【文档说明】四川省遂宁市遂宁中学2021-2022学年高一下学期期末适应性训练物理试题（一） 含解析.docx，共(19)页，2.023 MB，由小赞的店铺上传

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遂宁中学高2024届第二期期末适应性训练物理试题（一）考试时间：90分钟满分：110分一、选择题：（本题共12小题，每小题4分，共48分。第1～8题为单选题；第9～12题为多选题，全部选对得4分，选对但不选全得2

分，有选错或不答得0分）1.下列关于动量的说法中正确的是（）A.质量大的物体动量一定大B.一个物体的动能改变，它的动量不一定改变C.只要系统内存在摩擦力，系统的动量就不可能守恒D.只要系统所受的合外力为零，系统的动量就守恒【答案】D【解析】【详解】A．根据动量的定义pmv=它由速度

和质量共同决定，故A错误；B．一个物体动能改变，则其速度大小一定改变，且速率改变它的动量大小一定改变，故B错误；CD．根据动量守恒的条件即系统所受外力的矢量和为零可知，只要系统所受的合外力为零，系统的动量就守恒，与系

统内是否存在摩擦力无关，故C错误，D正确。故选D。2.一艘小船在静水中的速度为3m/s，渡过一条宽150m，水流速度为4m/s的河流，则该小船（）A.能到达正对岸B.渡河的时间可能少于50sC.以最短位移渡河时，位移大小为200mD.以最短时间渡河时，沿水流方向的位移大小为250m【答案】

C【解析】【详解】A．因为船在静水中的速度小于河水的流速，由平行四边形法则求合速度不可能垂直河岸，小船不可能垂直河岸正达对岸，A错误。B．当船的静水中的速度垂直河岸时渡河时间最短min150s50s3cdtv===B错误。C．因为船在静水中的速度小于河水的流速，由平行

四边形法则求合速度不可能垂直河岸，当船头的方向与合速度的方向垂直时，对应的位移最小。设此时合速度的方向与河岸之间的夹角是，则3sin4csvv==所以最短位移150m200m3sin4ds===C正确；D．

船以最短时间50s渡河时沿河岸的位移min450m200mxvt===水即到对岸时被冲下200m，D错误。故选C。3.以初速度v0水平抛出一个物体，经过时间t，物体的速度大小为v，重力加速度为g，则下列说法正确的是（）A.时间从t到2t过程中，物体下降的高度为1

2gt2B.时间从t到2t过程中，物体重力对物体做的功为32mgt2C.2t时刻，物体的瞬时速度大小为v+gtD.2t时刻，地球对物体做功的功率为2mg2t【答案】D【解析】【详解】A．时间从t到2t过程中，物体下降的高度为221322h

gttgtgt=+=故A错误；B．时间从t到2t过程中，物体重力对物体做的功为22G32Wmghmgt==故B错误；C．由于物体做平抛运动，所以不能根据匀加速直线运动规律计算2t时刻瞬时速度大小，应根据速度的合成

与分解计算，即2220vvgt=+2222222043tvvgtvgt=+=+故C错误；D．2t时刻，物体的竖直分速度大小为2yvgt=所以地球对物体做功的功率为22yPmgvmgt==故D正确。故选D。4.如图所示为某物业公司的宣传提醒牌。从提

供的信息知：一枚60g的鸡蛋从17楼（离地面安全帽为45m高）落下，能砸破安全帽。若鸡蛋壳与安全帽的作用时间为44.510−s，人的质量为50kg，重力加速度g取10m/s2，则安全帽受到的平均冲击力的大小约为（）A.3700NB.4000NC.3300ND.4500N【答案】B【解析】

【详解】鸡蛋从17楼（离地面安全帽为45m高）落下，可近似看成是自由落体运动，则根据v2=2gh可得落到安全帽上的瞬时速度为v=30m/s鸡蛋壳与安全帽碰撞的过程，若选竖直向上为正方向，由动量定理得()0()Fmgtmv−=−−解得34.010

NmvFmgt=+=由牛顿第三定律，安全帽受到平均冲击力大小F′=F=4×103N选项B正确，ACD错误。故选B。5.下列关于功的说法中正确的是（）A.功的正、负表示大小B.功的计算公式cosWFl=中的F既可以是恒力，也可以是变力C.力对物体做了负功

，也可以说物体克服该力做了功D.若某一个力对物体不做功，说明该物体一定没有发生位移【答案】C【解析】【详解】A．功的正、负表示力做了正功还是负功，不表示大小，故A错误；B．功的计算公式cosWFl=中的F只能是恒力，故B错误；C．一个力对物体做了负功，也可以说物体克服该力做

了功，故C正确；D．若某一个力对物体不做功，可能是因为力与位移垂直，所以不能说明该物体一定没有发生位移，故D错误。故选C。6.据报道，科学家观察到离地球约35亿光年的OJ287星系中出现了双黑洞“共舞”现象。较大黑洞体积是太阳的180亿倍，较小黑洞体积是太阳的1.5亿倍。若双黑洞的质量分别为1M和

2M，它们以两者连线上的某一点为圆心做匀速圆周运动。下列说法正确的是（）A.双黑洞的角速度之比1221::MM=B.双黑洞的线速度之比1212::vvMM=C.双黑洞的轨道半径之比1221::rrMM=D.双黑洞的向心加速度之比1212::aaMM=【答案】C【解析】【详解】A

．双黑洞角速度相等，故A错误；C．设双黑洞距离为L，双黑洞的轨道半径分别为r1、r2，则有212112MMGMrL=212222MMGMrL=联立可得1221rMrM=故C正确；B．由线速度与角速度的关系vr=可知112221vrMvr

M==故B错误；D．由2ar=可知112221arMarM==故D错误。故选C。7.用不可伸长的细线悬挂一质量为M的小木块，木块静止，如图所示．现有一质量为m的子弹自左方以速度0v水平射向木块，并停留在木块中，然后二者一起向上摆动到最高点（绳子仍是伸直的）．忽略空气阻力，对M和m构成的系

统，从子弹射向木块到一起上升到最高点的过程中，下列判断正确的是（）A.系统的机械能守恒B.系统的动量守恒C.系统的机械能增加D.系统的动量减小【答案】D【解析】【分析】【详解】从子弹射向木块到一起运动到最

高点的过程可以分为两个阶段：子弹射入木块的过程，由于时间极短，子弹与木块间作用的内力远大于系统外力，故系统动量守恒，但机械能不守恒，有部分机械能转化为系统内能，故机械能不守恒．之后子弹在木块中与木块一起上升，只有重力做功，系统的机械能守恒，但系统的合

外力不为零，动量不守恒，随着速度减小，系统的动量减小，因此，整个过程系统的机械能减小，动量减小，故D正确，ABC错误。故选D【点睛】子弹射木块是一种常见的物理模型，由于时间极短，内力远大于外力，故系统的动量守恒，机械

能减小；系统接下来的运动是摆动，也是一种常见的物理模型，系统的机械能守恒，但动量不守恒。8.如图所示，一可绕光滑固定轴O转动的轻杆，另一端连接一小球，小球在竖直平面内做半径为R的圆周运动。小球运动到最高点时，杆与小球间弹力大小为NF，小球在最高点的速度大小为v，2N

Fv−图像如图乙所示。下列说法正确的是（）A.小球的质量为bRaB.当地的重力加速度为RaC.2vc=时，杆对小球的弹力方向竖直向上D.22vc=时，杆对小球的弹力大小为2b【答案】A【解析】【详解】AB．由

图可知，当2va=时，FN为零，此时小球重力恰好提供向心力，根据牛顿第二定律有ammgR=解得当地的重力加速度为agR=当20v=时，小球在最高点所需向心力为零，此时有NFmgb==。解得小球质量为bbRmga

==故A正确，B错误；C．根据前前面分析可推知，当2vca=时，小球在最高点时重力不足以提供向心力，则此时杆对小球的弹力方向竖直向下，以提供一部分向心力，故C错误；D．当2vc=时，根据牛顿第二定律有cbmgmR+=当22vc=时，同理有N2cFmgmR+=解得N2Fbmg=+故D

错误。故选A9.如图所示的三幅图表示的是有关圆周运动的基本模型，下列说法正确的是（）A.图a，汽车通过拱桥的最高点时处于失重状态B.图b，火车转弯超过规定速度行驶时，内轨对轮缘有侧向挤压作用C.图c，材

质相同的A、B两物体相对转台静止，一起绕竖直中心轴匀速转动，若旋转半径AB2RR=，质量BA2mm=，则A、B两物体受到的摩擦力fA<fBD.图C，材质相同的A、B两物体相对转台静止，一起绕竖直中心轴匀速转动，若旋转半径AB2RR

=，质量BA2mm=，则A、B两物体受到的摩擦力fA=fB的。【答案】AD【解析】【详解】A．汽车通过拱桥的最高点时加速度方向向下，拱桥对汽车的支持力小于汽车的重力，汽车处于失重状态，故A正确；B．火车转弯超过规定速度行驶时，轨道支持力和火车重力的合力不足以

提供向心力，外轨对轮缘有侧向挤压作用，故B错误；CD．AB一起绕竖直中心轴匀速转动时角速度大小相等，由2fmr=可得AAABBB1fmRfmR==所以ABff=故C错误，D正确。故选AD。10.质量为m1=1kg和

m2（未知）的两个物体A、B在光滑的水平面上发生正碰，碰撞时间极短，其x-t图像如图所示，则（）A.碰撞后两物体速度相同B.碰撞时B对A所施冲量为6N·sC.此碰撞一定为弹性碰撞D.此过程的机械能损失为

10J【答案】BC【解析】【详解】A．xt−图像的斜率表示物体的速度，可知碰撞前A、B的速度分别为A8m/s4m/s2v==B0v=碰撞后A、B的速度分别为A8m/s2m/s62v=−=−−B168m/s2m/s62v−==−可知碰撞后两物体的速度大小相等

，方向相反，故A错误；B．根据动量定理可知，碰撞时B对A所施冲量为1A1A6kgm/s6NsImvmv=−=−=−故B正确；CD．A、B碰撞过程满足动量守恒，则有1A1A2Bmvmvmv=+解得23kgm=碰撞前系统的机械能为221A1114J8J22Emv==

=碰撞后系统的机械能为22221A2B11111(2)J+32J8J2222Emvmv=+=−=可知碰撞前后系统的机械能相等，故此碰撞一定为弹性碰撞，故C正确，D错误。故选BC。11.如图所示是发射地球同步卫星过程的

简化模型，发射卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道1，然后经点火，使其沿椭圆轨道2运行，最后再次点火，将卫星送入同步圆轨道3，轨道l、2相切于Q点，轨道2、3相切于P点，已知同步卫星离地高度约为地球半径的6倍，当卫星分别在1、2、3

轨道上正常运行时，除变轨瞬间，卫星均处于无动力航行状态。以下说法正的是（）A.卫星在轨道3上运行的周期大于在轨道1上的运行周期B.卫星在轨道2上从Q点运动到P点的过程中，机械能增加C.卫星在轨道1上经过Q点时的速度小于它在轨道2上经过Q点时的速

度D.卫星在轨道2上Q点和P点的加速度之比为36∶1【答案】AC【解析】【详解】A．根据万有引力提供向心力2224()MmGmRRT=234RTGM=故卫星在轨道3上运行的周期大于在轨道1上的运行周期，故A正确；B．卫星在轨道

2上从Q点运动到P点的过程中，只有引力做功，机械能守恒，故B错误；C．卫星在轨道1上经过Q点时，需要点火加速，做离心运动才能进入轨道2，故卫星在轨道1上经过Q点时的速度小于它在轨道2上经过Q点时的速度，故C正确；D．根据2

MmGmaR=因为67PQRrrRr+==故卫星在轨道2上Q点和P点的加速度之比为49∶1，故D错误。故选AC12.如图甲所示，一小木块以某一初速度冲上倾角为=37°且足够长的固定斜面。若以斜面底端为位移初始点，乙图为小木块在斜面上运

动的动能Ek随位移x变化关系图像。忽略空气阻力影响，重力加速度。g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，则判断正确的是（）A.小木块从斜面底端冲到最高点的过程中，损失的机械能为40JB.小木块从斜面底

端出发再回到底端的过程中，克服摩擦力做功为20JC.小木块的质量为2kgD.小木块与斜面间的动摩擦因数为0.25【答案】BD【解析】【详解】AB．小木块从底端到顶端根据动能定理有Gfk0WWE−−=−小木块从顶端到底端有Gfk'0WWE−=−联立解得G30JW=f10JW=即小木块从斜面底

端冲到最高点的过程中，损失的机械能为10J，小木块从斜面底端出发再回到底端的过程中，克服摩擦力做功为20J，故A错误，B正确；C．因为重力做功大小GsinWmgx=又5mx=G30JW=可得1kgm=故C错误；D．摩擦力做功大小fcosWmgx=代入数据解得0.25=故D正确

。故选BD。二、实验题：（每空2分，共16分）13.小刘同学利用气垫导轨验证动量守恒定律，实验装置如图1所示。（1）将滑块b放置在气垫导轨上，打开气泵，待气流稳定后，调节气垫导轨，直至观察到滑块b能在短时间内保持静止，说明气垫导轨已调至___________；（2）用天平测得滑块a、b质量分别为

abmm、；（3）在滑块上安装配套的粘扣，并按图示方式放置两滑块。使滑块a获得向右的速度，滑块a通过光电门1后与静止的滑块b碰撞弹粘在一起，并一起通过光电门2遮光条通过光电门1、2的时间分别为12tt、，则上述物理量

间如果满足关系式___________，则证明碰撞过程中两滑块的总动量守恒。（4）本实验___________（“需要”或“不需要”）测量遮光条的宽度。【答案】①.水平②.12aahmmmtt+=③.不需要【解析】【详解】（1）[1]将滑块b放置在气垫导轨上，打开气泵，待气流稳定后，调节气

垫导轨，直至观察到滑块b能在短时间内保持静止，说明气垫导轨已调至水平；（3）[2]根据动量守恒定律可以知道12()aabmvmmv=+根据速度公式可以知道11dvt=，22dvt=代入上式可得应满足的公式为12()aabmmmtt+=（4）[3]由以上分析的结果12()aabmmm

tt+=可知本实验不需要测量遮光条的宽度。14.验证机械能守恒定律的实验装置如图甲所示，质量m=1kg的重物自由下落，在纸带上打出一系列的点，如图乙所示（相邻记数点间的时间间隔为0.02s），则：(1)打点计时器打下计

数点B时，物体的速度vB=_____m/s（保留到小数点后两位）；(2)从起点P到打下计数点B的过程中物体的重力势能减少量△EP=_____J，此过程中物体动能的增加量△Ek=_____J；（g取9.8m/s

2保留到小数点后两位）(3)通过计算，数值上△EP_____△Ek（填“大于”“小于”或“等于”），这是因为_____。【答案】①.0.98②.0.49③.0.48④.大于⑤.重物下落过程中受到阻力【解析】【详解】（1）[1]计数点B时，物体的速度2(7.063.

14)10m/s0.98m/s20.04ACBxvT−−===。（2）[2]重力势能减少量2P19.85.0110J0.49JOBEmgh−==。[3]动能的增加量2K100.48J2BEmv=−。（3）[4]通过计算，数值上PKEE。[5]重物下落过程中受到阻力。三

、计算题：（要求写必要的文字说明和必要的步骤，共46分）15.“玉兔号”月球车与月球表面的第一次接触，实现了中国人“奔月”的伟大梦想。为了获得月球的一些信息，在月球表面做了一个实验，在离月球表面高度为h处，将

一小球以初速度v0水平抛出，水平射程为x。已知月球的半径为R。不考虑月球自转的影响。求：（1）月球表面的重力加速度大小；（2）若在月球表面发射月球的卫星，所需要的最小发射速度。【答案】（1）2022hvgx=；（2）02vhRvx=【解析】【详解】（1）小球做平抛运动212hgt=①0xvt=②

联立①②解得2022hvgx=③（2）设月球质量为M，卫星质量为m。发射卫星需要最小速度为v，有22GMmvmRR=④对月球表面质量为m1的物体，有112GMmmgR=⑤由③④⑤解得02vhRvx=16.如图所示，A、B、C三球的质量分别

为2m、m、2m。B、C两球用水平轻弹簧连接后放在光滑的水平面上，A球以大小为0v的速度沿B、C两球球心的连线向B球运动，碰后A、B两球粘在一起，求：（1）A、B两球碰撞后瞬间的速度大小；（2）弹簧的最大弹

性势能pE。【答案】（1）1023vv=；（2）2p0415Emv=【解析】【详解】（1）A、B两球碰撞过程动量守恒，取0v方向为正方向，有()0122mvmmv=+解得1023vv=（2）当弹簧压缩至最短或拉伸到最长时，弹簧形变量最大，弹性势能最大，此

时三个小球速度相同，设共同速度大小为2v，取三个小球和弹簧为系统，由动量守恒定律有()02222mvmmmv=++解得2025vv=由功能关系有2212p113522mvmvE=+解得2p0415Emv=17.质量为2t的汽车，沿倾角为37°的斜坡由静止开始运动，汽车在运动过程中所受摩擦阻力

大小恒为2000N，汽车发动机的额定输出功率为126kw．(sin37°=0.6,cos37°=0.8)求：（1）若汽车以额定功率启动，汽车所能达到的最大速度是多少?当汽车的速度为4m/s时，加速度是多少？（2）若汽车以恒定的加速度2m/s2启动，这一过程能维持多

长时间？【答案】（1）9m/s；8.75m/s2（2）3.5s【解析】【详解】（1）当达到最大速度vm时，有：F=mgsin37°+f=2×104×0.6+2000N＝14000N．的根据P=Fvm得汽车的最大速度为：3312610/9/1410

mPvmsmsF＝＝＝当汽车的速度为4m/s时牵引力3411126103.15104PFNNv===此时的加速度：03221sin37(31.514)10/8.75/2000Fmgfamsmsm−−

−===（2）若汽车以恒定的加速度2m/s2启动，则牵引力：02sin37Fmgfma−−=解得F2=18000N匀加速结束时的速度：323212610/7/1810PmvsmsF===用时间：273.52vtssa===18.如图所示是一个玩具轨道装置，质量2kgm=的小滑块从P点

静止释放，沿曲线轨道AB滑下后冲入竖直圆形轨道BC，再经过水平轨道BD，最后从D点飞入沙池中的水平目标薄板MN上，各轨道间平滑连接。其中圆轨道BC的半径0.14mR=，水平轨道BD的长1mL=，BD段与滑块间的动摩擦因数0.2=，其余部分摩擦不计，薄

板MN的宽度0.24md=，M点到D点的水平距离10.56mx=，薄板MN到水平轨道BD的竖直高度0.8mh=，不计空气阻力，210m/s=g，求：（1）若小滑块恰好落在薄板MIN上的N点，小滑块在D点的动能；（

2）要使小滑块不脱离轨道并落在薄板MN上，P点距水平轨道BD的高度H应满足的条件。【答案】（1）4J；（2）0.35m0.4mH【解析】【详解】（1）从D点飞出后做平抛运动，竖直方向212hgt=水平方向1Dxdvt+=又2k12DDEmv=联立解得k4JDE=（

2）小滑块刚好不脱离轨道，在C点满足2CvmgmR=从D到C由动能定理得2211222DCmgRmgLmvmv−=−1Dvtxx=又21(2)2CmgHRmv−=联立解得5m0.3H=小滑块不脱离轨道并落在薄板MN上的N端过程中212

DmgHmgLmv−=解得0.4mH=故0.35m0.4mH获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com