【文档说明】陕西省宝鸡市金台区2020-2021学年高二上学期期中考试物理（理）试题.doc，共(8)页，368.500 KB，由小赞的店铺上传

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2020—2021学年度第一学期期中质量检测试题高二物理(理科)2020.11第Ⅰ卷（选择题，共48分）一、选择题：（本题共12小题，每小题4分，共48分。其中1-8小题给出的四个选项中，只有一个．．选项符合题目要求；9-12小题给出的四个选项中，有多个．

．选项符合题目要求。)1.“比值定义”法是物理学中用来定义一个新物理量的重要方法。下列所给物理量及对应公式不．是．采用“比值定义”法的是()A．电场强度qFE=B．电阻IUR=C．电流RUI=D．电势

qEP=2.2019年3月19日，复旦大学科研团队宣称已成功制备出具有较高电导率的砷化铌纳米带材料，该材料的电导率是石墨烯的1000倍。电导率就是电阻率的倒数，即1=。下列说法正确的是()A.电导率的单位是m

B.材料的电导率与材料的形状无关C.材料的电导率越大，其导电性能越弱D.电导率大小与温度无关3.如图所示，匀强电场中的六个点A，B，C，D，E、F为正八面体的六个顶点。已知BE中点O的电势为零，A，B，C三点的电势分别为8V，-2

V，3V，则D，E，F三点的电势分别为()A.-7V，2V，3VB.-7V，2V，-3VC.7V，-2V，3VD.7V，2V，-3V4.2020年10月11日零时起，全国铁路将实施今年第四季度列车运行图。新运行图实施后，宝兰高铁首次开通了

宝鸡到乌鲁木齐的直达动车。将来宝鸡人游览大美新疆，既可以选择直达动车，也可以选择普通列车，这些出行方式的选择体现了哪种逻辑关系()A.“与”逻辑B.“或”逻辑C.“非”逻辑D.“与非”逻辑5.多用电表测量未知电阻阻值的电路如图a所示，电源的电动势为E，R0为

调零电阻。某次将待测电阻用电阻箱代替时，电路中电流I与电阻箱的阻值RX的关系图象如图b所示，则下列说法正确的是()图a图b7题图A.当电流为0.4mA时，待测电阻为30kΩB.左插孔插入的是多用电表的红表笔C.多用电表的内阻为15kΩD.表内电源

的电动势为9V6.在匀强电场中平行电场方向建立一直角坐标系，如图所示。从坐标原点沿+y轴前进0.3m到A点，电势升高了12V，从坐标原点沿+x轴前进0.2m到B点，电势降低了6V，则下列说法正确的是()A.场强大小为50V/mB.场强大小为250V/mC.场强方向由A→BD.场强方向由B→A7

.如图所示，平行板电容器上极板带正电，从两极板的左端中点A点释放一个带电荷量为+q(q＞0)的粒子，粒子重力不计，以水平初速度0v向右射出，当它的水平速度与竖直速度的大小之比为3:4时，恰好从下极板右端点B射出

，则L与d之比为()A.2:3B.3:2C.3:4D.4:38.原有一带电油滴静止在极板水平放置的平行板电容器中，突然由于漏电，瞬间失去一部分电荷Q，油滴开始向下运动。经时间t后，给电容器及时补充电荷Q，又经时间t，油滴回到原位置。假如在运动过程中油滴电荷量一定，则QQ：为()A

.41B.31C.21D.19.在真空中，电量为1q的点电荷产生的电场中有一个点P，P点与1q的距离为r，把一个电量为2q的试探电荷放在P点，它受的静电力为F，则P点电场强度的大小等于()A.21rkqE=B

.22rkqE=C.1qFE=D.2qFE=10.某同学在测电源的电动势和内阻时，根据实验记录数据画出如图所示的U-I图象，下列关于这个图象的说法中不．正确．．的是()A.纵轴截距表示待测电源的电动势，

即E=1.40VB.横轴截距表示短路电流，即I短=0.4AC.根据短IEr=，计算出待测电源内阻为3.5ΩD.当U=1.20V时，I´=0.2A7题图11题图11.如图所示，A、B两球所带电荷量均为1×10-5C，质量均为45g，其中A球带正电荷，B球带负电荷，且均

可视为点电荷。A球通过绝缘细线吊在天花板上，B球固定在绝缘棒一端，现将B球放在某一位置，能使绝缘细线伸直，A球静止且与竖直方向的夹角为30°，则A、B球之间的距离可能为（）A.0.10mB.0.20mC.0.30mD.

0.40m12.如图甲所示电路中，R为电阻箱，电源的电动势为E，内阻为r。图乙为电源的输出功率P与电流表示数I的关系图象，其中功率P0分别对应电流，外电阻R1、R2，下列说法中正确的是（）A.rEII=+21B.rEII＞21+C.21RrrR=D.21＞RrrR第Ⅱ卷（非选择题，共

52分）二、填空与实验题：（共4小题，每空2分，共26分）13.如图所示，A、B、C三点为一直角三角形的三个顶点，=30B。现将两点电荷qA、qB放置在A、B两点，已测得C点场强方向与BA平行，则由此可以判断qA一定带______(填正或负)电，且A、B所带电荷量大小之比为

qA：qB=______。14.如图所示是研究电源电动势和电路内、外电压关系的实验装置。电池的两极A、B与电压表V2相连，位于两个电极内侧的探针a、b与电压表V1相连，R是滑动变阻器，电流表A测量通过滑动变阻

器的电流，置于电池内的挡板向上移动可以使内阻减小，向下移动可以使内阻增大。当电阻R的滑片向右移动时，电流表A的示数，电压表V2的示数。若保持滑动变阻器R的阻值不变，将挡板向下移动，则电压表V1的示数变化量1U与电流表示数变化量

I的比值。(以上各空均选填“变大”、“变小”或“不变”)15.如右图所示电路中，电源电动势E=6V，内阻r=2Ω，R1=4Ω，R2=6Ω，R3=3Ω。(1)若在C、D间连一个理想电压表，其读数是V；(2)

若在C、D间连一个理想电流表，其读数是A.16.用伏安法测定一个待测电阻Rx的阻值(阻值约为200Ω)，实验室提供如下器材：电池组E：电动势3V，内阻不计；电流表A1：量程0～15mA，内阻约为100Ω；电流表A2：量程0～

300μA，内阻为1000Ω；滑动变阻器R1：阻值范围0～20Ω，额定电流2A；电阻箱R2：阻值范围0～9999Ω，额定电流1A；开关S、导线若干。要求实验中尽可能准确地测量Rx的阻值，请回答下列问题：(1)为了测量待测电阻两端的电压，可以将电流表______(填

写器材代号)与电阻箱串联，并将电阻箱阻值调到________Ω，这样可以改装成一个量程为3.0V的电压表。(2)请将图1中测量Rx阻值的电路图补充完整，并在图中标明所选用器材代号。(3)调节滑动变阻器R1，两表的示数如图2所示，可读出电流表A1的示数是________m

A，电流表A2的示数是________μA，待测电阻Rx的真实值是________Ω（此空结果保留3位有效数字）。三、计算题：（本题共3题，共26分。要求解答应写出必要的文字说明、方程式、重要的演算步骤，推理、说明过程要简洁清晰，有数字计算的题要写出明确的数值

和单位，只有最后结果的得零分。）17.（8分）如图为直流电动机提升重物的装置，电源电动势E=90V,内阻r=2Ω，不计各处摩擦，当电动机以v=0.6m/s的恒定速度向上提升一质量为50kg的重物时，电路中的电流I=

5A.求：(1)电动机两端的电压为多少？(2)电动机线圈的电阻为多少？(3)电动机的效率约为多少？18.（8分）如图所示，一带电荷量为-q、质量为m的小物块处于一倾角为的光滑斜面上，斜面倾角为53°，斜面高为H。当整

个装置被置于一水平向左的匀强电场中，小物块恰好静止。重力加速度取g。求：（1）匀强电场的电场强度；（2）若将电场强度减小为原来的41，小物块的加速度是多大；（3）场强减小为原来的41后,小物块下滑到斜面底端时的速度大小。19.（10分）如图所示空间分为Ⅰ、Ⅱ两个

足够长的区域，各分界面（图中虚线）水平，Ⅰ区域存在匀强电场mE/v100.141=，方向竖直向上；Ⅱ区域存在匀强电场mE/v104352=，方向水平向右，两个区域宽度分别为，md0.51=，md0.42=。一质量Kg

m8100.1−=，带电荷量Cq6106.1−+=的粒子从O点由静止释放，粒子重力忽略不计。求：(1)粒子在区域Ⅰ中运动的时间t和离开区域Ⅰ时的速度大小；(2)粒子离开区域Ⅱ时速度与水平方向的夹角。附加题（10分）如图所示，在平面直角坐标系xOy中，

第I象限存在沿y轴负方向的水平匀强电场，在y轴负半轴上的某处固定着一点电荷（设匀强电场与点电荷电场以x轴为界互不影响）。一质量为m，电荷量为q的带正电的粒子从y轴正半轴上的M点以速度0v垂直于y轴射入电场，经x轴上的N点与x轴正方向成=53角射入第IV象限，此后在点电荷作用下做匀速圆周运

动，最后从y轴负半轴上的P点垂直于y轴射出，OP=8R。不计粒子重力，静电力常量为k，已知8.053sin=，6.053cos=求：(1)M、N两点间的电势差UMN；(2)固定x轴下侧平面内的点电荷电量Q．图1图2高

二物理(理科)期中参考答案2020.11一、选择题：（本题共12小题，每小题4分，共48分。其中1-9小题给出的四个选项中，只有一．个．选项符合题目要求；10-12小题给出的四个选项中，有多个．．选项符合题目要求。)题号123456789101112答

案CBDBCACAADBCABAC二、填空与实验题：（共4小题，每空2分，共26分）13.负1:814.变小变大变大15.30.516.（1）A29000（2）（此空2分，可分点给分，测量电路正确给1分，控制电路正确给1分）(3)8.0150191三、计算题（共3小题，共26分）17.（8分

）解：(1)电动机两端的电压：80VV)25-90r==−=（IEU.............................................................2分(2)电动机消

耗的总功率：WWUIP400580===..............................................................1分根据能量守恒定律，有：RImgvP2+=........

.....................................................1分则电动机线圈的电阻为：=−=42ImgvPR...........................................................

...2分（3）电动机的效率:%75%100mgv==UI............................................................2分18.（8分）解：（1）对物体进行受力分析，建立如图

所示坐标系，根据平衡列方程：在x轴方向：=53sin53cosmgF.................................1分解得：mgF34=......................................

...................1分匀强电场的电场强度qmgqFE34==...................................1分（2）若将电场强度减小为原来的41，则物体在沿斜面方向,由牛顿第二定律得：maFmg=5

3cos-53sin.................................1分且mgFF314==.....................................................1分则

物体产生沿斜面向下的加速度ga6.0=.................................................1分（3）电场强度变化后物块下滑距离L时，重力做正功，电场力做负功，

由动能定理则有：=53cos6.0212Hmgmv..............................................1分解得：26gHv=.................

...........................1分19.（10分）解：（1）粒子在区域1中左匀加速运动，则有：261/106.1mqEasm==..........................

.....................1分sad31105.22t−==..............................................1分m/s104at31==v.

..............................................1分（2）粒子在区域Ⅱ做类平抛运动，水平向右为x轴，竖直向上为y轴．设粒子刚出区域Ⅱ时速度与边界的夹角为θ，则有：1yvv=..................................

...........1分22xtav=...............................................1分粒子在匀强电场区域Ⅱ运动时的加速度：mqEa22=..............................

............1分粒子在匀强电场区域Ⅱ内的运动时间：122vdt=............................................1分解得：smv/10343x=.................

..............................1分粒子刚出区域Ⅱ时，有：331034104vvtan33x1===.....................................1分故粒子刚出区域Ⅱ时速度与水平方向夹角为θ=30°...........

................................1分附加题：（10分）解：（1）设粒子过N点时的速度为v，有：=53cos0vv...........................

...1分解得：035vv=.................................................1分粒子从M点运动到N点的过程，由动能定理有：2022121mvmvqUMN−=...........................................

.....2分联立解得：qmvUMN320=..................................................1分（2）设带电粒在第四象限内的运动半径为r，由几何关系得：RrrOP8

53cos=+=............................................................1分解得：Rr5=...................................................

.........1分由牛顿第二定律有：rvmrQqk22=....................................................2分联立解得：kqRmvQ912520=..........

......................................................1分