【文档说明】安徽省淮北市树人高级中学2020-2021学年高一下学期期中考试地理试题 含答案.docx，共(16)页，1.078 MB，由小赞的店铺上传

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安徽省淮北市树人高级中学2020-2021学年高一地理下学期期中试题时间:90分钟满分：100分一、选择题（共30个，每题2分，共60分）下图为美国本土人口密度图，图中柱子越高表示人口密度越大，U字型是美国人口界线，被称为“美国胡焕庸线”。据此完成下面1-

3题。1．导致美国U字型线以内③区域人口相对稀疏的主导因素是（）A．交通条件B．科技水平C．气候和地形D．城市分布2．与②④两地相比，形成①区域人口分布状况的优势条件是（）A．经济发达B．开发历史悠久C．地势平坦D．交通便捷3．目前，①区域年轻人口大量向②区域迁移，目的主要是（）A．与家人团聚

B．追求宜人气候C．开发矿产资源D．寻找新兴职业岗位随着我国经济和交通运输的快速发展,人口在城市之间的流动越来越频繁。下表示意2019年3月8日A城人口出行目的地城市排名及出行方式所占比重。据此回答下面

4-5题。目的地排名出行方式所占比重（%）汽车火车飞机①上海103753②重庆02278③河北廊坊49510④湖南长沙92863⑤河北保定307004．根据信息,推测A城最可能是（）5．A．北京市B．济南市C．南京市D．武汉市5．与其他城市相比,上海成为该城市人口出行的首要目的地的主要原因

是（）A．位置更靠近B．经贸更频繁C．交通更便捷D．文化更接近下凹式绿地是城市建设中应用比较广泛的一种符合现代雨洪管理理念的绿地设计方式，其理念是利用开放空间承接和贮存雨水并利用，达到减少径流外排的作用。下图示意某城市道路隔离带下凹式绿地建设。读图完

成下面6-8题。6．城市绿地对水循环的影响是（）A．增加地表径流B．减少蒸发蒸腾C．增加地下径流D．减少大气降水7．下凹式绿地和以前传统绿地相比，其优势是（）A．不易遮挡行车视线B．造价低便于维护C．增加雨水下渗增强过滤D．增加城市绿化面积8．与下凹式绿地配套建设的设施最可能是（）A．排污管B．

集水池C．隔离网D．灌溉喷头"睡城"也叫"卧城"，伴随着大城市的发展而出现，现在主要指的是在大城市边缘的大规模社区或居民点。"睡城"医疗、教育、商场等城市配套设施较缺乏，但房价或租金较低，交通较便利，便

于人们"潮汐式"的与母城之间流动。下图示意某中心城市周围不同类型的居民点。据此完成下面9-11题。9．图中四地最可能为"睡城"的是（）A．甲B．乙C．丙D．丁10．"睡城"的特点是（）A．不仅承担母城过密的人口，还承担了母城的工业B．与母城之间车流量最大的时段是中午和子夜C．距离母城较近

，且位于通往母城的主要交通干线上D．房价低，基础设施齐全，经济活动十分活跃11．最可能分布在中心城市的产业部门是（）A．仓储中心B．金融服务业C．食品加工厂D．批发市场近年来，我国越来越多的城市患上了“城市病”，严重影响了居民工作和生活。下图为我国某城市发展模式（一城多镇）

图。据此完成下面12-13题。12．主城区可能存在的主要“城市病”是（）A．交通拥堵严重B．基础设施剩余C．工业污染严重D．水源供应紧张13．“一城多镇”城市空间发展模式的目的是（）A．加快逆城市化进程B．减少基础设施

投资C．促进城市产业集聚D．分散主城区职能地处北疆的新疆生产建设兵团某团12.86万亩棉花全部实行机械化作业。据此完成下列14-15题。14．新疆种植棉花的限制性因素是（）A．地形B．水源C．气候D．土壤15．新疆推广机械化

作业替代人工采摘的主要原因是（）A．冷藏保鲜技术发达B．劳动力素质低C．劳动力价格高D．机械工业发达数据中心制冷耗能巨大。一般电力成本占整个大数据中心支出成本的50％～70％，而其中制冷过程消耗的电能又占数据中心所有能耗

的40％，散热不充分会直接影响数据中心的运行。早期数据处理量小、规模较小的互联网公司其数据处理中心的散热是安装大型制冷空调解决。随着数据处理量的增大，数据处理中心的耗能相应增大有些大型互联网公司把数据中心搬到高原山地

的垭口。近年来，微软、阿里巴巴等公司把数据中心建到了水下（如下图所示）。读图，完成下面16-18题。16．早期数据处理中心的布局主要（）A．接近公司总部和科研机构B．接近广大用户和高等院校C．接近高等院校和廉价电力D．接近廉价电力和广大用户17．大型互联网

公司把数据中心搬到高原山地的垭口，主要原因是垭口地区（）①土地广阔，价格低廉②风力大③海拔高，光照强④气温低A．①③B．②④C．②③D．③④18．大型互联网公司把数据中心搬到高原山地的垭口，微软和阿里巴巴则把数据中心建在水下，其根本目的都是（）A．保护环境B．

提高收入C．降低成本D．创新技术“药不到亳州不齐，药不过亳州不灵。”亳州悠久的中药材种植传统让其享有“中华药都”的美誉。近年来，从药材种植到饮片加工，从成药制造到物流贸易，从保健医疗到科教研发，安徽亳州市已经形成了一套完整的现代

中医药产业体系。下图为亳州及周边区域示意图。据此完成下面19-20题。19．亳州有“中华药都”的美誉，主要得益于（）①广阔的市场②完整产业链③丰富的原料④悠久的历史A．①②B．①③C．③④D．②③20．从传统药材加工到完整现代中医药产业链的形成将会（）①降低

企业的生产成本②削弱药品市场竞争力③减少企业之间的协作④提高中药材种植规模A．①②B．①④C．②③D．③④冷链物流泛指冷藏冷冻类物品在生产、贮藏、运输、销售到消费前的各个环节始终处于规定的低温环境的一项系统工程。下图为农产品冷链物流流程示意图。2019年12月,欧洲

最大的冷链物流企业宣布将在中国投资建设冷链物流设施。据此回答下面21-23题。21．冷链物流的主要目的是（）A．降低成本B．拓展市场C．保证品质D．减少损耗22．图中冷冻库适宜建在（）A．消费市场B．原料产地C．加工厂附近D．交通枢纽23．我国吸引欧洲冷链物流企业投资的区

位优势是（）A．市场B．技术C．网络D．交通俄式提拉米苏是以面粉，奶油和蜂蜜等为原料制作的千层蛋糕，用料足，口感好，但口感随新鲜度变化走。俄式提拉来苏最初通过黑龙江省的绥芬河口岸进口到中国，并向全国市场辐射，迅速成为"网红”食品。现在绥芬河的本地商家从俄罗斯聘请糕点师，进口原材料，将

俄式提拉米苏在中国批量生产，进而促进了俄式风味食品加工业在绥芬河的发展。据此究成下列24-25题。24．绥芬河生产俄式提拉米苏的优势条件（）A．当地农副产品等原材料绿色无污染B．多条铁路线交汇，交通通达度好C．生产历史悠久，产业基础好D．临近俄罗斯，地理位置优势显著

25．俄式提拉米苏向全国市场辐射，迅速成为“网红”食品，得益于（）A．现代物流业的发展B．独特的俄罗斯风味C．我国消费市场广阔D．优秀的品牌营销鱼菜共生是一种新型的复合耕作体系，它把水产养殖与水耕栽培这两种原本完全不同的农耕技术，通过巧妙的生态设计，达到科学的协同共

生，从而实现养鱼不换水而无水质忧患，种菜不施肥而能正常生长的生态共生效应。据此回答下列26-28题。26．下列地区最适合发展“鱼菜共生”模式的是()A．黄土高原B．长江三角洲C．湟水谷地D．河西走廊27．“鱼菜共生”模式的优势有()①解决鱼塘水体富营养化问题②蔬菜可从鱼塘

中汲取养分③鱼类主要以蔬菜的根系为食④丰富农产品供应，增加农民收入A．①②③B．②③④C．①②④D．①③④28．该农业模式分布的决定性因素是()A．市场B．地形C．水源D．技术2019年12月30日，被誉为中国铁路发展“集大成者

"、智能高铁示范工程的京张（北京——张家口）高铁全线开通，时速达350km。110年前的这一天，由中国人自己设计施工建设的第一条铁路——京张铁路开通，新中国成立时该铁路时速不足40km。作为2022年北京奥运会的主要举办城市之一，京张高铁的开通对张家口影响深

远。下图为京张高铁线路图。据此完成下列29-30题。29．新中国成立时京张铁路时速不足40km,而现在京张高铁时速达350km。导致两者时速差异大的主要影响因素是（）A．地形B．经济C．技术D．市场30．京张高铁高通后，张家口①旅游业发展迅速②城市服务范围扩大③会成为北京城

市副中心④煤炭外运量增加（）A．①②B．②③C．③④D．①④二、材料解析题（共40分）31．阅读图文材料，完成下列要求。（14分）食用玫瑰喜光，生长期的适宜温度为15～25℃，在云南、江苏（下图）等地均有种植，鲜花

饼是以食用玫瑰入料的云南特色酥饼，酥软爽口、花香浓郁，起源于乾隆年间，原为宫廷御点，现已成为游客到云南旅游必带的伴手礼。H公司在海拔2000m的云南曲靖种植优质食用玫瑰并传承古法制饼工艺烘焙鲜花饼，将销售点主要布局在昆明。近年来，鲜花饼开始在江苏等地风靡。苏州糕饼生产厂家计划推出苏式鲜花饼，让人

们不到云南也有机会品尝鲜花饼的美味。（1）与苏州相比，分析曲靖食用玫瑰种植的有利气候条件。（4分）（2）分析H公司将鲜花饼销售点布局在昆明的原因。（4分）（3）苏式鲜花饼产业的良性发展需要各方的协同参与。请从糕饼生产厂家、花卉种植园两方中任选一方，阐述其应采取的举措。

（6分）32．阅读图文材料，完成下列要求。（10分）古吉拉特邦是印度一个重要的工业邦。该邦的主要制造业有石油、化工、工程、汽车及汽车零部件、纺织服装、宝石和珠宝以及医药等产业。中国、美国、日本、德国等国的著名公司纷纷在萨纳恩德工业区建厂、建仓库。（1）分析古吉拉特邦大力发展石化工业

的原因。（6分）（2）简述大量跨国公司集中布局于萨纳恩德工业区的优点。（4分）33．阅读图文资料，完成下列要求。（16分）材料一通勤铁路是一种联系市中心商业区与郊区（主城与卫星城）的铁路运输系统，以服务上班、上学为主，乘客众多且集中。非洲某内陆国计划建设首都至最大

卫星城之间的通勤铁路（见下图）,并对外招商，吸引了众多投资者关注。该通勤铁路设计金长26千米，设有11个车站。为降低建设成本，大部分线路位于地面。有专家预估，该铁路建成后其运行速度较慢、维护成本校高。材料二云轨，只需要一

根轨道就可以运行，解决城市交通多了一个选择。2020年9月22日上午，广州地铁集团与比亚迪集团在广州签署战略合作协议，共同发力云轨。云轨的建造周期约为地铁的1/3，总造价约为地铁的1/5，可广泛用于大中城市的骨干线

和超大型城市的加密线、商务区、游览区等线路。（1）推测该通勤铁路建成后运行速度较慢的原因。（4分）（2）分析该通勤铁路运行后维护成本可能较高的原因。(6分)（3）和地铁相比，云轨的优势有哪些？（6分）高一期中化学参考答案1．C【详解】A．石灰石是CaCO3，与盐酸

反应生成氯化钙、水和二氧化碳，离子方程式为：CaCO3+2H+=Ca2++CO2↑+H2O，A项正确；B．稀硫酸和氢氧化钠溶液反应生成硫酸钠和水，离子方程式为：H+＋OHˉ=H2O，B项正确；C．氯水中含有Cl2，Cl2具有氧化性，能将FeCl2氧化为FeCl3，离子方程式为：2Fe2+＋Cl2=

2Fe3+＋2Clˉ，C项错误；D．少量NaOH溶液滴入Ca(HCO3)2溶液中生成碳酸钙和水，离子方程式为：OH-+Ca2++HCO=CaCO3↓+H2O，D项正确；答案选C。2．C【详解】A．二氧化硫通入氯水中，二者发生氧化还原反应生成硫酸和盐酸，氯水颜色褪去，体现了二氧化硫

气体的还原性，故A正确；B．二氧化硫通入氢硫酸中，二者发生氧化还原反应，生成单质硫，产生黄色沉淀，体现了二氧化硫的氧化性，故B正确；C．二氧化硫通入酸性高锰酸钾溶液中紫色褪去，高锰酸根离子被还原为锰离子，体现了二氧化硫的还原性，故C错误；D．二氧

化硫通入碳酸钠溶液中，产生无色无味气体，即二氧化碳，说明亚硫酸能够制备碳酸，根据强酸制备弱酸的规律，酸性：H2SO3>H2CO3，故D正确；故选C。3．B【分析】根据H2S具有还原性，X2O离子具有氧化性，在氧化还原反应中得电子数等于失电子数来计算X元素在还原

产物中的化合价。【详解】设X元素在还原产物中的化合价为x，H2S全部被氧化成硫单质，由氧化还原反应中得失电子守恒可知，0.03mol×(2-0)=0.015mol×2×(6-x)，解得x=+4。答案选B。4．C【详解】A．13C与15N的中子数分别为13-6=7、15-7=8

，不相等，故A错误；B．13C是原子，不是C60的同素异形体，故B错误；C．15N与14N都是N原子，质子数相同，中子数不同，互为同位素，故C正确；D．15N的核外电子数为7，中子数15-7=8，核外电子数与中子数不相同，故D错误；故

选C。【点睛】同位素是质子数相同、中子数不同的同种元素的不同单质，同素异形体是同种元素形成的不同单质。5．C【详解】A．元素的非金属性越强，其相应氢化物的稳定性就越强。由于元素的非金属性：F＞Cl＞Br＞I，所以HF、HCl、HBr、HI的热稳定性依次减弱；这几种气体都是由分子构成

，物质的相对分子质量越大，分子间作用力就越大，物质的熔沸点就越高，但HF分子之间可以形成分子间氢键，增加了分子之间的相互作用，所以其沸点最高，A错误；B．熔融状态下能导电的化合物为离子化合物，其中一定含离子键；金属与非金属元素形成的化合物不一定是离子化

合物，如氯化铝是共价化合物，B错误；C．NCl3分子中N原子与3个氯原子共用3对共用电子对，故所有的原子均为8电子稳定结构，C正确；D．NaHSO4溶于水时发生NaHSO4=Na++H++，此时破坏了离子键和共价键，D错误；故正确选项是C。6．A【详解】A．由“四种离子均含1

0个电子”，结合“阴上阳下”规律，可推知四种离子种类及位置关系：离子核外电子排布相同时，根据“序大径小”可知，，A项错误。B．根据同周期及同主族元素原子半径递变规律，，B项正确。C．根据同主族元素原子半径递变规律可知，F

的原子半径在同主族中最小，C项正确。D．由Na和O元素组成的二元化合物有、，D项正确。故选A。7．A【详解】A．非金属性：Cl＞S＞Se，元素的非金属性越强，对应的最高价氧化物的水化物的酸性越强，酸性：，故A错误；B．同主族元素，从上到下，原子半径逐渐增大

，同周期元素，从左到右，原子半径逐渐减小，则原子半径：Mg＞P＞O，故B正确；C．非金属性F＞O＞S，元素的非金属性越强，对应的氢化物越稳定，热稳定性：，故C正确；D．金属性K＞Na＞Mg，元素的金属性越强

，最高价氧化物对应水化物的碱性越强，碱性：KOH＞NaOH＞Mg(OH)2，故D正确；故选A。8．A【详解】A．HCl为分子晶体，溶于水破坏共价键，故A错误；B．CCl4中含有C-Cl极性键，NH3中含有N-H极性键，则CCl4和NH3都是只含有极性键的共价化合物，故

B正确；C．Na2O2含有离子键和O-O非极性键，是含有非极性键的离子化合物，故C正确；D．CaO和NaCl是离子晶体，存在离子键，晶体熔化时要破坏离子键，故D正确。故选：A。9．C【详解】A．二氧化碳中C原子分别以双键和O原子结合，故其电子式为，故A正确；B

．光气COCl2中存在碳氧双键，光气COCl2的结构式为：，故B正确；C．四氯化碳中氯原子半径大于C原子半径，故其比例模型为，故C错误；D．S2-的核外有18个电子，核内有16个质子，故其结构式示意图为，故D正确。故选C。10．B【分析】根据图示，反应物总能量小于生成物总能量，该反应为吸热反应。【

详解】A．化学反应的发生是旧键断裂和新键生成的过程，其中旧键断裂吸收的能量和新键生成释放的能量不同，所以化学反应均伴随着能量变化，故A正确；B．反应物总能量小于生成物总能量，该反应为吸热反应，故B错误；C．反应物总能量小于生成物总能量，能量越低

越稳定，所以反应物比生成物稳定，故C正确；D．断裂化学键要吸收能量，形成化学键要放出能量，化学变化中的能量变化主要是由化学键的断裂和形成引起的，故D正确；故答案为B。11．D【详解】由化学反应能量变化与化学键键能的关系，得该反应的能量变化=反应物总键能-生

成物总键能=(436+243-2×431)kJ/mol=-183kJ/mol，即反应放出183kJ能量，故答案选D。12．A【详解】该装置为铜锌原电池装置；①Zn为负极，Cu为正极，①不合理；②H+在溶液中向C

u电极，即H+向正极移动，②不合理；③Zn失去的电子沿导线流向Cu，③不合理；④H+在正极上得到电子，放出H2，故Cu极上有H2产生，④合理；⑤题中未告知是否处于标况下记录数据，故无法计算H2的体积，⑤不合理；⑥Zn作负极，负极的电极反应式为Zn-2e-=Zn2+，Cu正极，正极的电极反应式

为2H++2e-=H2↑，⑥不合理；综上所述，记录合理的是④，故选A。13．B【详解】A．通入氢气的电极作负极，a为负极，b为正极，电子由a经外电路流向b，A正确；B．b极为正极，氧气得电子发生还原反应，反

应式是，B错误；C．总反应为氢气和氧气反应生成水，总反应式为，C正确；D．使用过程中不断生成水，电解质溶液碱性减弱，所以电解质溶液的浓度逐渐减小，D正确；故选B。14．A【详解】A.该电池是质子固体做电解质，所以电极反应式为，选项A正确；B.电极a为负极，发生氧

化反应，选项B错误；C.未指明标准状况下，无法计算H2S的物质的量，选项C错误；D.反应由化学能转化为电能，电池内部释放的热能小于632kJ，选项D错误。答案选A。15．D【分析】反应速率之比等于化学计量数之比。【详解】A．应为v(NH3)=v(O2)，故A错误；B．应为v(O2)=v(H2O)

，故B错误；C．应为v(NH3)=v(H2O)，故C错误；D．反应速率之比等于化学计量数之比，v(O2)=v(NO)，故D正确；故选D。16．D【分析】根据化学平衡状态的特征解答，当反应达到平衡状态时，正逆反应速率相等，各物质的浓度、百分含量不变，以及由此衍生的一些量也不发生

变化，解题时要注意，选择判断的物理量，随着反应的进行发生变化，当该物理量由变化到定值时，说明可逆反应到达平衡状态，据此解答。【详解】A．单位时间内生成nmolA2，同时消耗2nmolAB，都体现正反应的方向，未体现正与逆的关系，故A错误；B．可逆反

应只要反应发生就是反应物和生成物共存的体系，所以不一定是平衡状态，故B错误；C．AB的消耗速率等于A2的消耗速率，速率之比不等于化学计量之比，故C错误；D．容器中各组分的体积分数不随时间变化，说明反应体系中各物质

的量不随时间的变化而变化，达平衡状态，故D正确；故选D。17．C【详解】①反应有气体参加，压缩容器的体积增大压强，反应物的浓度增大，反应速率增大，故①正确；②升高温度，反应速率增大，故②正确；③将C粉碎，固体表面积增大，反应速率增大，故③正确；④通CO2气体，反应物的浓度增大，反应速率增大，

故④正确；⑤加入足量木炭粉，加入的反应物为固体，反应速率不变，故⑤错误；⑥恒容条件下通入N2，参加反应的气体的浓度不变，反应速率不变，故⑥错误；①②③④正确；答案选C。18．C【详解】A．C可以表示金刚石、石墨等

，不能只表示一种物质，故A不选；B．C4H10有正丁烷、异丁烷，不能只表示一种物质，故B不选；C．CF2Cl2只有一种结构，只表示一种物质，故C选；D．C3H7Cl有1-氯-丙烷、2-氯-丙烷两种物质，不能只表示一种物质，故D不选；故选：C。19．分液漏斗圆底烧瓶溶液褪色SO2+Cl2+2H2

O=4H++2Cl-+SO溶液紫色褪去(溶液褪色)还原性有黄色沉淀生成2H2S+SO2=3S↓+2H2O将试管E在酒精灯上加热，溶液恢复红色SO2+2OH-=SO+H2O防止倒吸【分析】浓硫酸与亚硫酸钠反应生成二氧化硫，二氧化硫与氯气反应生成盐酸和硫酸，二

氧化硫具有还原性能够使酸性高锰酸钾褪色，二氧化硫具有氧化性，能够氧化硫化氢生成硫单质，二氧化硫具有漂白性，能够使品红溶液褪色，二氧化硫有毒，不能直接排放到空气中，能够与氢氧化钠反应生成亚硫酸钠，可以用氢氧化钠吸收过量的二氧化硫。【详解】(1)装置A中盛放浓硫酸和亚硫酸钠的仪器名称

分别是分液漏斗、圆底烧瓶，故答案为：分液漏斗；圆底烧瓶；(2)二氧化硫与氯气反应生成盐酸和硫酸，反应后，装置B中发生的现象是溶液褪色，反应的离子方程式为SO2+Cl2+2H2O=4H++2Cl-+SO；二氧化硫具有还原性能够使C中酸性高锰酸钾褪色，装置C中的现象是溶液紫红色褪去(溶液褪色)

，表现了SO2的还原性；二氧化硫具有氧化性，能够氧化装置D中硫化氢生成硫单质，现象为有黄色沉淀生成，发生反应的化学方程式为2H2S＋SO2=3S↓＋2H2O；故答案为：溶液褪色；SO2+Cl2+2H2O=4

H++2Cl-+SO；(3)二氧化硫具有漂白性，能够使装置E中品红溶液褪色；装置E的目的是探究SO2与品红溶液作用的可逆性，实验操作及现象将试管E在酒精灯上加热，溶液恢复红色。故答案为：将试管E在酒精灯上加热，溶液恢复红色；(4)二

氧化硫有毒不能排放到空气中，所以用氢氧化钠溶液可吸收二氧化硫，F装置中发生的离子方程式：SO2+2OH-=SO+H2O；倒扣的漏斗溶液上升具有缓冲作用，能防止倒吸，故答案为：SO2+2OH-=SO+H2O；能防止倒吸。20．④③⑤③④⑤⑧62a+

11VIIIS=C=S【详解】(1)①O2含有非极性共价键，属于单质，既不是电解质，也不是非电解质；②H2含有非极性共价键，属于单质，既不是电解质，也不是非电解质；③NH4NO3中与形成离子键，、中N和

H、N和O形成极性共价键，属于盐，在水溶液或熔融状态下能够导电，是电解质；④Na2O2中Na+和形成离子键，中O原子之间形成非极性共价键，在熔融状态下能够导电，是电解质；⑤Ba(OH)2中Ba2+和OH-形成离子键，OH-中O原子和H原子形成极性

共价键，在水溶液或熔融状态下能够导电，是电解质；⑥CH4分子中C和H形成极性共价键，在水溶液和熔融状态下均不能导电，属于非电解质；⑦CO2分子中C和O形成极性共价键，在水溶液和熔融状态下均不能导电，属于非电

解质；⑧NaF中Na+和F-形成离子键，属于盐，在水溶液或熔融状态下能够导电，是电解质；⑨NH3分子中N和H形成极性共价键，在水溶液和熔融状态下均不能导电，属于非电解质；⑩I2含有非极性共价键，属于单质，既不是电解质，也不是非电解质；综上，既含离子键又含非极性键

的是④；既含离子键又含极性键的是③⑤；属于电解质的是③④⑤⑧；(2)短周期的某元素的气态氢化物为H2R，则该元素的化合价为-2价，即得到了2个电子，该元素的原子最外层有8-2=6个电子，故答案为：6；(3)元素周期表中，ⅡA族只含有金

属元素，位于元素周期表中的第2纵行，故答案为：2；(4)第四周期元素中，第ⅡA族元素和第ⅢA族元素之间还有10个过渡金属元素，若第IIA族原子序数为a，则第IIIA族原子序数为a+11，故答案为：a+11；(5)Fe位于元素周期表

中的第四周期第Ⅷ族，其原子结构示意图为，故答案为：Ⅷ；；(6)X、Y两种主族元素能形成XY2型化合物，已知XY2中共有38个电子。若XY2为常见元素形成的离子化合物，则XY2为CaF2，其电子式为，若XY2为共价化合物，则XY2为CS2，其

结构式为S=C=S。21．PbO2+2e-+4H++2SO42-=PbSO4+2H2O小48CZn+Ag2O=2Ag+ZnO减小增大不变【解析】【详解】（1）关键电池总反应式为Pb＋PbO2＋4H＋＋2SO42－2Pb

SO4＋2H2O可判断负极是铅失去电子发生氧化反应，负极电极反应为Pb-2e-+SO42-=PbSO4；正极是二氧化铅得到电子，发生还原反应，正极电极反应式为PbO2+2e-+4H++2SO42-=PbSO4+2H2O，因此放电时电解液中硫酸

的浓度将减少；当外电路通过1mol电子时，依据电子守恒计算理论上负极板的质量增加0.5mol×303g/mol-0.5mol×207g/mol=48g；（2）①A、负极电极反应式为Zn+2OH--2e-=ZnO+H

2O、正极电极反应式为Ag2O+H2O+2e-=2Ag+2OH-，所以电池反应式为Zn+Ag2O=2Ag+ZnO，因此氢氧化钾的量不变，A错误；B、由电极反应式可知，Zn的化合价由0价升高到+2价，被氧化，为原电池的负极，则正极为Ag2O，原电池中电

子从负极流向正极，即从锌经导线流向Ag2O，B错误；C、正极电极反应为：Ag2O+H2O+2e-=2Ag+2OH-，负极电极反应：Zn+2OH--2e-=ZnO+H2O，所以Zn是负极，Ag2O是正极，C正确；D、由电极反应式可知，Zn的化合价由0价升高到+2价，为原电

池的负极，发生氧化反应，Ag2O是正极发生还原反应，D错误；答案选C。②负极电极反应式为Zn+2OH--2e-=ZnO+H2O、正极电极反应式为Ag2O+H2O+2e-=2Ag+2OH-，所以电池反应式为Zn+

Ag2O=2Ag+ZnO；③该原电池中，Zn元素化合价由0价变为+2价、Ag元素化合价由+1价变为0价，所以Zn是负极失电子发生氧化反应，Ag2O是正极得电子发生还原反应；负极的电极反应式为：Zn+2OH--2e-=Z

nO+H2O，则负极附近pH减小；正极电极反应式为Ag2O+H2O+2e-=2Ag+2OH-，所以正极溶液的pH增大，电子转移相等的情况下负极消耗的氢氧根与正极产生的氢氧根离子的物质的量相等，所以溶液的pH值不变。22．4H2+2NO24H2O+N

20.05mol•L-1•s-11.5mol/L50%增大bcdbdSO2+H2OH2SO3，H2SO3+Ca(OH)2=CaSO3+H2O【详解】Ⅰ．脱硝：催化剂存在下，H2还原NO2生成水蒸气和氮气，化学方程式为4H2+2NO24H2O+N2。答案为：4H2+2NO24H2O+N2；

Ⅱ．脱碳：现向2L恒容密闭容器中加入2molCO2、6molH2，在恒温下发生反应。10s后反应达到平衡，此时容器内CH3OH的浓度为0.5mol•L-1，则可建立如下三段式：(1)前10s内的平均反应速率v(H2O)==0.05mol•L-1•s-1；平衡时c(H2

)=1.5mol/L；平衡时CO2的转化率为=50%。答案为：0.05mol•L-1•s-1；1.5mol/L；50%；(2)其它条件不变的情况下，在10s时往容器中再加入一定量H2，此时反应物浓度增大，该反应正向速率将

增大。答案为：增大；(3)a．单位时间内消耗nmolCH3OH的同时生成nmolCO2，反应进行的方向相同，不一定达平衡状态；b．1molCO2生成的同时有3molH-H键断裂，反应进行的方向相反，且变化量之比等于化学计量数之比，反应达平衡状态；c．CO2和H2的

浓度保持不变，则表明正、逆反应速率相等，反应达平衡状态；d．因为反应前后气体的分子数不等，所以压强是一个变量，当容器内压强保持不变时，反应达平衡状态；e．向2L恒容密闭容器中加入2molCO2、6molH2，CO2和H2的物质的量之比等于化学计量数之比，在反

应过程中二者的比值始终保持不变，反应不一定达平衡状态；故选bcd。答案为：bcd；Ⅲ．(1)a．可燃物燃烧，虽然是放热反应，但一般都需要加热来引发反应，a不正确；b．断裂化学键时，需要提供能量，所以要吸收能量，b正确；c．当反应物的总能量低于生成物的总能量时，则需要不断地提供能量才能

让反应发生，反应会吸热，c不正确；d．若正反应放热，则逆反应需要吸热，现SO2(g)与O2(g)反应生成SO3(g)为放热反应，则SO3(g)分解生成SO2(g)与O2(g)的反应为吸热反应，d正确；答案为：bd。故选：bd；(2)脱硫过程

，首先发生SO2与水的反应，然后发生亚硫酸与氢氧化钙的中和反应，发生的主要化学方程式：SO2+H2OH2SO3，H2SO3+Ca(OH)2=CaSO3+H2O。答案为：SO2+H2OH2SO3，H2SO3+Ca(OH)2=CaSO

3+H2O。【点睛】因为与氢氧化钙的浊液反应，所以生成CaSO3时，不写沉淀符号。