S瞬间，灯𝐿1的电流方向向右灯𝐿2的电流方向向左8.如图所示，有一带电粒子贴着A板沿水平方向射入匀强电场，当偏转电压为𝑈1时，带电粒子沿①轨迹从两板正中间飞出；当偏转电压为𝑈2时，带电粒子沿②轨迹落到B板

中间；设粒子两次射入电场的水平速度相同，则两次偏转电压之比为()A.𝐼1：𝑈2=1：8B.𝑈1：𝑈2=1：4C.𝑈1：𝑈2=1：1D.𝐼1：𝑈2=1：2二、多选题（本大题共4小题，共16.0分）9.1930年劳伦斯制成了世界上第

一台回旋加速器，其核心部分如图所示．匀强磁场垂直D形盒底面，两盒分别与交流电源相连．则下列说法中正确的是()A.加速器的半径越大，粒子射出时获得的动能越大B.粒子获得的最大动能由交变电源的电压决定C.加速器中的电场和磁场都可以使带电粒子加速D.粒子在磁场中运动的周期与交变电压的周

期同步10.如图所示空间存在两个磁场，磁感应强度大小均为B，方向相反且垂直纸面，MN、PQ为其边界，𝑂𝑂′为其对称轴。一导线折成边长为l的正方形闭合回路abcd，回路在纸面内以恒定速度𝑣0向右运动，当运动到关于𝑂𝑂′对称的位置时()A.穿过回路磁通量的变化率为零B.回路中感应电动势

大小为2𝐵𝑙𝑣0C.回路中感应电流的方向为逆时针方向D.回路中ab边与cd边所受安培力的方向相反11.如图所示是一提升重物用的直流电动机工作时的电路图，其中电动机内电阻𝑟=1𝛺，电路中另一电阻𝑅=9𝛺，直流电压𝑈=180

𝑉，理想电压表示数𝑈𝑉=135𝑉，电动机正以𝑣=1𝑚/𝑠匀速竖直向上提升某重物，g取10𝑚/𝑠2，下列判断正确的是()A.通过电动机的电流是18AB.输入电动机的电功率是675WC.电机的输出功率是25WD.重物的

质量是65kg12.如图所示，两足够长平行光滑的金属导轨MN、PQ相距为1m，导轨平面与水平面夹角𝜃=30°，导轨上端跨接一定值电阻𝑅=8𝛺，整个装置处于方向垂直斜面向上的匀强磁场中，磁感应强度的大小为𝐵=5𝑇，金属棒cd垂直于MN

、PQ放置在导轨上，且与导轨保持电接触良好，金属棒的质量为1kg、电阻为2𝛺，重力加速度为𝑔=10𝑚/𝑠2.现将金属棒由静止释放．沿导轨下滑距离为2m时，金属棒速度达到最大值，则这个过程中()A.金属棒的最大加

速度是5𝑚/𝑠2B.金属棒cd的最大速度是2√5𝑚/𝑠C.电阻R上产生的电热为𝑄=8𝐽D.通过金属棒横截面的电量为1C三、实验题（本大题共2小题，共18.0分）13.(1)螺旋测微器是重要的测量仪器，如图1所示的读数是______mm。(2)用多用电表的欧姆挡测量阻值约为

几十𝑘𝛺的电阻𝑅𝑥，以下给出的是可能的实验操作步骤，其中S为选择开关，P为欧姆挡调零旋钮。把你认为正确的步骤前的字母按合理的顺序填写在下面的横线上______。𝑎.将两表笔短接，调节P使指针对准刻度盘上欧

姆挡的0刻度，断开两表笔𝑏.将两表笔分别连接到被测电阻的两端，读出𝑅𝑥的阻值后，断开两表笔𝑐.旋转S使其尖端对准欧姆挡×1𝑘𝑑.旋转S使其尖端对准欧姆挡×100𝑒.旋转S使其尖端对准交流500V挡，并拔出两表笔根据图2所示指针位置，此被测电阻的阻值为______𝛺。14.某同学做

“测定电动势约1.5𝑉内阻约几欧的电池的电动势和内阻”实验。(1)他采用如图1所示的实验电路进行测量。现有下列器材供选用：A.电压表(0～15𝑉，内阻约20𝑘𝛺)B.电压表(0～3𝑉，内阻约10𝑘𝛺)C.电流表(0～0.6𝐴，内阻约0.4𝛺)D.电流

表(0～3𝐴，内阻约1𝛺)E.滑动变阻器(5000𝛺,1𝐴)F.滑动变阻器(20𝛺,2𝐴)实验中所用电压表应选______，电流表应选用______，滑动变阻器应选用______。(填字母代号)(2)图2中给出了做实验所需要的各种仪器。请你按电路图把它们连成实验电路。(3)

根据实验数据做出𝑈−𝐼图象，如图3所示，蓄电池的电动势𝐸=______V，内电阻𝑟=______𝛺.(结果保留2位有效数字)(4)这位同学对以上实验进行了误差分析。其中正确的是______。A.实

验产生的系统误差，主要是由于电流表的分压作用B.实验产生的系统误差，主要是由于电压表的分流作用C.实验测出的内阻大于真实值D.实验测出的电动势小于真实值四、计算题（本大题共3小题，共34.0分）15.水平放置的导体框架，宽𝐿=0.50𝑚，接有电阻𝑅=0.20𝛺，匀强磁场垂直框架平面向里

，磁感应强度𝐵=0.40𝑇，一导体棒ab垂直框边跨放在框架上，并能无摩擦地在框架上滑动，框架和导体ab的电阻均不计，当ab以𝑣=4.0𝑚/𝑠的速度向右匀速滑动时，求：(1)𝑎𝑏棒中产生的感应电动势大小；(2)维持导体棒ab做匀速运动的外力F的大小

；(3)电流通过电阻R产生的热功率𝑃热。16.如图所示，内表面光滑绝缘的半径为1.2𝑚的圆形轨道处于竖直平面内，有竖直向下的匀强电场，场强大小为3×106𝑉/𝑚。有一质量为0.12𝑘𝑔、带负电的小球，电荷量大小为1.

6×10−6𝐶，小球在圆轨道内壁做圆周运动，当运动到最低点A时，小球与轨道压力恰好为零，g取10𝑚/𝑠2，求：(1)小球在A点处的速度大小；(2)小球运动到最高点B时对轨道的压力．17.在如图所示的直

角坐标中，x轴的上方有与x轴正方向成45°角的匀强电场，场强的大小为𝐸=√2×104𝑉/𝑚.𝑥轴的下方有垂直于xOy面的匀强磁场，磁感应强度的大小为𝐵=2×10−2𝑇.把一个比荷为𝑞𝑚=2×108𝐶/㎏的

正电荷从坐标为(0,1.0)的A点处由静止释放．电荷所受的重力忽略不计，求：(1)电荷从释放到第一次进入磁场时所用的时间t；(2)电荷在磁场中的偏转半径；(3)电荷第三次到达x轴上的位置．答案和解析1.B2.C3.A4.D5.C6.A7.D8

.A9.AD10.BC11.BD12.AD13.【答案】4.075；cabe；30k14.【答案】BCF2.03.8BD15.【答案】解：(1)𝑎𝑏棒中产生的感应电动势为：𝐸=𝐵𝐿𝑣=0.4×0.5×

4=0.8𝑉(2)感应电流大小为：𝐼=𝐸𝑅=0.80.2𝐴=4𝐴导体棒ab受到的安培力为：𝐹𝐵=𝐵𝐼𝐿=0.4×4×0.5𝑁=0.8𝑁导体棒做匀速运动，由平衡条件得：外力𝐹=𝐹𝐵=0.8𝑁(3)电流通过电阻R产生的热功率

为：𝑃热=𝐼2𝑅=3.2𝑊答：(1)𝑎𝑏棒中产生的感应电动势大小为0.8𝑉。(2)维持导体棒ab做匀速运动的外力F的大小为0.8𝑁。(3)电流通过电阻R产生的热功率为3.2𝑊。16.【答案】解：(1)重力：𝐺=�

�𝑔=0.12𝑘𝑔×10𝑚/𝑠2=1.2𝑁电场力：𝐹=𝑞𝐸=1.6×10−6𝐶×3×106𝑉/𝑚=4.8𝑁在A点，有：𝑞𝐸−𝑚𝑔=𝑚𝑣12𝑅代入数据解得：𝑣1=6𝑚/𝑠(2)设球在B点的速度大小为𝑣2，从A到B，由动能定理有：(𝑞𝐸

−𝑚𝑔)×(2𝑅)=12𝑚𝑣22−12𝑚𝑣12在B点，设轨道对小球弹力为𝐹𝑁，则有：𝐹𝑁+𝑚𝑔−𝑞𝐸=𝑚𝑣22𝑅由牛顿第三定律有：𝐹𝑁′=𝐹N代入数据解得：𝐹𝑁′=21.6𝑁。17.【答案

】解：(1)如图，电荷从A点匀加速运动运动到x轴的C点的过程：位移大小由图中的直角三角形可以解出𝑠=𝐴𝐶=√2𝑚加速度𝑎=𝑞𝐸𝑚=2√2×1012𝑚/𝑠2时间𝑡=√2𝑠𝑎=10−6𝑠(2

)电荷到达C点的速度为𝑣=𝑎𝑡=2√2×106𝑚/𝑠速度方向与x轴正方向成45°角，在磁场中运动时由𝑞𝑣𝐵=𝑚𝑣2𝑅得𝑅=𝑚𝑣𝑞𝐵=12×108×2√2×1062×10−2=

√22𝑚即电荷在磁场中的偏转半径√22𝑚(3)轨迹圆与x轴相交的弦长为△𝑥=√2𝑅2=1𝑚，所以电荷从坐标原点O再次进入电场中，且速度方向与电场方向垂直，电荷在电场中作类平抛运动，运动过程中与x轴第三次相交时的位移方向角为45°，设运动的时间为

𝑡′，则：𝑡𝑎𝑛45°=12𝑎𝑡′2𝑣𝑡′得𝑡′=2×10−6𝑠则𝑠平=𝑣𝑡′=4√2𝑚𝑥=𝑠平𝑐𝑜𝑠45°=8𝑚即电荷第三次到达x轴上的点的坐标为(8,0)