【文档说明】湖南省岳阳市临湘市2024-2025学年高二上学期11月期中物理试题 Word版含解析.docx，共(11)页，899.792 KB，由管理员店铺上传

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2024年高二上学期物理期中考试试卷一、单选题1.首先发现电流的磁效应和电磁感应现象的物理学家分别是（）A.安培和法拉第B.奥斯特和法拉第C.奥斯特和安培D.法拉第和楞次【答案】B【解析】【详解】奥斯特发现电流的磁效应；法拉第发现电

磁感应现象。故选B。2.电场中某区域的电场线分布如图所示，A、B是电场中的两点，则（）A.该电场可能是正电荷产生的B.因为B点没有电场线，所以电荷在B点不受静电力作用C.同一点电荷放在A点受到的静电力比放在B点时受到的静电力大D.正电荷在A点由静止释放，电场线就是它的运动

轨迹【答案】C【解析】【详解】A．正点电荷周围的电场是以正点电荷为球心，辐射分布的直线，该静电场的电场线是曲线，故A错误；B．电场线只是大体的描述电场的强弱和方向，无电场线通过的地方，电场强度并不表示为零，所以电荷在B点受静电力作用，故B错误；C．从题

目图中可以看出A点电场线比B点电场线密，因此A点电场强度比B点电场强度大，电场力也大，故C正确；D．正电荷在A点静止释放时，下一时刻，速度方向和所受电场力方向不在一条线上，因此不可能沿电场线运动，故D错误；故选C。3.磁场中某区域的磁感线如图所示，则（

）A.a、b两处的磁感应强度Ba>BbB.a、b两处的磁感应强度Ba<BbC.a、b两处的磁感应强度Ba=BbD.a、b两处的磁感应强度相同【答案】A【解析】【详解】磁感线的疏密程度表示磁感应强度的大小，a点所在

的磁感线更密集，则有Ba>Bb。故选A。4.将一个不带电的金属球壳放置在平行板电容器之间，球心到两极板的距离相等，电容器上极板带正电，下极板接地，极板与球壳间的电场分布如图所示。下列说法正确的是（）A.金

属球壳的顶部感应出负电荷，底部感应出正电荷B.电子在a点的加速度比在b点的小C.电子在a点的电势能比在b点的大D.一质子从b点移至a点，电场力做正功【答案】A【解析】【详解】A．根据静电感应原理，金属球壳的顶部感应出负电荷，底部感应出正电荷，故A正确；B．a点的电场线比b点的密集，则a点的

场强比b点的大，电子在a点受到电场力比b点的大，电子在a点的加速度比在b点的大，故B错误；C．沿着电场线方向电势降低，a点的电势比b点的高，电子在a点的电势能比在b点的小，故C错误；D．a点的电势比b点的高，一质子从b点移至a点，电场力做负功，故

D错误。故选A。5.如图所示，能观察到电流表指针发生偏转的操作是，磁铁（）A.从线圈中抽出B.静止在线圈中C.静止在线圈的左侧D.静止在线圈的上方【答案】A【解析】【详解】A．感应电流的产生条件是穿过闭合回路的磁通量发生变化；磁铁从线圈中抽出

过程穿过线圈的磁通量发生了变化，回路中会产生感应电流，能观察到电流表指针偏转，故A正确；BCD．磁铁静止时，无论静止在什么位置，穿过线圈的磁通量都不发生变化，都不会产生感应电流，故BCD错误。故选A。6.如图所示，平行板电容器与电压恒定的直流电源连接，下极板接地，静电计所带电荷量很少，可被忽略

.一带正电油滴被固定于电容器中的P点，现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，则（）A.平行板电容器的电容将变大B.静电计指针张角变小C.带电油滴的电势能减小D.带电油滴的电势不变【答案】C【解析】【详解】A．平行

板电容器的电容4SCkd=现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，导致极板间距d增大，则电容减小，A错误；B．静电计测量的是电容器两端的电势差，因为电容器始终与电源相连，则电势差不变，所以静电计指针张角不变，B错误；C．电势差不变，d增大，则电场强度减小，P点

与下极板的电势差减小，则P点的电势减小，因为该油滴带正电荷，则电势能减小，C正确；D．电势是描述电场能性质的物理量，不是带电油滴的，D错误。故选C。二、多选题7.下列现象中，能表明电和磁有联系的是A.摩擦起电B.两块磁铁相互吸引或排斥C.小磁针靠近通电导线时偏转D.磁

铁插入闭合线圈过程中，线圈中产生感应电流【答案】CD【解析】【详解】摩擦起电说明有电子从一个物体转移到另一个物体；两块磁铁相互吸引或排斥，说明磁铁间通过磁场有力的作用；小磁针靠近通电导线时偏转，说明通

电导线可以产生磁场；磁铁插入闭合线圈过程中，线圈中产生感应电流，说明磁场可以产生电流．可见，CD能表明电和磁有联系．8.如图，质量相同的带电粒子P、Q以相同的速度沿垂直于电场方向射入匀强电场中，P从平行板间正中央射入，Q从下极板边缘处射入，它们都打到上极板同一点，

不计粒子重力。则（）A.它们运动时间不同B.Q所带的电荷量比P大C.电场力对它们做的功一样大的D.Q的动能增量大【答案】BD【解析】【详解】A．两粒子在电场中均做类平抛运动，运动的时间为0xtv=由于x、0v相等，可知它们运动的时间相同，故A错误；B．

根据212yat=可得22yat=知Q的加速度是P的两倍；再根据牛顿第二定律有qEma=可知Q的电荷量是P的两倍，故B正确；CD．由WqEd=知，静电力对两粒子均做正功，由前分析知Q电荷量是P的两倍，Q沿电场方向上

的位移y是P的两倍，则静电力对Q做的功是P的４倍。根据动能定理，静电力做的功等于动能变化量，可知Q的动能增量大，故C错误，D正确。故选BD。9.如图所示，图中虚线是匀强磁场区的边界，一个闭合线框自左至右穿过该磁场区，线框经过

图示的哪些位置时有感应电流（）A.在位置1B.在位置2C.在位置3D.在位置4【答案】BD【解析】【详解】线圈在位置2和位置4时，磁通量发生变化，有感应电流，在位置1和位置3时，磁通量不变，没有感应电流，BD正确，AC错误。故选BD。10.如图所示，纸面内有OP、OQ两条线段，且OP=2cm，O

Q=8cm，OP、OQ夹角为60°。一匀强电场与的纸面平行，且有电势差UOP=-3V、UOQ=−12V，A是OQ的中点。则（）A.UPQ=9VB.场强大小为1003V/mC.将电荷量为93.010C−负电荷从P移到A，电场力做功9.0×10-9JD.以OQ为直径作圆，M、N是圆周上

动点，则M、N两点间最大电势差为83V【答案】BCD【解析】【详解】A．根据电势差之间的关系PQOQOPUUU=−解得9VPQU=−故A错误；B．取OA中点B，根据电势差之间的关系12OAOQUU=13V2OBOAUU==−可知P点与B点处于同一个等势面，电场线应

垂直于等势面，根据几何关系以及电势差与电场强度的关系可知d为PO沿电场线上的距离cos30OPdx=1003VPOUEd==故B正确；C．根据电势差之间的关系12OAOQUU=的3VPAOAOPUUU=−=−根据电场力做功表达式99.010JPAWqU−==故C正确；D．以OQ

为直径作圆，M、N是圆周上动点，d为直径运动到与电场线平行时，则M、N两点间有最大电势差可得83VUEd==故D正确。故选BCD。三、实验题11.某同学在测定某种合金丝的电阻率时：（1）用螺旋测微器测得其直径为__________mm（如

图甲所示）；（2）用20分度的游标卡尺测其长度为__________cm（如图乙所示）。【答案】①.3.205##3.204##3.206②.5.015【解析】【详解】（1）[1]螺旋测微器的精确值为0.01mm，由图甲可知合金丝的直径为3mm20.50.01mm3.205mm=+=d（2）2

0分度游标卡尺的精确值为0.05mm，由图乙可知合金丝的长度为5cm30.05mm50.15mm5.015cmL=+==12.如图甲所示是观察电容器的充、放电现象实验装置的电路图。电源输出电压恒为8V，S是单刀掷开关，G为灵敏电流计，C为平行板电容器。（已知电流QIt=）（

1）当开关S接______时（选填“1”或“2”），平行板电容器充电，在充电开始时电路中的电流比较______（选填“大”或“小”）。电容器放电时，流经G表的电流方向与充电时______（选填“相同”或“相反”）。（2）将G表换成电流传感

器（可显示电流I的大小），电容器充电完毕后，将开关S扳到2，让电容器再放电，其放电电流I随时间t变化的图像如图乙所示，已知图线与横轴所围的面积约为41个方格，则电容器释放的电荷量Q为______，可算出电容器的电容C为______。（3）在电容器放电实验中，接不同的电阻

放电，图丙中a、b、c三条曲线中对应电阻最大的一条是______（选填“a”“b”或“c”）。【答案】①.1②.大③.相反④.33.2810C−⑤.44.110F−⑥.c【解析】【详解】（1）[1][2]电容

器充电要与电源相连，所以当开关S接1时平行板电容器充电，由于极板上无电荷，刚开始在充电开始时电路中的电流比较大。[3]电容器充电时电源正极接电容器上极板，放电时正电荷从上极板流出，所以电容器放电时，流经G表的电流方

向与充电时相反。（2）[4]根据qIt=可知放电电流随时间变化曲线与x轴所围面积即为通过电荷量，每个小格的电荷量为3500.40.210C=810Cq−−=由此可知30413.2810CQq−==[5]电容器的电容C为44.110FQCU−==（3）[6]刚开始放电时，电容器极板上的电

压与电源电压相同为8V，放电的最大电流为的mEIR=所以最大电流较小对应的电阻较大，故c曲线符合要求。四、解答题13.在匀强磁场中，有一条长1.2m电阻为6Ω的通电导线，导线中的电流为5A，导线与磁场方向垂直时，所受安培力为1.8N，求：①磁感应强度B的大小．

②10s内电流在导线上产生的热量．【答案】(1)0.3T（2）1500J【解析】【分析】（1）根据安培力的公式F=BIL，即可求磁感应强度B．（2）根据焦耳定律可以计算导线上产生的热量．【详解】（1）由F=BIL得磁感应强度为：1.80.351.2FBTTIL===

（2）导线上产生热量为：2256101500QIRtJJ===14.如图所示，平行板电容器的电容为2μF，两极板间的距离d=8mm，充电后两极板间的电势差为160V，P点到A板距离为2mm，取B板电势为零，求：（1）两板间的电场强度；（2）电容器所带的电荷量；（3）将一个电子从P点开始先水

平向左平移2mm，再向下平移至B板，则此过程中电场力所做的功为多少？（电子的电荷量为191.610Cq−=−）【答案】（1）4210V/m；（2）43.210C−；（3）171.9210J−−【解析】【详解】（1）由电场强度和电势差的关系UE

d=解得的43160V/m210V/m810E−==（2）由电容的定义式可得QCU=则电容器所带的电荷量64210160C3.210CQ−−==（3）电子向左平移2mm过程中，电场力不做功，向下平移至B板，由PBPBUEd=又PBWqU=代入数据解得电场力所做的功171.92

10JW−=−故电场力所做的功为171.9210J−−。15.小型直流电动机（其线圈内阻为1r=）与规格为“4V~4W”的小灯泡并联，再与阻值为5R=的电阻串联，然后接至14VU=的电源上，如图所示，小灯泡恰好正常发光，电动机正常工作，求：（1）流过电阻R的电流；（2

）电动机的发热功率。【答案】（1）2A；（2）1W【解析】【详解】（1）小灯泡恰好正常发光，则加在电阻两端的电压14V4V10VRLUUU=−=−=因此流过电阻R的电流10V2A5RRUIR===（2）根据功率公式PIU=可知流过灯泡的电流为14W=

1A4VLPIU==则流过电机的电流为1AMLRIII=−=电动机的发热功率为21WMPIr==热