【文档说明】河北省邯郸市大名县第一中学2020-2021学年高二下学期3月月考物理答案.docx，共(10)页，150.036 KB，由小赞的店铺上传

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答案第1页，总10页参考答案1．A【详解】A．微波炉加热食物是利用共振原理，不是电磁感应原理，A错误，符合题意；B．电容器是储存电荷的装置，B正确，不符合题意；C．电饭锅加热是利用电流的热效应，C正确，不符合题意；D．太阳能电池板是将光能转变成电能，D正确，不符合题意。故选A。2．C【详解】A

．只有频率相同的两列波相遇时才会发生明显的干涉现象，根据图象可知，两列波的波长不同，则频率不同，不会发生干涉现象，故A错误；B．根据42m/s8m/svf===因为传播速度大小相同，所以虚线波的传播速度为6m/s，故B错误；C．根据vf=答案第2页，总10页结

合图像可知63==42ff=虚实虚实故C正确；D．依据微平移法，由题图可知，平衡位置为x=6m处的质点，此刻具有向上的最大速度，故D错误。故选C。3．B【详解】A．由振动图像可知，单摆的振幅是8cm，选项A

错误；B．单摆的周期为2s，根据2LTg=可得摆长22229.821m443.14gTL==选项B正确；C．摆球经过O点时，速度最大，但是有向心加速度，即加速度不为零，选项C错误；D．P点时刻摆球正在OC间向负方向摆动，选项D错误。故选B。4．D【详解】答案第3

页，总10页A．a与c的摆长接近，它们的固有频率接近，在a摆的驱动下，稳定时c摆的振幅最大，所以A错误；B．bc摆是在a摆的驱动下振动起来的，则b的周期等于外力周期，稳定时abc摆的周期都相同，所以B错误

；CD．根据单摆的周期公式2lTg=解得224Tgl=由图像可得a摆周期，则可以算出a摆的摆长，估算出c摆的摆长，所以C错误；D正确；故选D。5．D【详解】A．由甲图可知波长为=20m，由乙图可知周

期为0.8sT=，根据20m25m/s0.8svT===由振动图像可知，=0.4st时，质点M通过平衡位置向下运动，由同侧法可知，波沿x轴正向传播，故A错误；B．因为波沿x轴正向传播，所以质点Q振动滞后于P点，故B错误；C．=0.4st时，质点Q运动到负向位移最大处，=0.6st时，即经过

四分之一周期，Q点运动到平衡位置，速度方向为y轴正方向，故C错误；D．波的传播速度为25m/s，从平衡位置5mx=处传播到6mx=处，用时为答案第4页，总10页1m0.04s25m/sxtv===所以，质点P经0.04s振动到平衡位置，再经0.2s运动到正向位移最大处，

即=0.64st时，质点P位于正向最大位移处，故D正确；故选择：D。6．C【详解】A．c光的饱和光电流最小，所以c光的强度最弱，a光的光强最强。A错误；BCD．b光的遏制电压最大，根据光电效应方程可得0km0chWEWUe=+=+

所以b光的频率最大，a、c光的频率相同，则a、c是黄光，b光是蓝光。BD错误，C正确。故选C。7．BC【详解】由题图可以看出，a侧光偏折得较厉害，三棱镜对a侧光的折射率较大，所以a侧光是紫光，波长较短，b侧光是红光，波长较长，又=cvn所以三棱镜中a侧光的

传播速率小于b侧光的传播速率。故选BC。8．BD【详解】答案第5页，总10页A．由质点B的振动方程可知，下一时刻质点B沿y轴负方向运动，可得波沿x轴负方向传播，A项错误B．该波的周期为0.2s，质点A比质

点B晚起振0.05s.C.波长为2m，则该波的传播速度为10m/s，故C项错误；D．再经过0.1s，质点B回到平衡位置，位移为0，路程20cm；9．AB【详解】A．根据干涉条纹间距公式Lxd=可得，在dL、相同的条件下，x与成正比，甲光的条纹间距大，甲光的波长长，故A正确；BC．波

长越大，在同一种介质中，折射率小，甲光的折射率小，折射率小，在介质中传播速度大，甲光在水中的传播速率大，故B正确，C错误；D．折射率小，全反射临界角大，甲光的全反射临界角大，故D错误。10．ACD【详解】A．在1t时刻，上极板

的电量q达到最大，电流变化率最大，因此线圈中的自感电动势达到最大，故A正确；B．2t时刻电量q的变化率不变，线路中的电流变化率也不变，所以线圈的电流方向保持不变，故B错误；C．23tt时刻，上极板电量为负，所以下极板为正，电场场强由下极

板指向上极板，从23tt，线圈中的电流为逆时针，电量增加的越来越缓慢，所以线圈中的电流越来越小，由右手定则可得，感应电场的方向是竖直向上的，故C正确；答案第6页，总10页D．从34tt，上极板的负电荷转移到下极板，这是电容的放电，所以线圈中的感应电

流是顺时针，故D正确。故选ACD。11．BCD平衡位置13.60BC9.78-9.83【详解】（1）[1]A、单摆在小摆角情况下的振动是简谐运动，摆球偏离平衡位置的角度不能太大，故A错误。B、为减小空气阻力对实验的影响，摆球尽量

选择质量大些的、体积小些的，故B正确。C、摆球摆动时要使之保持在同一个竖直平面内，不能形成圆锥摆，故C正确。D、实验过程，单摆摆长应保持不变，为保证保持摆长不变，单摆悬线的上端不可随意卷在横杆上，应夹紧在铁夹中，故D正确。故选BCD。（2）[2]为了提高周期的测量精度，减小实验误差，应该将摆球到达

平衡位置作为计时开始与停止的时刻。（3）[3]由图示游标卡尺可知，其示数为：13mm+12×0.05mm=13.60mm。（4）[4][5]为减小实验误差，单摆摆长应适当长些，由图示图线可知，实验中应该在BC区间多采集数据；由单摆周期公式：2LTg=可知：224TLg=T2-L图象

的斜率：答案第7页，总10页244.841.2kg===解得：g≈9.86m/s2；12．C、D74（或1.75）小于【详解】试题分析：（1）A、作插针法测定折射率时，玻璃砖上下表面不一定要平行，故A错误；为了减小测量的相对误差，选择的入射角应尽量大些，效果会更好，故B错误；为了准确确定入射光

线和折射光线，大头针应垂直地插在纸面上，故C正确；大头针P1和P2及P3和P4之间的距离适当大些时，相同的距离误差，引起的角度误差会减小，角度的测量误差会小些，故D正确．（2）图中12PP作为入射光线，OO是折

射光线，设光线在玻璃砖上表面的入射角为i，折射角为r，则由几何知识得到：ABCDsinisinrAOOC==，，又AO=OC，则折射率71.754siniABcmnsinCDcm====．（3）如果两界面间距偏大，则折射角比真实的折

射角偏大，因此测得的折射率偏小，故应两界面间距小于玻璃砖的实际宽度考点：“测玻璃的折射率”实验13．(1)4.5eV；(2)3.0eV【详解】(1)电流计的读数恰好为零，此时电压表的示数为5.0V，可知光电子的最大初动能为5.0eV，根据答案第8页，总10页0kmWhE=−代入数据解得

04.5eVW=(2)改用光子能量为12.5eV的光照射阴极时，从阴极溢出的光电子的最大初动能为k0EhvW=−代入数据解得k8.0eVE=则到达阳极时光电子的动能最大值为8.0eV5.0eV3.0

eV−=14．（1）0.04s，0.05sin(50)m2yt=+（或0.05cos(50)myt=）（2）110m/s【详解】（1）由0t=时刻，0.3mx=处的质点向y轴正方向运动可知该波沿x轴正方向传播由波形图可知1.2m=0

.03s内波向右传播的距离为34xn=+(0,1,2)n=结合xvt=可知答案第9页，总10页134tTnT=+(0,1,2)n=0n=时可得周期的最大值为max0.04sT=max2T=0x=处质点的振动方程为0.05sin(50)m2yt=+（或0.05cos(5

0)myt=）（2）由134tTnT=+及20.03s3TT可知2n=由vT=可知110m/sv=15．①入射角为45，大于临界角C，发生全反射而不能穿越AB边；②2.8R【详解】①设这种玻璃的全反射临界角为C，由13sin5Cn==有37C

=这束光投射到斜边AB上时，入射角为45，大于临界角C，发生全反射而不能穿越AB边。②如图答案第10页，总10页任一条光线在虚线右边的行程为xy+，由几何关系，有2xyR+=光线在虚线右边的行程cosxR=为光线在圆弧边界上的入射角。在能

够穿出圆弧边界的光线中，的上限为37C=所以mincos370.8xRR==所以minmin2.8SxyxR=++=