【文档说明】陕西省宝鸡市金台区2020-2021学年高二上学期期中考试物理（理）试题.doc，共(8)页，368.500 KB，由小赞的店铺上传

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2020—2021学年度第一学期期中质量检测试题高二物理(理科)2020.11第Ⅰ卷（选择题，共48分）一、选择题：（本题共12小题，每小题4分，共48分。其中1-8小题给出的四个选项中，只有一个．．选项符合题目要求；9-12小题给出的四个选项中，有

多个．．选项符合题目要求。)1.“比值定义”法是物理学中用来定义一个新物理量的重要方法。下列所给物理量及对应公式不．是．采用“比值定义”法的是()A．电场强度qFE=B．电阻IUR=C．电流RUI=D．电势qEP=2.2019年3月19日，复旦大学科

研团队宣称已成功制备出具有较高电导率的砷化铌纳米带材料，该材料的电导率是石墨烯的1000倍。电导率就是电阻率的倒数，即1=。下列说法正确的是()A.电导率的单位是mB.材料的电导率与材料的形状无关C.材料的电导率越大，其导电性能越弱D.电导率大小与温度无关3.如图所示，匀强电

场中的六个点A，B，C，D，E、F为正八面体的六个顶点。已知BE中点O的电势为零，A，B，C三点的电势分别为8V，-2V，3V，则D，E，F三点的电势分别为()A.-7V，2V，3VB.-7V，2V，-

3VC.7V，-2V，3VD.7V，2V，-3V4.2020年10月11日零时起，全国铁路将实施今年第四季度列车运行图。新运行图实施后，宝兰高铁首次开通了宝鸡到乌鲁木齐的直达动车。将来宝鸡人游览大美新疆，既可以选择直达动车，也可以选择普通列车，这些出行方式的选择体现了哪种逻辑

关系()A.“与”逻辑B.“或”逻辑C.“非”逻辑D.“与非”逻辑5.多用电表测量未知电阻阻值的电路如图a所示，电源的电动势为E，R0为调零电阻。某次将待测电阻用电阻箱代替时，电路中电流I与电阻箱的阻值RX的关系图象如图b所示，则下列说法正确的是()图a图

b7题图A.当电流为0.4mA时，待测电阻为30kΩB.左插孔插入的是多用电表的红表笔C.多用电表的内阻为15kΩD.表内电源的电动势为9V6.在匀强电场中平行电场方向建立一直角坐标系，如图所示。从坐标原点沿+y轴前进0.3m到A点，电势升高了

12V，从坐标原点沿+x轴前进0.2m到B点，电势降低了6V，则下列说法正确的是()A.场强大小为50V/mB.场强大小为250V/mC.场强方向由A→BD.场强方向由B→A7.如图所示，平行板电容器上

极板带正电，从两极板的左端中点A点释放一个带电荷量为+q(q＞0)的粒子，粒子重力不计，以水平初速度0v向右射出，当它的水平速度与竖直速度的大小之比为3:4时，恰好从下极板右端点B射出，则L与d之比为()A.2:3B.3:2C.3:

4D.4:38.原有一带电油滴静止在极板水平放置的平行板电容器中，突然由于漏电，瞬间失去一部分电荷Q，油滴开始向下运动。经时间t后，给电容器及时补充电荷Q，又经时间t，油滴回到原位置。假如在运动过程中油滴电荷量一

定，则QQ：为()A.41B.31C.21D.19.在真空中，电量为1q的点电荷产生的电场中有一个点P，P点与1q的距离为r，把一个电量为2q的试探电荷放在P点，它受的静电力为F，则P点电场强度的大小等于()A.21rkqE=B.22rkqE

=C.1qFE=D.2qFE=10.某同学在测电源的电动势和内阻时，根据实验记录数据画出如图所示的U-I图象，下列关于这个图象的说法中不．正确．．的是()A.纵轴截距表示待测电源的电动势，即E=1.40VB.横轴截距表示短路电流，即I短=0.4AC.根据短IEr=，计算出待测电源内阻为3.

5ΩD.当U=1.20V时，I´=0.2A7题图11题图11.如图所示，A、B两球所带电荷量均为1×10-5C，质量均为45g，其中A球带正电荷，B球带负电荷，且均可视为点电荷。A球通过绝缘细线吊在天花板上，B球固定在

绝缘棒一端，现将B球放在某一位置，能使绝缘细线伸直，A球静止且与竖直方向的夹角为30°，则A、B球之间的距离可能为（）A.0.10mB.0.20mC.0.30mD.0.40m12.如图甲所示电路中，R为电阻箱，电源的电动势为E，内阻为r。图乙为电源的输出功率P与电流表示数I的关

系图象，其中功率P0分别对应电流，外电阻R1、R2，下列说法中正确的是（）A.rEII=+21B.rEII＞21+C.21RrrR=D.21＞RrrR第Ⅱ卷（非选择题，共52分）二、填空与实验题：（共4小题，每空2分，共26

分）13.如图所示，A、B、C三点为一直角三角形的三个顶点，=30B。现将两点电荷qA、qB放置在A、B两点，已测得C点场强方向与BA平行，则由此可以判断qA一定带______(填正或负)电，且A、B所带电荷量大小之比为qA：qB=______。14.如图所示是研究电源电动势和电路

内、外电压关系的实验装置。电池的两极A、B与电压表V2相连，位于两个电极内侧的探针a、b与电压表V1相连，R是滑动变阻器，电流表A测量通过滑动变阻器的电流，置于电池内的挡板向上移动可以使内阻减小，向下移动可以使内阻增大。当电阻R的滑片向右移动时，电流表A的示数，

电压表V2的示数。若保持滑动变阻器R的阻值不变，将挡板向下移动，则电压表V1的示数变化量1U与电流表示数变化量I的比值。(以上各空均选填“变大”、“变小”或“不变”)15.如右图所示电路中，电源电动势E=6V，内阻r=2Ω，R1=4Ω，R2=6Ω，R

3=3Ω。(1)若在C、D间连一个理想电压表，其读数是V；(2)若在C、D间连一个理想电流表，其读数是A.16.用伏安法测定一个待测电阻Rx的阻值(阻值约为200Ω)，实验室提供如下器材：电池组E：电动势3V，内阻不计；电

流表A1：量程0～15mA，内阻约为100Ω；电流表A2：量程0～300μA，内阻为1000Ω；滑动变阻器R1：阻值范围0～20Ω，额定电流2A；电阻箱R2：阻值范围0～9999Ω，额定电流1A；开关S、导线若干。要求实验中尽可能准确地测量Rx的阻值，请回答

下列问题：(1)为了测量待测电阻两端的电压，可以将电流表______(填写器材代号)与电阻箱串联，并将电阻箱阻值调到________Ω，这样可以改装成一个量程为3.0V的电压表。(2)请将图1中测量Rx阻值的电路图补充完整，并在图中标明所选用器材代号。(

3)调节滑动变阻器R1，两表的示数如图2所示，可读出电流表A1的示数是________mA，电流表A2的示数是________μA，待测电阻Rx的真实值是________Ω（此空结果保留3位有效数字）。三、计算题：（本题共3题，共26分。要求解答应写出必要的文字说明、

方程式、重要的演算步骤，推理、说明过程要简洁清晰，有数字计算的题要写出明确的数值和单位，只有最后结果的得零分。）17.（8分）如图为直流电动机提升重物的装置，电源电动势E=90V,内阻r=2Ω，不计各处摩擦，当电动机以v=0

.6m/s的恒定速度向上提升一质量为50kg的重物时，电路中的电流I=5A.求：(1)电动机两端的电压为多少？(2)电动机线圈的电阻为多少？(3)电动机的效率约为多少？18.（8分）如图所示，一带电荷量为-q、质量为m的小物块处于一倾角为的光滑斜面上，斜面倾角为53°，斜

面高为H。当整个装置被置于一水平向左的匀强电场中，小物块恰好静止。重力加速度取g。求：（1）匀强电场的电场强度；（2）若将电场强度减小为原来的41，小物块的加速度是多大；（3）场强减小为原来的41后,小物块下滑到斜面底端时的速度大小。19.（10分）如图所示空间分为Ⅰ、Ⅱ两个足够长的区域，各分界面

（图中虚线）水平，Ⅰ区域存在匀强电场mE/v100.141=，方向竖直向上；Ⅱ区域存在匀强电场mE/v104352=，方向水平向右，两个区域宽度分别为，md0.51=，md0.42=。一质量Kgm8100.1−=，带电荷量Cq6106.1−+=的粒子从O点由静止释放，粒子重力忽略不计。求：

(1)粒子在区域Ⅰ中运动的时间t和离开区域Ⅰ时的速度大小；(2)粒子离开区域Ⅱ时速度与水平方向的夹角。附加题（10分）如图所示，在平面直角坐标系xOy中，第I象限存在沿y轴负方向的水平匀强电场，在y轴负半轴上的某处固定着一点电荷（设匀强电场与点电荷电场以x轴为

界互不影响）。一质量为m，电荷量为q的带正电的粒子从y轴正半轴上的M点以速度0v垂直于y轴射入电场，经x轴上的N点与x轴正方向成=53角射入第IV象限，此后在点电荷作用下做匀速圆周运动，最后从y轴负半轴上的P点垂直于y轴射出，OP=8R。不计粒子重力，静电力常量为k，已知8.053

sin=，6.053cos=求：(1)M、N两点间的电势差UMN；(2)固定x轴下侧平面内的点电荷电量Q．图1图2高二物理(理科)期中参考答案2020.11一、选择题：（本题共12小题，每小题4分，共48分。其中1-9小题给出的四个选项中，只有一

．个．选项符合题目要求；10-12小题给出的四个选项中，有多个．．选项符合题目要求。)题号123456789101112答案CBDBCACAADBCABAC二、填空与实验题：（共4小题，每空2分，共26分）13.负1:814.变小变大变

大15.30.516.（1）A29000（2）（此空2分，可分点给分，测量电路正确给1分，控制电路正确给1分）(3)8.0150191三、计算题（共3小题，共26分）17.（8分）解：(1)电动机两端的电压：80VV)25

-90r==−=（IEU.............................................................2分(2)电动机消耗的总功率：WWUIP400580===............

..................................................1分根据能量守恒定律，有：RImgvP2+=...................................................

..........1分则电动机线圈的电阻为：=−=42ImgvPR..............................................................2分（3）电动机的效率:%75%100mgv==UI...

.........................................................2分18.（8分）解：（1）对物体进行受力分析，建立如图所示坐标系，根据平衡列方程：在x轴方向：=53sin53cosmgF...

..............................1分解得：mgF34=.........................................................1分匀强电场的电场强度qmgqFE34==................

...................1分（2）若将电场强度减小为原来的41，则物体在沿斜面方向,由牛顿第二定律得：maFmg=53cos-53sin................................

.1分且mgFF314==.....................................................1分则物体产生沿斜面向下的加速度ga6.0=..................................

...............1分（3）电场强度变化后物块下滑距离L时，重力做正功，电场力做负功，由动能定理则有：=53cos6.0212Hmgmv.......................................

.......1分解得：26gHv=............................................1分19.（10分）解：（1）粒子在区域1中左匀加速运动，则有：261/106.1m

qEasm==...............................................1分sad31105.22t−==..............................................1分m/s104

at31==v...............................................1分（2）粒子在区域Ⅱ做类平抛运动，水平向右为x轴，竖直向上为y轴．设粒子刚出区域Ⅱ时速度与边界的夹角为θ，则有：1yvv=...............................

..............1分22xtav=...............................................1分粒子在匀强电场区域Ⅱ运动时的加速度：mqEa22=..........................................1分粒子

在匀强电场区域Ⅱ内的运动时间：122vdt=............................................1分解得：smv/10343x=...............................................1分粒子刚出区域Ⅱ时，有：3310

34104vvtan33x1===.....................................1分故粒子刚出区域Ⅱ时速度与水平方向夹角为θ=30°...................................

........1分附加题：（10分）解：（1）设粒子过N点时的速度为v，有：=53cos0vv..............................1分解得：035vv=...........................

......................1分粒子从M点运动到N点的过程，由动能定理有：2022121mvmvqUMN−=................................................2分联立解得：qmvUMN320=....

..............................................1分（2）设带电粒在第四象限内的运动半径为r，由几何关系得：RrrOP853cos=+=..................................

..........................1分解得：Rr5=............................................................1分由牛顿第二定律有：rvmrQqk22=....

................................................2分联立解得：kqRmvQ912520=................................................................1

分