【文档说明】辽宁省大连市一〇三中学2019-2020学年高二下学期开学测试物理试题【精准解析】.doc，共(17)页，587.500 KB，由小赞的店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-19fa44af5844a67e9448458b5f1d8439.html

以下为本文档部分文字说明：

大连市103中学高二物理测试一、选择题1.已知氦离子（He+）的能级图如图所示，根据能级跃迁理论可知()A.氦离子（He+）从n=4能级跃迁到n=3能级比从n=3能级跃迁到n=2能级辐射出光子的频率低B.大量处在n=3能级的氦离子（He+）向低能级跃迁，只能发出2种不同频

率的光子C.氦离子（He+）处于n=1能级时，能吸收45eV的能量跃迁到n=2能级D.氦离子（He+）从n=4能级跃迁到n=3能级，需要吸收能量【答案】A【解析】试题分析：氦离子的跃迁过程类似于氢原子，从高能级到低能级跃迁过程中要以光子的形式放出能量，而从低能级态向高能级

跃迁的过程中吸收能量，且吸收（放出的能量）满足能级的差值，即ΔE=EM-EN（M）N）．故CD错；大量的氦离子从高能级向低能级跃迁的过程中，辐射的光子种类满足组合规律即CN2，故B错；考点：能级跃迁相关的知识点；2.下

列说法不．正确的是A.23411120HHHen+→+是聚变B.235114094192054380UnXeSr2n+→++是裂变C.226222488862RaRnHe→+是α衰变D.2424011121NaMge−→+是裂变【答案】D【解析】【详解】A．23411120HHHen+→+

是两个轻核聚变为中核的核反应，属于轻核聚变，故A正确，A不合题意；B．235114094192054380UnXeSr2n+→++是重核在中子的轰击下变成两个中核，同时再生成中子继续反应，属于重核裂变，B项正确，B项不合题意；C．226222488862RaRnHe→+是Ra不稳

定自发的衰变，生成物有氦核，属于α衰变，故C项正确，C项不合题意；D．2424011121NaMge−→+是Na不稳定自发的衰变，生成物有电子，属于衰变，故D项错误，D项符合题意。故选D。3.一块含

铀的矿石质量为M，其中铀元素的质量为m．铀发生一系列衰变，最终生成物为铅．已知铀的半衰期为T，那么下列说法中正确的有（）A.经过两个半衰期后这块矿石中基本不再含有铀了B.经过两个半衰期后原来所含的铀元

素的原子核有m/4发生了衰变C.经过三个半衰期后，其中铀元素的质量还剩m/8D.经过一个半衰期后该矿石的质量剩下M/2【答案】C【解析】【详解】半衰期指有半数原子衰变所需要的时间，剩余的原子数和质量分别为，经过两

个半衰期后这块矿石中剩余1/4的铀，有34m的铀发生了衰变，AB错；经过三个半衰期后，其中铀元素的质量还剩311()28mm=，C对，经过一个半衰期后，铀的质量剩下m/2，矿石中其他元素质量不变，D错误4.关于分子动理论，下列说法中正确的是A

.布朗运动就是液体分子的运动B.两个分子距离减小时，分子间引力和斥力都在增大C.压缩气体时气体会表现出抗拒压缩的力，是由于气体分子间存在斥力的缘故D.两个分子间的距离为0r分子间引力和斥力大小相等时，分子势能最大【答案

】B【解析】【详解】A.布朗运动是悬浮在液体中固体微粒的运动，是由于其周围液体分子的碰撞形成的，故布朗运动是液体分子无规则热运动的反映，但并不是液体分子的无规则运动，A错误；B.根据分子动理论可知，两个分子距离减小时，分子间引力和斥力都

增大，B正确；C.当分子间0rr时，分子势能随分子间的距离增大而增大；当分子间0rr时，随距离减少而增大；当0rr=时，分子势能最小，C错误；D.气体压缩可以忽略分子间作用力，压缩气体时气体会表现出抗拒压缩的力是由于气体压强的原因，

与分子力无关，D错误；故选B。5.只要知道下列哪一组物理量，就可以估算出气体分子间的平均距离（）A.阿伏加德罗常数，该气体的摩尔质量和质量B.阿伏加德罗常数，该气体的摩尔质量和密度C.阿伏加德罗常数，该气体的摩尔质量和体积D.该气体的密度、体积和摩尔质量【答案】B【解析】【详解】将气体分子平

均活动空间看成是立方体，则3molmolAA=VMLNN=则已知阿伏加德罗常数以及气体的摩尔质量和密度，可估算出气体分子间的平均距离。故B正确，ACD错误。故选B。6.下列关于温度的各种说法中，正确的是（）A.某物体温度升高了200K，也就是升高了200℃．B.某

物体温度升高了200℃，也就是升高了473K．C.－200℃比－250℃温度低．D.200℃和200K的温度相同．【答案】A【解析】【详解】AB．热力学温度与摄氏温度的分度值在数值上是相等的，温度升高200℃，也可以说温度升高200K，故A正

确，B错误；C．-200℃比-250℃温度高，故C错误；D．由热力学温度：T=t+273.15K，可知，200℃和200K的温度不等，故D错误。故选A。7.如图所示,甲分子固定在坐标原点O,乙分子位于x轴上,

甲分子对乙分子的作用力与两分子间距离的关系如图中曲线所示.F>0为斥力,F<0为引力.A、B、C、D为x轴上四个特定的位置,现把乙分子从A处由静止释放,选项中四个图分别表示乙分子的速度、加速度、势能、动能与两分子间距离的关系,其中大致正确的是:A.B.C.D.【答案】D【解析】乙分子的

运动方向始终不变，A错误；加速度与力的大小成正比，方向与力相同，加速度等于0的是C点，故B错误；分子动能不可能为负值，故C错误．乙分子从A处由静止释放，分子势能先减小，到C点最小后增大，故D正确；故选D.8.一简谐运动的图象如图所示,在0.1~

0.15s这段时间内()A.加速度增大,速度变小,加速度和速度的方向相同B.加速度增大,速度变小,加速度和速度的方向相反C.加速度减小,速度变大,加速度和速度的方向相反D.加速度减小,速度变大,加速度和速度的方

向相同【答案】B【解析】由图象可知，在t=0.1s时，质点位于平衡位置，t=0.15s时，质点到达负向最大位移处，因此在t=0.1~0.15s这段时间内，质点刚好处于由平衡位置向负向最大位移处运动的过程中，

其位移为负值，且数值增大，速度逐渐减小，而加速度逐渐增大，为加速度逐渐增大的减速运动，故加速度方向与速度方向相反，因此选项B正确．9.一单摆由甲地移到乙地后,发现走时变快了,其变快的原因及调整的方法是()A.g甲>g乙,将摆长缩短B.g甲<g乙,将摆长放长C.g甲<g乙,将摆长缩短D.g

甲>g乙,将摆长放长【答案】B【解析】试题分析：将一个单摆由甲地移到乙地后，发现摆钟变快了，知周期变短了，通过单摆的周期公式分析原因和增大周期的方法．根据单摆的周期公式2LTg=，知摆钟变快了，则周期变

短了，说明乙地的重力加速度大于甲地的重力加速度，即gg乙甲，为了增大周期，可以增大摆长，B正确．10.a、b两种单色光以相同的入射角从空气中射入介质中时，如图所示发现b的折射线更靠近法线，由此可判定（）A.两种色光的折射率nb>

naB.当光从介质射向空气中，a、b要发生全反射的临界角分别为Ca、Cb，则Ca<CbC.在介质中b的速度较大D.单色光b的频率较低【答案】A【解析】【详解】AD．如题图，由12sinsin=n可知，b的折射率大于a的折射率，所以b的频率较大，a的频率较小，

选项A正确，选项D错误；B．b的折射率大于a的折射率，由sinC=1n可知Ca>Cb，选项B错误；C．b的折射率大于a的折射率，由n=cv可知，介质中va>vb，选项C错误。故选A。11.如图所示，一根上细

下粗、粗端与细端都均淘的玻璃管上端开口、下端(粗端)封闭，上端足够长，下端(粗端)中间有一段水银封闭了一定质量的理想气体.现对气体缓慢加热，气体温度不断升高，水银柱上升，则被封闭气体的体积与热力学温度的关系最接近下图中的

A.B.C.D.【答案】A【解析】【详解】根据PVCT=得：CVTP=，则VT−图线的斜率为CP，在水银柱升入细管前，封闭气体先做等压变化，斜率不变，图线为直线；水银柱部分进入细管后，气体压强增大，斜率减小；当水银柱全部进入细管后，气体的压强又不变，V-T图线又为直线，只是斜率比原来的小

，故A正确，BCD错误．12.下图描绘一定质量的氧气分子分别在0℃和100℃两种情况下速率分布情况，符合统计规律的是（）A.B.C.D.【答案】A【解析】【详解】温度是分子热运动平均动能的标志，温度越高，平均动能越大，故平均速率越大，即速率大

的分子数占据总数的比例越大，故A正确，B错误；分子总数目是一定的，故图线与横轴包围的面积是100%，故两个图线与横轴包围的面积是相等的，故CD错误；故选A．13.有一个小气泡从水池底缓慢地上升，气泡跟水不发生热传递，而气泡内气体体积不断增大，小气泡上升过程中A.由于气泡克

服重力做功，则它的内能减少B.由于重力和浮力的合力对气泡做功，则它的内能增加C.由于气泡内气体膨胀做功，则它的内能增加D.由于气泡内气体膨胀做功，则它的内能减小【答案】D【解析】【详解】由于气泡内气体膨胀做功，气泡跟

水不发生热传递，则它的内能减小，D对；故选D。14.下列说法正确的是（）A.图甲中，当弧光灯发出的光照射到锌板上时，与锌板相连的验电器铝箔有张角，证明光具有粒子性B.图乙为某金属在光的照射下，光电子最大初动能Ek与入射光频率ν的关系图像，当入射

光的频率为2ν0时，产生的光电子的最大初动能为EC.图丙中，用从n=2能级跃迁到n=1能级辐射出的光照射逸出功为6.34eV的金属铂，不能发生光电效应D.图丁中由原子核的核子平均质量与原子序数Z的关系知，若D和E能结合成F，结合过程一定会释放能量【答案】ABD【解析】【详解】A．光子具有能量，

锌板中的电子吸收光子后脱离锌板，锌板带有正电，验电器铝箔张开，说明光子的能量是一份一份的，显示出粒子性，光电效应能说明光具有粒子性，选项A正确；B．根据爱因斯坦光电效应方程Ek=hν－W0，结合图像可知纵截距的绝对值代表的是逸出功，W0=

E=hν0，当入射光的频率为2ν0时，最大初动能为Ek=2hν0－W0=E选项B正确；C．图丙中放出光子的能量，根据能级跃迁公式得出hν=E2－E1=10.2eV>6.34eV所以能发生光电效应，选项C错误；D．图丁中D和E结合成F，存在质量亏损

，一定会释放能量，选项D正确。故选ABD。15.在室内，将装有5atm的6L气体的容器的阀门打开后，（设室内大气压强01atmp=）从容器中逸出的气体相当于（）A.5atm时3LB.1atm时24LC.5

atm时4.8LD.1atm时30L【答案】BC【解析】【详解】BD．当气体从阀门跑出时，温度不变，所以1122pVpV=当21atmp=时，得230LV=逸出气体30L-6L=24L，故B正确，D错误；AC．据()22111pVVpV−=得14.8LV=，所以逸出的气体相当

于5atm下的4.8L气体，故C正确，A错误；故选BC．16.如图所示，一根绷紧的水平绳上挂五个摆，其中A、E摆长均为l，先让A摆振动起来，其他各摆随后也跟着振动起来，则（）A.其他各摆振动周期跟A摆相同B.其他各摆振动的振幅大小相等C.其他各摆振动的振幅大小不同，E摆的振幅最大D.B、C、D三

摆振动的振幅大小不同，C的振幅比D大【答案】ACD【解析】【详解】A．A摆振动后迫使水平绳摆动，水平绳又迫使B、C、D、E四摆做受迫振动，由于物体做受迫振动的周期总是等于驱动力的周期，因此，B、C、D、E四摆的周期跟A摆相同。故A项正确；BC

D．驱动力的频率等于A摆的固有频率AA112πgfTl==其余四摆的固有频率与驱动力的频率关系是BA11.412π0.5gffl=CA10.822π1.5gffl=DA10.712π2gffl=EA12πgffl==可见只有E摆的固有频率与驱动力的频率相等，它发生共振现象，其

振幅最大；B、C、D三个摆均不发生共振，振幅各异；C摆的固有频率与驱动力的频率相差比D摆的固有频率与驱动力的频率相差小，C的振幅比D大；故B项错误，CD两项正确。故选ACD。二、填空题17.用单摆测定重力加速度的实验装置如下图所示．（1）组装单摆时，应在下列器材

中选用__________（选填选项前的字母）．A．长度为1m左右的细线B．长度为30cm左右的细线C．直径为1.8cm的塑料球D．直径为1.8cm的铁球（2）测出悬点O到小球球心的距离（摆长）L及单摆完成n次全振动所用的时间t，则重力加速度g=_______（用L、n、t表示）．（3）下表是某同

学记录的乙组实验数据，并做了部分计算处理．组次123摆长L/cm80.0090.00100.0050次全振动所用的时间t/s90.095.5100.5振动周期T/s1.801.91重力加速度g/(ms-2)9.749.73请计算出第3组实验中的T=________s，

g=___________2m/s．（4）用多组实验数据做出2TL−图像，也可以求出重力加速度g，已知三位同学做出的2TL−图线的示意图如下图中的a、b、c所示，其中a和b平行，b和c都过原点，图线b对应的g值最接近当地重力加速度的值．则相对于图线b，下列分析正确的是_________

（选填选项前的字母）．A．出现图线a的原因可能是误将悬点到小球下端的距离记为摆长LB．出现图线c的原因可能是误将49次全振动记为50次C．图线c对应的g值小于图线b对应的g值（5）某同学在家里测重力加速度．他找到细线和铁锁，制成一个单摆，如下图所示，由于家里只有一根量程为30cm的

刻度尺，于是他在细线上的A点做了一个标记，使得悬点O到A点间的细线长度小于刻度尺量程．保持该标记以下的细线长度不变，通过改变O、A间细线长度以改变摆长．实验中，当O、A间细线的长度分别为1l和2l时，测得相应单摆的周期为1T、2T．由此可得重力加速度g=_____

_____（用1l、2l、1T、2T表示）．【答案】(1).AD(2).2224πnLgt=(3).2.01(4).9.76（9.76～9.77）(5).B(6).21222124π()llTT−−【解析】【分析】根据实验原理，摆长需要在1m左右，小球需要体积较小的实心金属小球；根据单摆的周

期公式进行推导各类物理量．【详解】(1)[1]在用单摆测定重力加速度的实验基本条件是摆线长度远大于小球直径，小球的密度越大越好；故摆线应选取长约1m左右的不可伸缩的细线，摆球应选取体积小而质量大的铁球，以减小实验

误差，故选AD；(2)[2]n次全振动的时间为t，则振动周期为：tTn=根据单摆周期公式：2πLTg=可推出2224πnLgt=；(3)[3]50次全振动的时间为100.5s，则振动周期为：100.5s=2.01s50tTn==[4]代入公式求得：22224π=9.77m/snLg

t=；(4)[5]根据单摆的周期公式，可以推导出：224π=TLg可知2TL−图像的斜率24π=kg，b曲线为正确的图像．斜率越小，对应的重力加速度g越大，选项C错误．在图像中图线与纵轴正半轴相交表示计算摆长偏小，如漏加小球半径，与纵轴负半轴相交表示摆长偏大，选项A错误；若误将49次全振动记

为50次，则周期测量值偏小，g值测量值偏大，对应的图像斜率偏小，故B选项正确．(5)[6]设A到铁锁重心的距离为l，则第一次的实际摆长为1ll+，第二次的实际摆长为2ll+，由周期公式：112πllTg+=222πllTg+=联立消去l，解得21222124π()llTT−

−．【点睛】掌握单摆的实验原理，掌握单摆周期的计算公式，进而求解问题．三、计算题18.如图所示，长31cm内径均匀的细玻璃管，开口向上竖直放置，齐口水银柱封住10cm长的空气柱，若把玻璃管在竖直平面内缓慢转动180°后

，发现水银柱长度变为15cm，继续缓慢转动180°至开口端向上．求：(1)大气压强的值；(2)末状态时空气柱的长度．【答案】(1)75cmHg(2)10.67cm【解析】【详解】（1）设细玻璃管的横截面积为S．

从开始到管口向下，封闭气体作等温变化．初态p1=p0+21cmHg；V1=10S末态p2=p0-15cmHg，V2=（31-15）S=16S由玻意耳定律得p1V1=p2V2代入得（p0+21）×10S=（p0-15）×16S解得p0=75cmHg（2）从管口向下再到

管口向上，气体经历了等温变化．P=75+15=90cmHg，V3=LS由p1V1=p3V3解得()113752110cm10.67cm7515pVLp+===+19.光线以60°的入射角从空气射入玻璃中，折射光线与反射光线恰好垂直：（真空中的光速c=3.0

×108m/s）(1)求出玻璃的折射率和光在玻璃中的传播速度。(2)当入射角变为45°时，折射角变为多大？(3)当入射角增大或减小时折射率是否发生变化？请说明理由。【答案】(1)3；3×108m/s；(2)arcs

in66；(3)折射率不变【解析】【详解】(1)根据题意光路图如图所示。由反射定律θ1=θ3又θ3＋θ2=90°所以θ2=90°－θ1=30°可得折射率为12sinsin603sinsin30n===光传播的速度为883103103cvn=

==m/s(2)根据12sinsinn=代入数据可得26sin6arc=(3)介质的折射率取决于介质的光学性质和光的频率，与光的入射角和折射角无关，所以当入射角增大或减小时，折射率不变。