【文档说明】江西省“三新”协同教研共同体2023-2024学年高二上学期12月联考物理试卷答案.docx，共(6)页，45.803 KB，由管理员店铺上传

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2023年“三新”协同教研共同体高二联考物理试卷参考答案1.【答案】B【详解】黑体辐射的电磁波强度波长的分布只与温度有关,与材料的种类及表面状况无关,选项B正确;不同频率的电磁波在真空中的传播速度相同,选项C

错误;普朗克提出的能量子假说,能够很好地解释黑体辐射规律,选项D错误;光谱中,可见光从红光到紫光,其波长越来越短,选项A错误。2.【答案】A【详解】在选项B的情境中,穿过线框的磁通量Φ=12BS,与线框的匝数无关,选项B错误;在选项C的情境中,穿过线框的磁通量为14BS,选项C错误;当线框转动1

80°的过程中,磁通量的变化量ΔΦ=-𝐵𝑆2-𝐵𝑆2=-BS,选项D错误;线框转动时,磁通量一直在变,所以一直有感应电流,选项A正确。3.【答案】A【详解】如图所示,剩下部分球壳所带电荷在O处产生的电场强度方向竖直向上,削去的14球壳所带电荷在O处

产生的电场强度方向斜向下45°,两电场强度的合电场强度为E0,由此可得,选项A正确,选项B、C、D均错误。4.【答案】C【详解】设向上为正方向,根据动量定理(F-mg)t=0-(-mv),所以F=3N,选项C正确。5.【答

案】D【详解】根据动量守恒定律(m1+m2)v0=m1(v+v')+m2v,解得v=5.5×103m/s,选项D正确。6.【答案】C【详解】电压表测的是电阻箱R上的电压,电流表测的是通过电阻箱R的电流,根据欧姆定律R=𝑈𝐼,可得它们的比值为电阻箱R的阻值,选项B错误;根据闭合电

路欧姆定律,可得电压表的示数U和电流表的示数I满足的关系为U=E-I(RA+r),RA为电流表内阻,可知该U-I图像的斜率k=-(RA+r),即电压表示数的变化量的绝对值ΔU与电流表示数的变化量的绝对值ΔI之比为RA+r,选项C正确;电源的效率η=𝐼2R

𝐼2(R+r)×100%,可知当R增大时,电源的效率增大,根据数学知识可知当R=r时有电源的输出功率最大值,但因为不确定各个电阻阻值的关系,故不确定输出功率如何变化,选项D错误;当电阻箱的阻值增大时,电阻箱的电压即电容器上的电压增大,电

容器的电荷量增大,由选项B可知Δ𝑈Δ𝐼=RA+r,又ΔQ=CΔU=CΔI(RA+r),选项A错误。7.【答案】D【详解】正电荷受到的电场力向下,所以电场方向向下,所以上板电势高,选项B错误;微粒穿出电容器时离下极板距离为34d,选项C错误;tan45°=𝑑𝐿,选项D正确

;正切值为12,选项A错误。8.【答案】BD【详解】根据E=𝑈𝑑=Δ𝜑Δ𝑥可知φ-x图像斜率表示电场强度,根据题图乙图像可知,电场强度逐渐减小,物块受到的电场力逐渐减小,根据Fx=ΔEk得F=Δ𝐸kΔ𝑥,故Ek-x图像的

斜率表示合外力,综上分析可知,选项B、D均符合题意。9.【答案】AC【详解】放置在FE边的电流在O点的磁感应强度大小BO1=𝑘𝐼12d=2𝑘𝐼𝑑,方向平行于DN。放置在ND边的电流在O点的磁感应强度大小BO2=

𝑘𝐼12d=2𝑘𝐼𝑑,方向平行于EF。故O点处的磁感应强度大小BO=2√2kI𝑑,同理可得P点处的磁感应强度大小为√2kI2𝑑,选项A、C均正确。10.【答案】ABD【详解】因为在水平方向上系统不受外力作用,所以系统在水平方向上动量守恒,选项C错误;根据水平方向上动量守恒有mvA+

2mvB=0,在任意时刻都有vA=2vB,位移xA=vAt,xB=vBt,xA+xB=L,所以xA=23L,选项B正确;若物块B固定,则当轻杆转到水平方向时,小球A的重力势能全部转换为动能,mgL=12mv2,解得小球A的速度大小为√2𝑔𝐿,选项A正确;若B不固定,当轻杆转到

水平方向时,A、B在水平方向上动量守恒,并且沿杆方向速度相等,则A、B的水平速度都为零,即B的速度为零,A只有竖直方向的速度,根据系统机械能守恒得mgL=12mv2,解得小球A的速度大小为√2𝑔𝐿,选项D正确。11.【答案】(1)C(3分)(2)0.05(3分)【详解】(2)欧姆表

“×1”挡调零时,欧姆表的内阻等于中值电阻15Ω,此时电流变满偏,满偏电流为1.5V15Ω=0.1A,接入题中乙电路时欧姆表的半偏电流为0.05A。12.【答案】(1)225(2分)2820(2分)(2)①丙(2分)②2.95(±0.02)(2分)3.17(±0.10

)(2分)【详解】(1)R1的电阻比较小,所以R1与表头并联构成大量程的电流表,R2的阻值比较大,与改装后的电流表串联可充当大量程的电压表,改装电流表需要并联一个电阻,要改装1mA的电流表需要并联的电阻为

R并=𝐼g𝑅g𝐼-𝐼g=0.2×9001−0.2Ω=225Ω,所以选用它与变阻箱R1并联,并联后的总电阻为R'=180Ω,要改装3V的电压表需要串联电阻,串联电阻的阻值为R串=𝑈-𝑈A𝐼=3−0.001×1800.001Ω=28

20Ω。(2)①题中乙电路R0太小,电流表容易烧坏,不可行,丙电路的电流表与R0并联组成一个大量程电流表,可行。②根据闭合电路的欧姆定律有E=U+(I+𝑅A𝑅0I)r=20rI+U,根据图像可得E=2.95V,k=20r=2.95−2.0015×10-3,解得r=3.17Ω。

13.(10分)【答案】(1)9W(2)0.45m/s【详解】(1)接两节电池时,由欧姆定律得2E=I1(R+r)(2分)解得电动机线圈的内阻r=1Ω(1分)接六节电池时6E=I2R+U(1分)解得U=6V(1分)则电动机的功率P=UI

2=9W。(2分)(2)电动机的输出功率UI2-𝐼22r=mgv(2分)解得v=0.45m/s。(1分)14.(12分)【答案】(1)E=4𝑚𝑔3𝑞(2)vO=√53gR(3)x=40𝑅9【详解】(1)小球在

轨道C处有最大速度,说明电场力和重力沿O'C方向(1分)则Eq=mgtan530(1分)解得E=4𝑚𝑔3𝑞。(2分)(2)小球从B点到O点过程,由动能定理有12m𝑣𝑂2-12m𝑣𝐵2=EqR-mgR(2分)解得vO=√53gR。(2分)(3)小球离开O点

在水平方向做匀加速运动,竖直方向做竖直上抛,当过O点再返回x轴时在竖直方向有t返=2𝑣𝑂𝑔(1分)在水平方向有x=12at2(1分)水平方向的加速度a=𝐸𝑞𝑚(1分)解得x=40𝑅9。(1分)15.(16分)【答案】(1)vm=√2𝑞𝐸𝑠𝑚(2)vB'=2√2𝑞𝐸�

�𝑚(3)W=4qEs+q√2𝑞𝐸𝑘【详解】(1)对A受力分析有f=qE(1分)根据动能定理得(2qE-f)s=12m𝑣m2(2分)所以vm=√2𝑞𝐸𝑠𝑚。(2分)(2)A、B碰撞,根据动量守恒有mvm

=mvA+mvB(2分)弹性碰撞机械能守恒,有12m𝑣m2=12m𝑣𝐴2+12m𝑣𝐵2(2分)解得vA=0,vB=√2𝑞𝐸𝑠𝑚碰撞后A、B所带电荷量均分,A、B构成的系统所受外力之和为零,系统动量守恒,有mvB=mvA'+mv

B'(1分)vA'=-vm解得vB'=2√2𝑞𝐸𝑠𝑚。(1分)(3)设A、B的距离为d时,A受合力为0时速度最大(1分)qE+f=𝑘𝑞2𝑑2(1分)解得d=√𝑘𝑞2𝐸(1分)A、B碰后到距离为d的过程中,设库仑力做的总功为W,由动能定理得W-(qE+f

)d=12mvA'2+12mvB'2-12m𝑣𝐵2(1分)解得W=4qEs+q√2𝑞𝐸𝑘。(1分)获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com