【文档说明】【精准解析】黑龙江省鹤岗市第一中学2019-2020学年高二下学期4月月考化学试题.doc，共(22)页，890.000 KB，由小赞的店铺上传

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鹤岗一中2019-2020学年度高二下月考考试化学试题一、选择题（共47分，1-10题2分，11-19题3分）1.人类生活离不开化学知识，下列叙述不正确的是A.臭氧是饮用水的理想消毒剂之一，因为它杀菌能力强且不影响水质B.因患“禽流感”而被捕杀的家禽尸体常用生石灰处理C.新冠

病毒可以用体积分数为75%的酒精进行消毒D.食品加工、消毒、防腐常使用福尔马林【答案】D【解析】【详解】A.臭氧具有强氧化性，可用于杀菌消毒，与水不反应，且无残留，不影响水质，故A正确；B.家禽尸体常用生石灰处理，是因为生石灰与水反应生成熟石灰具有消

毒杀菌的作用，使家禽体内的细菌不再向外扩散的缘故，故B正确；C.新冠病毒可以用体积分数为75%的酒精进行消毒，能使病毒的蛋白质变性，具有消毒杀菌作用，故C正确；D.食品不能使用福尔马林防腐，福尔马林有毒，故D错误。综上所述，

答案为D。【点睛】福尔马林是甲醛的水溶液，有毒，具有防腐性质，但不能用于食物防腐。2.下列有关化学用语的表示中正确的是()A.乙醇分子的球棍模型为B.一氯甲烷的电子式为C.乙酸的结构简式为：C2H4O2D.1，3-丁二烯的键线式为：【答案】D【解

析】【详解】A．为乙醇分子的比例模型，不是球棍模型，A选项错误；B．一氯甲烷中的氯原子满足8个电子的稳定结构，Cl的周围应有8个电子，B选项错误；C．C2H4O2是乙酸的分子式，其结构简式应为CH3COOH。C选项错

误；D．是1，3-丁二烯的键线式，D选项正确；答案选D。3.下列对有机物的命名中，正确的是()A.2,3-二甲基-1-丙醇B.邻甲基苯酚C.CH3CH2OOCCH3丙酸甲酯D.2-甲基丙酸【答案】D【解析】【分析】

根据系统命名法规则，结合选项分析解答。【详解】A．正确命名为3-甲基-2-丁醇，A选项错误；B．正确命名为2-甲基环己醇，B选项错误；C．CH3CH2OOCCH3是由乙酸和乙醇酯化反应所得，正确命名为乙酸乙酯，C选项错误；D．系统命名法为2-甲基丙酸，D选项正

确；答案选D。4.下列物质属于同系物的是A.CH3CH2Cl和CH2ClCH2CH2ClB.C2H5OH和CH4OC.CH3COOH和C17H33COOH【答案】C【解析】【分析】结构相似，分子组成上相差若干个CH2原子团的同一类有机物互为同系物，据此回答。【详解】A.二者分别是是酚

类和醇类，结构不相似，不能互为同系物，A项错误；B.二者含有的氯原子个数不同，不能互为同系物，B项错误；C.二者均是饱和的一元醇，互为同系物，C项正确；D.C17H33COOH分子中含有1个碳碳双键与乙酸不能互为同系物，

D项错误；答案选C。5.下列说法正确的是（）A.苯酚沾在皮肤上用大量的水冲洗B.氯乙烷与NaOH水溶液共热可制乙烯C.有机反应中，得氢，失氧是还原反应D.CH3Cl可发生水解反应和消去反应【答案】C【解析】【详解】A、苯酚微溶于水，沾到皮肤上可用大量酒精或碳酸钠溶液清洗，A错误；B、氯

乙烷与氢氧化钠醇溶液共热可制取乙烯，B错误；C、在有机反应中,有机物加氢、去氧为还原反应,有机物加氧、去氢为氧化反应，C正确；D、CH3Cl只有一个碳原子，不能发生消去反应，D错误；正确选项C。6.下列各组中的反应，不属于同一反应类型的是A.乙烯使溴水褪色

；乙烯使酸性高锰酸钾溶液褪色B.苯与液溴混合后加入铁粉；光照甲烷与氯气的混合气体C.苯与氢气在镍作催化剂的条件下反应；乙烯与水反应制乙醇D.乙醇与乙酸的酯化反应；乙酸乙酯在酸性条件下的水解反应【答案】A【解析】【详解】A、能使溴水褪色，为加成

反应，而使酸性高锰酸钾溶液褪色为氧化反应，反应类型不同，故A正确；B、在三氯化铁作催化剂的条件下，苯与液溴反应生成溴苯和溴化氢，属于取代反应，甲烷和与氯气的混合气体在光照时发生取代反应，故B正确；C、苯与氢气在镍作催化剂的条件下反应；乙烯与水反应制乙醇，均为加成反应，故C正确；D、乙醇与乙酸的酯

化反应；乙酸乙酯在酸性条件下的水解反应均属于取代反应，故D正确；故选A。7.由CH3CH2CH2Br制备CH3CH(OH)CH2OH，依次(从左至右)发生的反应类型和反应条件都正确的是选项反应类型反应条件A加成反应、

取代反应、消去反应KOH醇溶液/加热、KOH水溶液/加热、常温B消去反应、加成反应、取代反应NaOH醇溶液/加热、常温、NaOH水溶液/加热C氧化反应、取代反应、消去反应加热、KOH醇溶液/加热、KOH

水溶液/加热D消去反应、加成反应、水解反应NaOH水溶液/加热、常温、NaOH醇溶液/加热A.AB.BC.CD.D【答案】B【解析】【详解】由CH3CH2CH2Br制备CH3CH(OH)CH2OH，官能团由-Br变为2

个-OH，则CH3CH2CH2BrCH3CH=CH2，为消去反应；CH3CH=CH2+Br2→CH3CHBrCH2Br，为加成反应；CH3CHBrCH2BrCH3CH(OH)CH2OH，为水解反应（也属于取代反应），故答案选B。【点睛】本题考查卤代烃的典型反应。由CH3CH2CH2Br制备

CH3CH(OH)CH2OH，官能团由-Br变为2个-OH，则应发生消去、加成、水解，以此来解答。8.一种天然化合物X的结构简式如图所示。下列有关该化合物的说法中不正确的是（）A.X的分子式为C19H1

8O7B.化合物X能使酸性高锰酸钾溶液褪色C.1mol化合物X最多能与5molNaOH发生反应D.化合物X与溴水既能发生加成反应又能发生取代反应【答案】C【解析】【详解】A.X的分子式为C19H18O7，故正确；B.该

物质含有碳碳双键和羟基，能使酸性高锰酸钾溶液褪色，故正确；C.能与氢氧化钠反应的官能团为酚羟基、酯基，1mol化合物X最多能与4mol氢氧化钠发生反应，故错误；D.含有碳碳双键，能和溴水发生加成反应，含有酚羟基，可与溴水发生取代反应，故正确。故选C。9

.有八种物质：①乙酸②苯③聚乙烯④苯酚⑤2－丁炔⑥甲醛⑦邻二甲苯⑧环己烯，既能使酸性高锰酸钾溶液褪色又能与溴水反应使之褪色的是A.①③④⑤⑧B.②④⑤⑦⑧C.④⑤⑥⑧D.③④⑤⑦⑧【答案】C【解析】【详解】①乙酸、②苯、③聚乙烯与高锰酸钾、溴水均不反应；⑦邻二甲苯与高锰酸钾反应，而

与溴水不反应；④苯酚、⑤2－丁炔、⑥甲醛、⑧环己烯既能使酸性高锰酸钾溶液褪色又能与溴水反应使之褪色，故选C。10.下列实验能获得成功的是()A.将乙醛滴入银氨溶液中，加热煮沸制银镜B.将1-氯丙烷与NaOH溶液共热几分钟

后，冷却、加入过量稀硝酸酸化，滴加AgNO3溶液，得白色沉淀，证明其中含有氯元素C.苯与浓溴水反应制取溴苯D.141molLCuSO−溶液2mL和10.5molLNaOH−溶液4mL混合后加入40%的乙醛溶液0.5mL，加热

煮沸观察沉淀的颜色【答案】B【解析】【详解】A．银镜反应要在水浴加热的条件下，将乙醛滴入银氨溶液中，加热煮沸得到褐色沉淀，A选项错误；B．将1-氯丙烷与NaOH溶液共热几分钟后，冷却、加入过量稀硝酸酸化，滴加AgNO3溶液，得白色沉淀，可证明其中含有氯元素，B

选项正确；C．苯和溴在溴化铁作催化剂的条件下制备溴苯，不能用溴水，C选项错误；D．141molLCuSO−溶液2mL和10.5molLNaOH−溶液4mL混合后恰好反应生成氢氧化铜，碱应该过量，D选项错误；答案选B。11.下列说法

正确的是A.分子式为C4H10O的醇，能在铜催化和加热条件下被氧气氧化为醛的同分异构体共有4种B.分子式为C7H8O的有机物，能与氯化铁溶液发生显色反应的同分异构体共有3种C.3--甲基--3--乙基戊烷的一氯代物

有5种D.2--氯丁烷与NaOH乙醇溶液共热的反应产物中一定不存在同分异构体【答案】B【解析】【详解】A.分子式为C4H10O的醇，能在铜催化和加热条件下被氧气氧化为醛，说明与羟基相连的碳上有2个氢原子，所以符合条件的醇可能的结构有：CH3CH2CH2CH2OH、CH3CH(C

H3)CH2OH，故A错误；B.分子式为C7H8O的有机物，能与氯化铁溶液发生显色反应，故含有1个苯环，1个酚羟基，还含有1个甲基，甲基与酚羟基有邻、间、对三种位置关系，故同分异构体共有3种，故B正确；C.3--甲基--3--乙基戊烷(CH3CH2)2C（CH

3）CH2CH3有3种H原子，一氯代物有3种同分异构体，故C错误；D.2--氯丁烷(CH3CHClCH2CH3)与NaOH乙醇溶液共热发生消去HCl分子的反应，可以从1号碳上消去氢原子形成双键，也可以从3号碳原子上

消去氢原子形成双键，所以反应产物中有两种不同的同分异构体，故D错误；故答案选B。【点睛】醇在发生催化氧化时，与羟基相连的碳上有2个氢原子，发生催化氧化，变为醛；与羟基相连的碳上有1个氢原子，发生催化氧化，变为酮；与羟基相连的碳

上有没有氢原子，不能发生催化氧化。12.下列实验的方法正确的是①除去甲烷中少量的乙烯：在催化剂加热条件下将其与H2混合反应；②除去苯中混有的苯酚：加入浓溴水，过滤；③将工业酒精中水除去制取无水酒精：加入生石灰（C

aO），蒸馏；④检验乙醇中含有苯酚：可用FeCl3溶液。A.①②③B.②③④C.③④D.①②④【答案】C【解析】【分析】考查有机混合物的提纯、有机物的检验，属于基础题。【详解】①混合气体中乙烯与H2发生加成反应生成的乙烷，是甲烷中的新杂质。可将混合气体依次通过酸性高锰酸钾溶液、氢氧化钠溶液

（或通过溴水）除去乙烯；②苯酚与浓溴水反应生成的三溴苯酚不溶于水，但能溶于苯等有机溶剂中，不能过滤除去。可向混合物中加入足量的氢氧化钠溶液，充分振荡、静置后分液。③加入生石灰后，水与CaO反应生成Ca(OH)2，蒸馏时只有酒精气化，再被冷凝。这是工业制无

水酒精的方法。④酚类与Fe3+生成紫色溶液，而醇类无此性质。故可用FeCl3溶液检验乙醇中的苯酚。本题选C。【点睛】除去混合气体中的杂质，不用气体作除杂试剂，因为气体用量难以控制。用少了，原有杂质除不尽；用多了，过量

气体成为新杂质。13.化学式为C4H8O3的有机物，在浓硫酸存在和加热时，有如下性质：①能分别与CH3CH2OH和CH3COOH反应，②脱水生成一种能使溴水褪色的物质，此物质只存在一种结构简式，③能生成一种分子式为C4H6O2的五元环状化合物，则C4H8O3的结构简式

为（）A.HOCH2COOCH2CH3B.CH3CH(OH)CH2COOHC.CH3CH2CH(OH)COOHD.HOCH2CH2CH2COOH【答案】D【解析】【分析】①能与CH3CH2OH、CH3COOH反应，说明该物质中含有羧基和羟

基；②能脱水生成一种使溴水褪色的物质，该物质只存在一种结构，说明连接醇羟基碳原子相邻碳原子上只有一种氢原子；③能生成一种分子式为C4H6O2的五元环状化合物,说明发生分子内酯化反应，除了—COOH外主链含有3个C原子，—OH位于端碳

原子上；可据此分析解答。【详解】A．该物质只能和羧酸发生酯化反应，且自身不能发生酯化反应，故A错误；B．该物质分子内酯化不能形成五元环，故B错误；C．该物质分子内酯化不能形成五元环，故C错误；D．该物质中含有羧基和酚羟基，能发生分子内酯化反应，且

符合上述条件，D选项正确；答案选D。14.某含碳、氢、氧三种元素的有机物的蒸气密度是CO2的2倍（相同条件），该有机物中氧原子以“”结构存在的同分异构体的数目有（）A.2种B.4种C.6种D.8种【答案】C【解析】【详解】该有机物相对分子质量为44×2=88，－COO－相对质

量为44，残基相对分子质量为44，残基为C3H8。（1）若该有机物为羧基，只有2种：正丁酸和异丁酸；（2）若该有机物为酯，则有4种：甲酸正丙酯、甲酸异丙酯、乙酸乙酯、丙酸甲酯，共6种，答案选C。【点睛】本题主要考查的是有机物分子式的计算以及同分异构体的判断，

掌握丙基有2种是解决本题的关键。15.1molM在稀硫酸、加热条件下可水解生成1mol草酸（C2H2O4）和2molN（C5H12O）。下列说法不正确．．．的是（）A.M的分子式为C12H22O4B.1mol草酸完全燃烧消耗0.5molO2C.

N可能的结构有8种（不考虑立体异构）D.M、N均可发生氧化反应、加成反应和取代反应【答案】D【解析】【分析】1molM在稀硫酸、加热条件下可水解生成1mol草酸（C2H2O4）和2molN（C5H12O），则M的结构简

式为C5H11OOCCOOC5H11。【详解】A、M的分子式为C12H22O4，故A正确；B、草酸燃烧的方程式为：C2H2O4+12O22CO2+H2O，故B正确；C、N为C5H11OH，其中-C5H11有8种结构

，故C正确；D、N的分子式C5H11OH，为饱和一元醇，可发生氧化反应和取代反应，不能发生加成反应，M为C5H11OOCCOOC5H11，是二元酯，可发生氧化反应和取代反应，不能发生加成反应，故D错误；故选D。16.药用有机化合物A(C8H8O2)为一种无色液体。从A出发可发

生如图所示的一系列反应。则下列说法正确的是（）A.根据D和浓溴水反应生成白色沉淀可推知D为苯酚B.G的同分异构体中属于酯且能发生银镜反应的只有一种C.上述各物质中能发生水解反应的有A、B、D、GD.A的结构简式为【答案】D【解析】【分析】B能和二氧化碳、水反

应生成D，D能和溴水发生取代反应生成白色沉淀，说明D中含有酚羟基，所以A中含有苯环，A的不饱和度=82282+−=5，则A中还含有一个不饱和键，A能和氢氧化钠的水溶液发生水解反应生成B和C，则A中含有酯基，C酸化后生成

E，E是羧酸，E和乙醇发生酯化反应生成G，G的分子式为C4H8O2，则E的结构简式为CH3COOH，C为CH3COONa，G的结构简式为CH3COOCH2CH3，结合A的分子式可知，B为，D为，F为2，4，6-三溴苯酚，结构简式为，A为，据此分析解答。【

详解】A．与溴水得到白色沉淀的有机物含有酚羟基，不一定为苯酚，不能确定D为苯酚，故A错误；B．G的结构简式为CH3COOCH2CH3，它的同分异构体中属于酯且能发生银镜反应，应是甲酸形成的酯，相应的醇有1

-丙醇，2-丙醇，有2种，故B错误；C．D为，不能发生水解反应，故C错误；D．由上述分析可知，A的结构简式为，故D正确。答案选D。17.CPAE是蜂胶的主要活性成分，也可由咖啡酸合成，下列说法不正确的是

（）A.1molCPAE与足量的溴水反应，最多消耗4molBr2B.咖啡酸可发生聚合反应，而且其分子中含有3种官能团C.与苯乙醇互为同分异构体的酚类物质共有9种D.可用金属Na检测上述反应是否残留苯乙醇【答案】D【解析】【分析】CPAE中含酚-OH、-COOC-和碳碳双键；咖啡酸中含有酚羟

基、碳碳双键和羧基；结合相关官能团的结构和性质分析判断。【详解】A．CPAE含酚-OH、-COOC-和碳碳双键，其中酚-OH和碳碳双键能够与溴水反应，则1mol最多可与含4mol溴发生反应，故A正确；B．咖啡酸含C

=C，酚-OH、-COOC-，共3种官能团，含C=C可发生加聚反应，故B正确；C．与苯乙醇互为同分异构体的酚类物质，含酚-OH、乙基(或2个甲基)，含酚-OH、乙基存在邻、间、对三种，两个甲基处于邻位的酚2种，两个甲基处于间位的有3种，两

个甲基处于对位的有1种，共9种，故C正确；D．CPAE中含酚-OH、苯乙醇中含-OH，均与Na反应生成氢气，则不能用金属Na检测上述反应是否残留苯乙醇，故D错误；答案选D。【点睛】本题考查有机物的结构与性质，把握官

能团与性质的关系为解答的关键，侧重羧酸、酚、醇等物质性质的考查，选项C为解答的难点，注意同分异构体的推断，易错点为A，要注意酚羟基的邻对位氢原子能够被溴原子取代。18.某分子式为C10H20O2的酯，在一定条件下可发生如下图的转化过程：则符合上述条件的酯的结构

可有A.2种B.4种C.6种D.8种【答案】B【解析】【详解】因C经两步氧化可生成E，则C为C4H9-CH2OH，D为C4H9—CHO，E为C4H9-COOH，B为C4H9—COO-，-C4H9有四种结构，分别为：CH3-CH2-CH2-CH

2-、CH3-CH2-CH(CH3)-、(CH3)2CHCH2-、(CH3)3C-，所以符合条件的酯的结构有4种，故选B。19.分子式为C5H10O3且符合条件：①能使新制Cu(OH)2悬浊液溶解；②标准状况下，1mol该有机物与金属钠反应能生成22.4L气体。则该

有机物的同分异构体有(不含立体异构)A.8种B.10种C.12种D.14种【答案】C【解析】【详解】由题意可知能使新制Cu(OH)2悬浊液溶解，说明含有羧基，标准状况下，1mol该有机物与金属钠反应能生成22

.4L气体，因分子中只含三个氧原子，所以还应有一个羟基，故该有机物分子中含有一个羧基和一个羟基，可视为−OH取代戊酸分子中的氢原子后形成的，戊酸有四种：CH3CH2CH2CH2COOH、(CH3)2CHCH2COOH、(CH3)3CCOOH、CH3CH2CH(CH3

)COOH，羟基取代它们分子中的氢原子时分别有4种、3种、1种、4种取代方式，故共有12种不同的结构，本题答案为C。二、非选择题（共53分）20.有以下一系列反应，最终产物为草酸（乙二酸）。已知B为某一溴代物。（1）推测用字母代表的化合物的结构简式：C________

____F____________（2）写出化学方程式：B→C_________________________E→F_______________（3）E和草酸在一定条件下生成的环状化合物的结构简式为____________________【答案】(1).CH2=CH

2(2).OHCCHO(3).CH3CH2Br+NaOHCH2=CH2+NaBr+H2O(4).HOCH2CH2OH+O2OHCCHO+2H2O(5).【解析】【分析】根据反应流程分析可知，F被氧化生成乙二酸，则F是乙二醛，其结构简式为OHCCHO，E被氧化生成F，

则E是乙二醇，其结构简式为HOCH2CH2OH，B是一溴代物，B发生消去反应生成C，C和溴水发生加成反应生成D，D发生取代反应生成E，则这几种分子中的碳原子个数相同，所以B是1-溴乙烷，其结构简式为CH3CH2Br，C是CH2=CH2，D是

CH2BrCH2Br，据此可分析解答问题。【详解】(1)通过上述分析可知，C是乙烯，其结构简式为CH2=CH2，，F是乙二醛，其结构简式为OHCCHO，故答案为：CH2=CH2；OHCCHO；(2)B是1-溴乙烷，C是乙烯，B发生消去反应生成C，反应方程式为：CH3CH2Br+

NaOHCH2=CH2+NaBr+H2O，E是乙二醇，F是乙二醛，E在Cu作催化剂加热的条件下被氧化生成F，反应方程式为：HOCH2CH2OH+O2OHCCHO+2H2O，故答案为：CH3CH2Br+NaOHCH2=CH2

+NaBr+H2O；HOCH2CH2OH+O2OHCCHO+2H2O；(3)乙二醇和乙二酸在浓硫酸加热的条件下可发生酯化反应生成环酯，该环酯的结构简式为，故答案为：。21.某同学设计实验制备2-羟基-4-苯基丁酸乙酯，反应原理、装置和数据如下：相对分子质量密度(g/cm3)沸点(℃)水溶性2-

羟基-4-苯基丁酸1801.219357微溶乙醇460.78978.4易溶2-羟基-4-苯基丁酸乙酯2081.075212难溶实验步骤：①如图1，在干燥的圆底烧瓶中加入20mL2-羟基-4-苯基丁酸、20mL无水乙醇和

适量浓硫酸，再加入几粒沸石；②加热至70℃左右保持恒温半小时；③分离、提纯三颈瓶中的粗产品，得到有机粗产品；④精制产品。请回答下列问题：（1）油水分离器的作用为____________________。实验过程中发现忘记加沸石该如何操作__

_____________________。（2）本实验采用____________加热方式（填“水浴”、“油浴”或“酒精灯加热”）。（3）取三颈烧瓶中的混合物分别用水、饱和碳酸氢钠溶液和水洗涤。第二次水洗的目的是___________________。（4）在精制产品时，加入无水MgSO4的作

用为___________________；然后过滤，再利用如图2装置进行蒸馏纯化，图2装置中的错误有__________________________。（5）若按纠正后的操作进行蒸馏纯化，并收集212℃的

馏分，得2-羟基-4-苯基丁酸乙酯约9.0g。则该实验的产率为__________________________。【答案】(1).及时分离生成的水，促进平衡正向进行(2).停止加热，待冷却至室温后，再往装置内加

入沸石(3).水浴(4).洗掉碳酸氢钠(5).干燥(6).温度计水银球的位置，冷凝水的方向(7).32%【解析】分析：(1)2-羟基-4-苯基丁酸于三颈瓶中，加入适量浓硫酸和20mL无水乙醇发生的是酯化反应，存在化

学平衡，油水分离器的作用及时分离生成的水，促进平衡正向进行分析；实验过程中发现忘记加沸石，需要冷却至室温后，再加入沸石；(2)根据反应需要的温度分析判断；(3)取三颈烧瓶中的混合物分别用水、饱和碳酸氢钠溶液洗涤后，混合物中有少量的碳酸氢钠溶液要除去；

(4)在精制产品时，加入无水MgSO4，硫酸镁能吸水，在蒸馏装置中温度计的水银球的位置应与蒸馏烧瓶的支管口处相平齐，为有较好的冷却效果，冷凝水应采用逆流的方法；(5)计算出20mL2-羟基-4-苯基丁酸的物质的量和20mL无水乙醇的物质的量，根据方程式判断出完全反应

的物质，在计算出2-羟基-4-苯基丁酸乙酯的理论产量，根据产率=实际产量理论产量×100%计算。详解：(1)依据先加入密度小的再加入密度大的液体，所以浓硫酸应最后加入，防止浓硫酸使有机物脱水，被氧化等副反应发生，防止乙醇和酸在

浓硫酸溶解过程中放热而挥发；2-羟基-4-苯基丁酸于三颈瓶中，加入适量浓硫酸和20mL无水乙醇发生的是酯化反应，存在化学平衡，油水分离器的作用及时分离生成的水，促进平衡正向进行分析，实验过程中发现忘记加沸石，应该停止加热，待冷却至室温后，再往装置内加入沸石，故

答案为及时分离产物水，促进平衡向生成酯的反应方向移动；停止加热，待冷却至室温后，再往装置内加入沸石；(2)加热至70℃左右保持恒温半小时，保持70℃，应该采用水浴加热方式，故答案为水浴；(3)取三颈烧瓶中的混合物分别用水、饱和碳酸氢钠溶液洗涤后，混合物中有少量的

碳酸氢钠溶液要除去，所以要用水洗，故答案为洗掉碳酸氢钠；(4)在精制产品时，加入无水MgSO4，硫酸镁能吸水，在蒸馏装置中温度计的水银球的位置应与蒸馏烧瓶的支管口处相平齐，为有较好的冷却效果，冷凝水应采用逆流的方法，所以装置中两处错误为温度计水银球的位置，冷凝水的方向

，故答案为干燥；温度计水银球的位置，冷凝水的方向；(5)20mL2-羟基-4-苯基丁酸的物质的量为201.219180mol=0.135mol，20mL无水乙醇的物质的量为200.78946mol=0.

343mol，根据方程式可知，乙醇过量，所以理论上产生2-羟基-4-苯基丁酸乙酯的质量为0.135mol×208g/mol=28.08g，所以产率=实际产量理论产量×100%=9.028.08gg×100%=32%，故答案为32%。22.2，5-二羟基苯甲酸甲酯俗称龙胆酸甲酯，可由龙胆酸

与甲醇酯化得到，是合成制药中的常见中间体。其结构如右图所示。回答以下问题：（1）龙胆酸甲酯所含官能团名称为_________________（2）龙胆酸甲酯的分子式为________________（3）下列有关龙胆酸甲酯

的描述，正确的是______________(填字母)。a．能发生消去反应b．能与氢气发生加成反应c．能与浓溴水反应（4）龙胆酸甲酯与足量氢氧化钠溶液反应的化学方程式___________________。（5）写出满足下列条件的龙胆酸的两种同分异构体的结构简式_________

、____________。①能发生银镜反应；②能使FeCl3溶液显色；③酯类④苯环上的一氯代物只有两种（6）已知X及其它几种有机物存在如下转化关系，且测得C4H8含有一个支链，A的核磁共振氢谱图中有两个吸收峰。写出①的化学方

程式____________________________________。②的化学方程式______________________________________。③化学方程式________________________________________。写出X的结构简式

________________。【答案】(1).酚羟基、酯基(2).C8H8O4(3).bc(4).(5).(6).(7).n(CH3)2C=CH2(8).(9).(CH3)2CHCHO+2Ag(NH3)2OH(CH3)2CHCOONH4+2Ag↓+3NH3↑+H2

O(10).【解析】【分析】由X水解生成龙胆酸和A，据龙胆酸甲酯的结构简式可知，龙胆酸的分子式，A在浓硫酸作用下发生消去反应生成烯烃，C4H8含有一个支链，A为醇，A中有两种不同环境的氢原子，所以A为（CH3

）3COH，X的结构简式是，B能经过两步氧化，则B为伯醇，即为（CH3）2CHCH2OH，据B生成C的反应条件可知，C为（CH3）2CHCHO，D为（CH3）2CHCOOH，然后结合有机物的结构和性质来解答。【详

解】（1）由龙胆酸甲酯的结构简式可知，含酚羟基、酯基，故答案为酚羟基、酯基；（2）由龙胆酸甲酯的结构简式可知，分子式为C8H8O4，故答案为C8H8O4；（3）a．酚-OH、-COOC-均不能发生消去反应，故a错误；b．龙胆酸甲酯中有苯环，能与氢气发生加成反应，

故b正确；c．龙胆酸甲酯中有酚的结构，能与浓溴水反应，故c正确；故答案为bc；（4）酚-OH、-COOC-均与NaOH反应，龙胆酸甲酯与足量氢氧化钠溶液反应的化学方程式是，故答案为；（5）龙胆酸的一种同分异构体满足①能发生银镜

反应，含-CHO；②能使FeCl3溶液显色，含酚-OH；③酯类，含-COOC-，④苯环上的一氯代物只有两种，说明苯环上有两种位置的氢，则符合条件的同分异构体的结构简式为、，故答案为、；（6）根据上面的分析可知，反应①的化学方程式为n(CH3)2C=CH2，反应②的化学方程式，反应③的化

学方程式为(CH3)2CHCHO+2Ag(NH3)2OH(CH3)2CHCOONH4+2Ag↓+3NH3↑+H2O，X的结构简式为，故答案为n(CH3)2C=CH2；；(CH3)2CHCHO+2Ag(NH3)2OH(CH3)2CHCOONH4+2Ag↓+3NH3↑+H2O；。23.化合物Ⅰ

（C11H12O3）是制备液晶材料的中间体之一，其分子中含有醛基和酯基．Ⅰ可以用E和H在一定条件下合成：已知：①A的核磁共振氢谱表明其只有一种化学环境的氢；②RCH=CH2RCH2CH2OH③化合物F苯环上的一氯代物只有两种；④通常在同一个

碳原子上连有两个羟基不稳定，易脱水形成羰基（1）A的化学名称为_____________；（2）D的结构简式为_____________；（3）I的结构简式为_____________；（4）写出下列反应的类型：A→B：____________；C→D：____________；（5）F生成

G的化学方程式为：______________；（6）I的同系物J比I相对分子质量小14，J能同时满足如下条件：①苯环上只有两个取代基，②能发生银镜反应，③能和饱和NaHCO3溶液反应放出CO2；符合上述条件的同分异构体

共有__________种（不考虑立体异构）．若J的一个同分异构体发生银镜反应并酸化后核磁共振氢谱为三组峰，且峰面积比为2：2：1，写出J的这种同分异构体的结构简式___________．【答案】(1).2﹣甲基﹣2﹣氯丙烷(2).（CH3）2CHCHO(3).(4).消

去(5).氧化(6).(7).18(8).【解析】【分析】A的分子式为C4H9Cl，核磁共振氢谱表明其只有一种化学环境的H，则A的结构简式为：（CH3）3CCl，在氢氧化钠醇溶液、加热条件下发生消去反应，生成B，则B为CH2=C（CH3）2，B发生信息中的反

应生成的C为（CH3）2CHCH2OH，C发生催化氧化生成D为（CH3）2CHCHO，D再与氢氧化铜反应，酸化得到E为（CH3）2CHCOOH；F的分子式为C7H8O，苯环上的一氯代物只有两种，应含有2个不同的侧链，且处于对位，则F为，与氯气在光照条件下发生取代反应

，生成G为，G在氢氧化钠水溶液发生水解反应，酸化得到H，由于同一个碳原子上连有两个羟基不稳定，易脱水形成羰基，故H为，H与E发生酯化反应生成I，其分子中含有醛基和酯基，故I为，据此解答。【详解】（1）A的分子式为C4H9Cl，核磁共振氢谱表明其只有一种化学环境的H，则A的结构简式

为：（CH3）3CCl，其名称为：2-甲基-2-氯丙烷，故答案为：2-甲基-2-氯丙烷；（2）A的结构简式为：（CH3）3CCl，在氢氧化钠醇溶液、加热条件下发生消去反应，生成B，则B为CH2=C（CH3）2，B发生信息中的反应生成的C为（CH3）2CHCH2OH，C发

生催化氧化生成D，D的结构简式为：（CH3）2CHCHO，故答案为：（CH3）2CHCHO；（3）H为，H与E发生酯化反应生成I，其分子中含有醛基和酯基，故I为，故答案为；（4）通过以上分析知，A发生消去反应生成B，C发生氧化反应生成

D，故答案为消去；氧化；（5）F生成G的化学方程式为：，故答案为：；（6）I（）的同系物J比I相对分子质量小14，J比I少一个-CH2-原子团，J的同分异构体中能同时满足如下条件：①苯环上只有两个取代基，②既能发生银镜反

应，又能与饱和NaHCO3溶液反应放出CO2，则J的同分异构体含有-CHO、-COOH，侧链为-CHO、-CH2CH2COOH，有邻、间、对三种位置，侧链为-CHO、-CH（CH3）COOH，有邻、间、对三种位置，侧链为-CH2CHO、-CH2COOH，有邻、间、对三种位置，侧

链为-CH2CH2CHO、-COOH，有邻、间、对三种位置，侧链为-CH（CH3）CHO、-COOH，有邻、间、对三种位置，侧链为-CH3、-CH（CHO）COOH，有邻、间、对三种位置，故符合条件的同分异构体有6×3=18种，J的一个同分异构体发生银镜反应并酸化后核磁共振氢谱为三组

峰，且峰面积比为2：2：1，而J的同分异构体发生银镜反应并酸化后的产物苯环侧链至少有2种H原子，故产物中苯环上只有1种H原子，产物有2个-COOH，应还含有2个-CH2-，2个侧链相同且处于对位，产物中侧链为-CH2COOH，故符合条件的同分异构体结构简式为：，故答案为：18；。