【文档说明】甘肃省兰州市第一中学2022届高三上学期第一次月考（10月）物理试题答案.pdf，共(3)页，416.818 KB，由小赞的店铺上传

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物理答案一、选择题（本题共12小题，每小题4分。在每小题给出的四个选项中，第1~8题只有一项符合题目要求，第9~12题有多项符合题目要求。）题号123456789101112答案CBCBDBBBADACBCBD二、填空（每

空1分，图1分，共10分）13、（1）B（2）调零（3）F′（4）3.514、（1）滑轮太高(或细绳与长木板不平行)打点计时器接到直流电源上(或打点计时器未接交流电源)（2）①A②戊③1.13（1.10

-1.15之间均可）15（5分）【解析】物体B做匀减速运动，到速度为零时，所需时间t1＝vBa＝5s，运动的位移xB＝vB22a＝1022×2m＝25m，在这段时间内物体A的位移xA＝vAt1＝4×5m＝20

m；显然还没有追上，此后物体B静止，设物体A追上物体B所用时间为t，则有4t＝x＋xB，代入数据解得t＝8s【答案】8s16（10分）解析(1)对物块A由牛顿第二定律知mgsin37°＋μmgcos37°＝ma1，代入数值得a1＝10m/s2设经时间t1物块A与传

送带共速，则由运动学规律知v带＝a1t1，即t1＝0.3s此过程中物块A的位移为x1＝12a1t21＝0.45m物块A与传送带共速后，由牛顿第二定律知mgsin37°－μmgcos37°＝ma2，代入数值得a2＝2m/s2由运动学规律知L甲－x1＝v带t2＋12a2t22，代入数值

得t2＝1s所以物块A由传送带顶端滑到底端经历的时间为t＝t1＋t2＝1.3s。(2)在物块A的第一个加速过程中，物块A在传送带上的划痕长度为L1＝v带t1－x1＝0.45m在物块A的第二个加速过程中，物块A在传送带上的划痕长度为L2＝v带t2＋12a2t22－v

带t2＝1.0m所以物块A在传送带上的划痕长度为LA＝L2＝1.0m由分析知物块B的加速度与物块A在第二个加速过程的加速度相同，从传送带顶端加速到底端所需时间与t2相同所以物块B在传送带上的划痕长度为LB＝v带t2＋12a2t22－v带t2

＝1.0m故物块A、B在传送带上的划痕长度之比为LA∶LB＝1∶1答案(1)1.3s(2)1∶117（12分）解析(1)滑块受力如图所示，根据平衡条件，有mgsinθ＝Fcosθ解得F＝1033N(2)当力F变为水平向右之后，由牛顿第二定律，有

mgsinθ＋Fcosθ＝ma解得a＝10m/s2根据题意，由题图乙可知，滑块滑到木板上的初速度v＝10m/s。滑块下滑的位移x＝v22a，解得x＝5m故滑块下滑的高度h＝xsin30°＝2.5m(3)由题图乙可知，滑块和木板起初相对滑动，当达到共同速度后一起做匀减速运动，两者共同减速时加速度

a1＝1m/s2，相对滑动时，木板的加速度a2＝1m/s2，滑块的加速度大小a3＝4m/s2，设木板与地面间的动摩擦因数为μ1，滑块与木板间的动摩擦因数为μ2，对它们整体受力分析，有a1＝μ1（M＋m）gM＋m＝μ1g，解得μ1＝0

.10～2s内分别对木板和滑块受力分析，即对木板：μ2mg－μ1(M＋m)g＝Ma2对滑块：μ2mg＝ma3联立解得M＝1.5kg。答案：(1)1033N(2)2.5m(3)1.5kg18【答案】(1)40(40±2均可)1×10－9m【解

析】(1)数出方格纸中被实线圈起来的部分的格数为40，可知油酸膜的面积约为40cm2；一滴溶液纯油酸的体积V＝1100×12500cm3，所以油酸分子的直径d＝VS＝1100×2500×40cm＝1×10－7cm＝1×10－9m。(2)(ⅰ)6.0×104Pa(ⅱ)0.090m(ⅰ)对汽缸进行受

力分析，受重力m1g、大气向上的压力p0S、缸内气体向下的压力p1S和弹簧向上的弹力kx列平衡方程p1S＋m1g＝p0S＋kx(2分)解得p1＝p0S＋kx－m1gS＝6.0×104Pa(1分)(ⅱ)将绳剪断后，对活塞受力分析，受重力m2g、大气向下的压力p0S、缸内气体向上的压力p2S列平衡方程

有p2S＝m2g＋p0S(2分)解得p2＝p0S＋m2gS＝1.1×105Pa(1分)缸内的气体原状态压强为p1，体积V1＝L1S；后来气体的压强为p2，体积V2＝L2S根据玻意耳定律p1V1＝p2V2(2分)解

得L2＝p1p2L1≈0.11m(1分)则气柱长度减少了ΔL＝L1－L2≈0.090m(1分)