【文档说明】辽宁省鞍山市第一中学2022-2023学年高二下学期期中考试 化学 答案.docx，共(23)页，2.036 MB，由管理员店铺上传

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2022—2023学年度下学期期中考试24届高二年级化学试卷可能用到的相对原子质量：H-1C-12O-16N-14Ag-108一、选择题：本大题共15小题，每小题3分，共45分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.下列化学用语正确的是A.硝基苯的结构简式

：B.乙酸的分子式：242CHOC.乙炔的结构简式：22CHD.乙烷的球棍模型：【答案】B【解析】【详解】A．硝基苯为苯环上1个氢被硝基取代生成的，结构简式：，选项A错误；B．乙酸的结构简式为CH3COOH，分子式为C2H4O2，选项B正确；C．乙炔的分子式为C2H2，结构简式为

HCCH，选项C错误；D．球棍模型：用来表现化学分子的三维空间分布，棍代表共价键，球表示构成有机物分子的原子；乙烷的球棍模型为，选项D错误。答案选B。2.下列有机物系统命名正确的是A.：3，3，5-三甲基己烷B.323CHCHOOCCH：丙酸甲酯C.：间甲基苯酚

D.：1，2，3，5-四甲基苯【答案】D【解析】【分析】有机物系统命名法步骤：1、选主链：找出最长的①最长-选最长碳链为主链；②最多-遇等长碳链时，支链最多为主链；③最近-离支链最近一端编号；④最小-支链编号之和最小(两端等距又同基，支链编号之和最小)；⑤最简-两不同取代基距离主链两端等距离时

，从简单取代基开始编号；如取代基不同，就把简单的写在前面，复杂的写在后面；⑥含有官能团的有机物命名时，要选含官能团的最长碳链作为主链，并表示出官能团的位置，官能团的位次最小。【详解】A．名称为2，4，4-三甲基

己烷，A错误；B．323CHCHOOCCH为乙酸和乙醇生成的酯，为乙酸乙酯，B错误；C．甲基位于酚羟基的间位，习惯命名法命名为间甲基苯酚，系统命名应该为3-甲基苯酚，C错误；D．使甲基的位数和最小，系统命名法命名为1，2，3，5-四甲基苯，D正确；故选D。3.下列有关化

学与生活的说法正确的是A.溴乙烷可与其他药物制成气雾剂，用于运动中的急性损伤，其在液化时有冷冻麻醉作用B.苯酚对皮肤有腐蚀性，若沾到皮肤上，可用NaOH溶液洗涤C.福尔马林是一种良好的杀菌剂，但不可用来

消毒饮用水D.国家严禁“地沟油”回流餐桌，但可以蒸馏“地沟油”获得汽油，变废为宝【答案】C【解析】【详解】A．溴乙烷挥发吸热制冷且具有麻醉作用，可与其他药物制成气雾剂，用于运动中的急性损伤，其在汽化时有冷冻麻醉作用，A错误；B．浓NaOH有强烈腐蚀性，不能用浓NaOH溶液清洗，可用酒精清洗，B

错误；C．福尔马林是甲醛的水溶液，是一种良好的杀菌剂，但其有毒，不可用来消毒饮用水，C正确；D．地沟油属于油脂，油脂属于烃的含氧衍生物，汽油是矿物油，其成分为烃，不可能通过蒸馏“地沟油”获得汽油，D错误；答案选C。4.下列有关有机物的说法正确的是

A.乙二醇和丙三醇互为同系物B.由1-溴丁烷制1，3-丁二烯依次通过：消去反应，加成反应，消去反应三步完成C.1-丙醇、乙醇混合液在浓硫酸加热条件下脱水，得到5种有机产物D.可以用浓溴水检验环己醇中含有的少量苯酚杂质【答案】C【解析】【详解】A．同系物是

指结构相似、分子组成相差若干个“CH2”原子团的有机化合物；乙二醇和丙三醇结构不相似，不互为同系物，故A错误；B．由1—溴丁烷制1，3—丁二烯依需先通过消去反应，生成1-丁烯，在通过加成反应生成1、2

-二溴丁烷，再通过消去反应不能得到1，3—丁二烯，故B错误；C．1—丙醇、乙醇可以分别进行分子内脱水和分子间脱水，能形成丙醚、丙烯、乙醚、乙烯4中有机物；还可以进行1—丙醇和乙醇之间脱水，生成乙丙醚；故能得到5种有机产物，故C正确；D．浓溴

水与苯酚反应生成三溴苯酚能溶于环己醇，所以不能用浓溴水检验环己醇中含有的少量苯酚杂质，故D错误；故选C5.下列实验装置图(部分夹持仪器未画出)能达到其实验目的的是A.图A是证明酸性：盐酸＞碳酸＞苯酚B.图B是检验乙醇的消去

反应产物中含乙烯C.图C是制备溴苯并验证其反应类型D.图D是检验溴乙烷消去反应产物中含乙烯【答案】C【解析】【详解】A．盐酸易挥发，生成的二氧化碳中含有氯化氢，应先用饱和碳酸氢钠溶液除杂，故A错误；B．反应生成二氧化硫，二氧化

硫能使溴水褪色，不一定是乙烯，故B错误；C．苯与液溴发生取代反应生成溴苯和HBr，四氯化碳可除去挥发的溴，HBr与硝酸银反应生成AgBr沉的。的淀，锥形瓶内产生淡黄色沉淀可证明苯与溴发生取代反应生成溴苯，故

C正确；D．挥发的醇可使酸性高锰酸钾褪色，则溶液褪色，不能证明产物含乙烯，故D错误；故选：C。6.下列关于有机物的性质叙述错误的是A.几种苯的同系物沸点由低到高的顺序为：甲苯<对二甲苯<间二甲苯<邻二甲苯B.顺-2-丁烯的

沸点大于反-2-丁烯C.某种有机物结构如图所示，该物质中羟基对分子极性影响较弱，所以该物质在水中溶解度不大D.卤代烃的密度和沸点随烃基中碳原子数的增大而逐渐增大【答案】D【解析】【详解】A．苯的同系物中，碳原子个数越大，相对分子质量越大，分子间作用力越大，沸点越高，则甲苯的沸

点最低；分子式相同的苯的同系物中，分子间作用力的大小顺序为邻二甲苯＞间二甲苯＞对二甲苯＞乙苯，所以沸点的大小顺序为邻二甲苯＞间二甲苯＞对二甲苯＞乙苯，故A正确；B．顺—2—丁烯和反—2—丁烯的分子式相同，顺—2—丁烯的分子间作用力大于反—2—

丁烯，沸点高于反—2—丁烯，故B正确；C．由结构简式可知，有机物分子的碳原子个数较大，分子中只含有1个羟基，憎水基对有机物在水分子中的影响大于亲水基，所以有机物在水中溶解度不大，故C正确；D．卤代烃的密度随烃基中碳原子数的增大而

逐渐减小，沸点随烃基中碳原子数的增大而逐渐增大，故D错误；故选D。7.NM-3和D-58是正处于临床试验阶段的小分子抗癌药物，结构如下：关于NM-3和D-58的叙述，错误的是A.都能与NaOH溶液反应，原因不完全

相同B.都能与溴水反应，原因不完全相同C.都不能发生消去反应，原因相同D.遇FeCl3溶液都显色，原因相同【答案】C【解析】【详解】A、由结构可知，都含有酚羟基，具有酸性，所以都能与NaOH溶液反应，但NM-3中含羧基、酯基，也与NaOH溶液反应，则原因不完全相同，正确；B、由苯酚能与

溴水发生取代反应，双键与溴水发生加成反应可知，NM-3中含酚羟基和碳碳双键，D-58中含酚羟基，则都能与溴水反应，原因不完全相同，正确；C、酚羟基和羧基上的-OH都不能发生消去反应，D-58中含醇-OH，且与-OH相连的碳原

子的邻位碳原子上没有H原子，所以不能发生消去反应，原因不完全相同，错误；D、因苯酚遇FeCl3溶液显紫色，二者均含有酚羟基，则遇FeCl3溶液都显色，原因相同，正确。答案选C。8.有机化合物分子中基团之间的相互影响会导致物质化学性质的不同。

下列事实中不能说明上述观点的是A.苯酚能跟NaOH溶液反应，乙醇不能与NaOH溶液反应B.苯不能使溴水褪色，苯乙烯能使溴水褪色C.甲苯能使酸性高锰酸钾溶液褪色，乙烷不能使酸性高锰酸钾溶液褪色D.甲苯与浓硝酸生成2，4，6-三硝基甲苯，而苯不能【答案】B【解析】【

详解】A．苯酚能跟NaOH溶液反应，乙醇不能与NaOH溶液反应，说明羟基连接在苯环上时O-H易断裂，可说明羟基连接在不同的烃基上，性质不同，故A正确；B．苯可以萃取溴水中的溴单质使溴水褪色，体现的使苯的物理性质，苯乙烯中含

有碳碳双键可以和溴水发生加成反应使溴水褪色，不能说明有机化合物分子中基团之间的相互影响会导致物质化学性质的不同，故B错误；C．甲基连接在苯环上，可被氧化，说明苯环对甲基影响，故C正确；D．甲苯比苯由于在侧链

上多了一个甲基，它们的硝化产物不同，这体现了甲基对苯环的影响，故D正确；故选B9.合成某药物中间体的“片段”如下：下列说法正确的是A.Z能发生加聚、取代、消去反应B.等物质的量的X、Y和Z消耗2H最多的是ZC.Y可以通过消去反应制备XD.0.1molX与足量银氨溶

液反应最多生成43.2gAg【答案】D【解析】【详解】A．Z中含有碳碳双键，能发生加聚反应，含有羧基和羟基能发生酯化反应也属于取代反应，虽然含有羟基但相连的碳相邻的碳上没有H，无法发生消去反应，选项A错误；B．苯环、醛基、碳碳双键均可和氢气加成，等物质的量的

X、Y和Z消耗2H的物质的量之比为5：4：4，故消耗最多的是X，选项B错误；C．Y可以通过氧化反应将羟基转化为醛基制备X，选项C错误；D．X中含有2个醛基，0.1molX与足量银氨溶液反应最多生成0.4molAg，即43.2gA

g，选项D正确；答案选D。10.下列说法中错误的有几个①实验室用电石与饱和食盐水制备乙炔，可以在启普发生器中进行②甲酸、乙醛、苯酚钠、乙酸可以用一种试剂鉴别③含有碳碳双键的有机物一定烯烃④聚合物可由32CHCHCH=和22

CHCH=加聚制得⑤乙烯、氯乙烯、聚1，3-丁二烯均可使酸性高锰酸钾溶液褪色⑥58g36CHO分子中含键数目为A9N⑦我国科学家通过X射线衍射最终测定了青蒿素的分子结构。⑧乙酸和甲酸甲酯在质谱仪上的信号完全相同A.4个B.5个C.6个D.7个【答案】A【解析】【详解】①电石与

饱和食盐水反应生成糊状的氢氧化钙溶液堵塞导管，故实验室用电石与饱和食盐水制备乙炔，不可以在启普发生器中进行，错误；②甲酸、乙醛、苯酚钠、乙酸可以用一种试剂新制氢氧化铜浊液鉴别；新制氢氧化铜浊液和甲酸反应沉淀溶解且加热能生

成红色沉淀；和乙醛反应加热生成红色沉淀；和苯酚钠不反应；和乙酸反应溶解但加热不生成红色沉淀，正确；③含有碳碳双键的有机物不一定烯烃，也可能是烯烃衍生物，错误；④聚合物可由32CHCHCH=和22CHCH=加聚制得：n32CHCHCH=+n22CHCH=引发剂⎯⎯⎯→，正确；⑤乙烯

、氯乙烯、聚1，3-丁二烯中均含碳碳双键，均可使酸性高锰酸钾溶液褪色，正确；⑥单键均为σ键，58g36CHO为1mol，若为环醚，则分子中含键数目为A10N，错误；⑦测定分子空间结构最普遍的方法X射线衍射，X射线衍射可以观测微观结构

，测定晶体的晶胞参数，从而确定青蒿素的分子结构，正确；⑧乙酸和甲酸甲酯两者相对分子质量相同，在质谱仪上测定的最大荷质比相同，但是信号不完全相同，错误；故选A。11.下列说法正确的是A.中最多有7个碳原子共线B.存在顺反异构，与氢气完全加成后的产物不含手性碳原子C.芳香族化合物A与互为同分异构体，

A苯环上的一氯代物只有一种结构，则A可能的结构有7种D.的一氯代物有9种(不考虑立体异构)【答案】C【解析】【详解】A．乙炔是直线结构，苯环为平面结构，乙烯为平面结构，单键可以旋转，所以中所有碳原子共1

1个碳原子可能都在同一平面上，故A错误；B．中含有碳碳双键且双键碳原子都连接不同的基团，存在顺反异构，手性碳原子是指与四个各不相同原子或基团相连的碳原子，该有机物与氢气完全加成后的产物为，含有手性碳原子，位置为，故B错误；C．芳香族化合物A与互为同分异构体，A苯环上的一氯代物只有

一种结构，则A可能的结构有、、、、、、，共7种，故C正确；D．的一氯代物有7种，位置为，故D错误；12.下列实验操作、现象和结论均正确的是选项实验操作和现象结论A重结晶法提纯苯甲酸，主要步骤为：加热溶解、趁热

过滤、冷却结晶、过滤、洗涤、干燥苯甲酸在水中的溶解度受温度的影响较大B在试管中滴入10-15滴溴乙烷，再加入1mL5%NaOH溶液，振荡后加热，静置分层后取少量上层水溶液于另一支试管中，加入2滴3AgNO溶液，有浅黄色沉淀生成溴乙烷水解生成溴化钠C取丙烯醛(2CHCHCHO＝)于试管中，先加

入新制氢氧化铜，充分反应后，再滴加溴水，溴水褪色丙烯醛(2CHCHCHO＝)中含有碳碳双键D在试管中先加入2mL10%4CuSO溶液，再加入5滴5%NaOH溶液，得到新制的()2CuOH，振荡后加入0.5mL

乙醛溶液，加热后得乙醛具有还原性到砖红色沉淀A.AB.BC.CD.D【答案】A【解析】【详解】A．由于苯甲酸在水中的溶解度受温度的影响较大，因此在利用重结晶法提纯苯甲酸时，主要步骤为：加热溶解、趁热过滤、冷却结晶、过滤、洗涤、干燥，A正确；B．水解后检

验卤素离子应该在酸性溶液中进行，若水解后没有加硝酸中和NaOH，NaOH与AgNO3溶液反应会干扰溴离子的检验，不能达到实验目的，B错误；C．新制氢氧化铜和醛基反应是在碱性条件下进行，反应后应该酸化后再滴加溴水，否则溴水能与碱反应而使溶液褪色，因此不能根

据溴水褪色判断含碳碳双键，C错误；D．利用新制Cu(OH)2悬浊液检验醛基时，应该在碱性环境中，但加入的NaOH溶液少量，溶液显酸性，不能产生砖红色沉淀，正确操作应该是：在试管中先加入2mL10%NaOH溶液，再加入5滴5%CuSO

4溶液，得到新制的Cu(OH)2悬浊液，振荡后加入0.5mL乙醛溶液，加热煮沸后得到砖红色沉淀，D错误；故选A。13.下列关于有机化合物的叙述不正确的是A.甲苯和甘油二者以任意比例混合,当总质量一定时,充分燃烧生成水的质量是不变的B.某烃的结构简式可表

示为(碳原子数≤10),已知烃分子中有两种化学环境不同的氢原子,则该烃一定是苯的同系物C.有机物A、B只可能烃或烃的含氧衍生物,等物质的量的A和B完全燃烧时,消耗氧气的量相等,则A和B的相对分子质量相差可能为8n(n为正整数)D.现有乙酸和两种链状单烯烃混合物，其中氧的质量分数为a,则碳的质

量分数是6(1-a)7【答案】B【解析】【分析】【详解】A．甲苯和甘油（C3H8O3）的相对分子质量均为92，含H的质量分数相同，则当总质量一定时，以任意比例混合，充分燃烧生成水的质量是不变的，故A正确；B．烃

分子中有两种化学环境不同的氢原子，X可能为-C≡CH，与苯的同系物的结构不相似，不是苯的同系物，故B错误；C．设有机物的化学式为CxHyOz，在物质的量相等的条件下完全燃烧消耗氧气的物质的量与(yzx42+−)有关系，或者物质的量相等的烃CxHy和完

全可拆成形式为CxHy•(CO2)m•(H2O)n的烃的衍生物分别完全燃烧后，它们消耗的O2的量相同，例如有机物中的一个碳原子被另一个有机物中的四个氢原子代替时，A和B的分子量相差8的倍数，故C正确；D．由于乙酸的化学式为C2H4O2，链状单烯烃的通式为CnH2n，这说明C和H的质量比始终是

6：1，现有乙酸和两种链状单烯烃混合物，其中氧的质量分数为a，则碳和氢的质量分数之和是1－a，则碳的质量分数是6(1-a)7，故D正确；故选B。14.下列关于分子式为482CHO有机物的同分异构体的说法中，不正确的是A.属于酯类的有4种B.既含有羟基又含有醛基的有4种C.属于羧酸类的有2种D.存在

分子中含有六元环的同分异构体【答案】B【解析】【详解】A．属于酯类则含有酯基，存在有4种情况，故A正确；B．既含有羟基-OH又含有醛基-CHO，则存在有5种，故B错误；C．属于羧酸类有2种，故C正确；D．分子的不饱

和度为1，故存在分子中含有六元环的同分异构体：，故D正确；故选B。15.某化工厂的废液含有乙醇、苯酚、乙酸和二氯甲烷，该工厂设计回收方案如下：的下列说法错误的是A.试剂a选择23NaCO溶液比NaOH溶液更合适B.回收物1、2分别是二氯甲烷、乙醇C.试剂b为2CO，试剂c为稀硫酸D.操作Ⅰ、

Ⅱ、Ⅲ均为蒸馏【答案】D【解析】【分析】废液含有乙醇、苯酚、乙酸和二氯甲烷，加入碳酸钠和苯酚、乙酸反应转化为盐，蒸馏分离出不同的沸点馏分乙醇、二氯甲烷；溶液通入二氧化碳和苯酚钠生成苯酚，分液分离，乙酸钠加入稀硫酸酸化蒸馏出乙酸；【

详解】A．氢氧化钠碱性太强，加热可能导致二氯甲烷水解，故试剂a选择23NaCO溶液比NaOH溶液更合适，A正确；B．乙醇沸点高于二氯甲烷，回收物1、2分别是二氯甲烷、乙醇，B正确；C．由分析可知，试剂b为2CO，试剂c为稀硫酸，C正确；D．由分析可知

，Ⅱ为分液操作，D错误；故选D。二、填空题：本大题共4小题，共55分。16.按要求填空。（1）的化学名称是___________。（2）要把转化为，可加入___________(填化学式)。（3）写出丙酮与氰化氢反应的化学方程式___________。（4）已

知：+ROH24HSO⎯⎯⎯⎯→浓高温，高压，则与乙醇在该条件下发生反应生成的有机物的结构简式为___________(键线式表示)。（5）两种气态烃组成的混合物6.72L(标准状况)，完全燃烧生成0.48mo

l2CO和10.8g2HO，则该混合烃中一定含有___________(填化学式)；若另一种烃一定条件下最多能与等物质的量的2H完全加成，则该烃的名称为___________。（6）某饱和一元醇A，分子

中共含50个电子，若A不能发生消去反应，A的结构简式为___________；若A在加热时不与氧化铜作用，则A的结构简式为___________。【答案】（1）苯甲醇（2）NaHCO3（3）CH3COCH3+HCN⎯⎯→CH3

COH(CN)CH3（4）+2CH3CH2OH⎯⎯⎯⎯→浓硫酸高温、高压+2H2O（5）①.CH4②.乙烯（6）①.②.【解析】【小问1详解】由图可知，化学名称为苯甲醇；【小问2详解】羧基能和碳酸氢钠发生生成钠盐，而酚羟基、羟基不和碳酸氢

钠反应，故可以加NaHCO3；【小问3详解】丙酮与氰化氢可以发生加成反应生成CH3COH(CN)CH3，反应的化学方程式CH3COCH3+HCN⎯⎯→CH3COH(CN)CH3；【小问4详解】根据已知原理可知，和乙

醇发生取代反应生成和水，反应为+2CH3CH2OH⎯⎯⎯⎯→浓硫酸高温、高压+2H2O；【小问5详解】两种气态烃组成的混合物6.72L(标准状况)为0.3mol，完全燃烧生成0.48mol2CO和10.8g2HO（为0.6mol），根据

碳、氢守恒可知，混合物中碳、氢分别为0.48mol、1.2mol，则烃的平均组成为C1.6H4，故一定含有甲烷CH4，可能含有乙烯或丙炔；若另一种烃一定条件下最多能与等物质的量的2H完全加成，则该烃只含1个碳碳双键，为乙烯；【小问6详解】

饱和一元醇通式为CnH2n+2O，某饱和一元醇A，分子中共含50个电子，则6n+2n+2+8=50，n=5；若A不能发生消去反应，则羟基相连的碳的相邻碳上无氢原子，故A的结构简式为；若A在加热时不与氧化铜作用，则与羟基直接相连的碳上无氢原子，结构简式为。17.对羟基苯甲醛(PHB

A)是合成香料、药品等的重要有机中间体。实验室可通过对甲基苯酚液相催化氧化法(甲醇为溶剂)制备PHBA，其反应原理和部分装置图如下：32NaOH，CHOHO，催化剂⎯⎯⎯⎯⎯⎯→H+→实验步骤：①向装置1中依次加入固体NaOH和无水甲醇，

充分搅拌后加入4.32g对甲基苯酚，待充分混合后加入1g催化剂。调控温度至70℃，在搅拌条件下通入O2，反应5小时。②反应结束后冷却至室温，过滤反应液。所得滤液用盐酸酸化至pH=6，转移至蒸馏烧瓶中加热蒸发，一段时间后冷却、结晶、过滤，滤渣为PH

BA粗产品，粗产品经重结晶后制得PHBA纯品4.00g。回答下列问题：(1)仪器X的名称是___________，装置1采用的加热方式是___________。(2)制取的化学方程式为___________，Na

OH的作用是___________。(3)装置2中的进水口为___________(填“A”或“B”)，加热蒸发的目的是___________。(4)溶剂的种类会影响重结晶的效果，溶剂对纯化结果的影响如图所示。重结晶时选用的最佳溶剂是___________。(5)本实验中PHBA的产率为

___________(计算结果保留两位小数)。【答案】①.球形冷凝管②.水浴加热③.＋NaOH＋O2Δ⎯⎯⎯→催化剂＋2H2O④.保护羟基不被氧化⑤.A⑥.将盐酸挥发和多余的水分，便于结晶⑦.甲苯⑧

.81.97%【解析】【详解】(1)根据图中信息得到仪器X的名称是球形冷凝管，装置1调控温度至70℃，因此采用的加热方式是水浴加热；故答案为：球形冷凝管；水浴加热。(2)对甲基苯酚液相催化氧化法(甲醇为溶剂)，

因此制取的化学方程式为＋NaOH＋O2Δ⎯⎯⎯→催化剂＋2H2O，氧气具有氧化性，NaOH主要和酚羟基反应生成酚钠，保护羟基不被氧气氧化，故答案为：＋NaOH＋O2Δ⎯⎯⎯→催化剂＋2H2O；保护羟基不被氧化。(3)冷凝水的方向是“下进上出”，因此装置2中的进水口为A，由于所得

滤液用盐酸酸化至pH=6，因此加热蒸发的目的是将盐酸挥发和多余的水分，便于结晶；故答案为：A；将盐酸挥发和多余的水分，便于结晶。(4)根据图中信息，回收率和纯度得到重结晶时选用的最佳溶剂是甲苯；故答案为：甲苯。(5)根据～，4.32g对甲基苯酚理论上得到

PHBA质量为4.32g122=4.88g108，本实验中PHBA的产率为4.00g100%=81.97%4.88g；故答案为：81.97%。18.基于生物质资源开发常见的化工原料，是绿色化学的重要

研究方向。以化合物Ⅰ为原料，可合成丙烯酸Ⅴ、丙醇Ⅶ等化工产品，进而可制备聚丙烯酸丙酯类高分子材料。（1）化合物Ⅰ的分子式为___________，其环上的取代基是___________(写名称)。（2）已知化合物Ⅱ也能以Ⅱ′的形式存在。根据Ⅱ′的结构特征，分析

预测其可能的化学性质，参考①的示例，完成下表。序号结构特征可反应的试剂反应形成的新结构反应类型①CHCH−=−2H22CHCH−−−加成反应②______________________COOH−___________③___________3CHOH___

___________________（3）化合物Ⅳ能溶于水，其原因是___________。（4）化合物Ⅳ到化合物Ⅴ的反应是原子利用率100％的反应，且lmolⅣ与lmol化合物a反应得到2molⅤ，则化合物a为_______

____。（5）化合物Ⅵ有多种同分异构体，核磁共振氢谱图上只有一组峰的结构简式为___________。【答案】（1）①.C5H4O2②.醛基（2）①.—CHO②.O2③.氧化反应④.—COOH⑤.—COOCH3

⑥.取代反应（酯化反应）（3）Ⅳ中羧基能与水分子形成分子间氢键（4）CH2=CH2（5）【解析】【分析】Ⅱ发生催化氧化生成Ⅲ，Ⅲ和水发生开环加成反应生成Ⅳ，化合物Ⅳ到化合物Ⅴ的反应是原子利用率100%的反应，且1molⅣ与1mol化合物

a反应得到2molⅤ，则a为CH2=CH2，V中-COOH发生反应生成Ⅵ中-CH2OH，Ⅵ中碳碳双键和氢气发生加成反应生成Ⅶ，Ⅱ异构化生成Ⅱ′。【小问1详解】化合物Ⅰ的分子式为C5H4O2，其环上的取代基是醛基(写名称)；【小问2详解】②含有-CHO，醛基在催化剂条

件下被O2氧化生成-COOH，在加热条件下被新制氢氧化铜悬浊液氧化生成-COOH，在水浴加热条件下能被银氨溶液氧化生成-COONH4，该反应属于氧化反应；③含有-COOH，可与CH3OH、CH3CH2OH等醇在浓硫酸作

催化剂、加热条件下发生酯化反应，生成新的结构为-COOR，该反应属于酯化反应或取代反应；故答案为：—CHO，O2，氧化反应；—COOH，—COOCH3，取代反应（酯化反应）；【小问3详解】化合物Ⅳ能溶于水，其原因是Ⅳ中羧基能与水分子形成分子间氢键。故答案

为：Ⅳ中羧基能与水分子形成分子间氢键；【小问4详解】化合物Ⅳ到化合物Ⅴ的反应是原子利用率100%的反应，且1molⅣ与lmol化合物a反应得到2molⅤ，根据质量守恒可知，化合物a的结构简式为CH2=CH2。故答案为：CH2=CH2；【小问5详解】化合物Ⅵ含

有3个碳、1个氧、不饱和度为1，其同分异构体，核磁共振氢谱图上只有一组峰，则结构对称，结构简式为。19.一种利胆药物F的合成路线如图：已知：Ⅰ.⎯⎯→+Ⅱ.2ΔRNH→－回答下列问题：(1)A的结构简式为___；符合下列条件的A的同分异构体有___种。①含有酚羟基

②不能发生银镜反应③含有四种化学环境的氢(2)检验B中是否含有A的试剂为___；B→C的反应类型为___。(3)C→D的化学方程式为__；E中含氧官能团共___种。(4)已知：，综合上述信息，写出由和制备的合成路线___。【答案】①.②.4③.FeCl3溶液④.氧化反应⑤.+CH3OH24H

SOΔ浓+H2O⑥.3⑦.【解析】【分析】由信息反应II以及F的结构简式和E的分子式可知E的结构简式为，D发生信息反应I得到E，则D的结构简式为，C与CH3OH发生反应生成D，C相较于D少1个碳原子，说明C→D是酯化反应，因此C的结构简式为，B→C碳链不变，而A→B碳链增长，且增长的碳原子数

等于中碳原子数，同时B→C的反应条件为NaClO2、H+，NaClO2具有氧化性，因此B→C为氧化反应，A→B为取代反应，C8H8O3的不饱和度为5，说明苯环上的取代基中含有不饱和键，因此A的结构简式为，B的结构简式为。【详解】(1)由上述分析

可知，A的结构简式为；A的同分异构体中满足：①含有酚羟基；②不能发生银镜反应，说明结构中不含醛基；③含有四种化学环境的氢，说明具有对称结构，则满足条件的结构有：、、、，共有4种，故答案为：；4。(2)A中含有酚羟基，B中不含酚羟基，可利用FeCl

3溶液检验B中是否含有A，若含有A，则加入FeCl3溶液后溶液呈紫色；由上述分析可知，B→C的反应类型为氧化反应，故答案为：FeCl3溶液；氧化反应。(3)C→D为与CH3OH在浓硫酸作催化剂并加热条件下发生酯化反应生成，反应化学方程式为+CH3OH24HSOΔ浓+H2O；

E的结构简式为，其中的含氧官能团为醚键、酚羟基、酯基，共3种，故答案为：+CH3OH24HSOΔ浓+H2O；3。(4)由和制备过程需要增长碳链，可利用题干中A→B的反应实现，然后利用信息反应I得到目标产物，目标产物中碳碳双键位于端基碳原子上，因此需要与HBr在40℃下发生加成反

应生成，和反应生成，根据信息Ⅰ.⎯⎯→+得到反应生成，因此合成路线为；故答案为：。获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com