【文档说明】山东省菏泽市单县单县第二中学2023-2024学年高二上学期10月月考物理试题 word版含解析.docx，共(19)页，1.098 MB，由小赞的店铺上传

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单县二中2023—2024学年度高二年级慧光部国庆考试物理学科试题分值：100分时间：90分钟一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分，每小题只有一个选项符合题目要求。1.以下说法正确的是（）A

.电流的传导速率就是导体内自由电子的定向移动速率B.用电压表直接测量电源两极间电压得到的数值，实际上总略大于电源电动势的准确值C.电源电动势越大说明电源把其他形式的能转化为电能的本领越大D.在金属导体内当自由电子定向移动时，它们的热运动就消失了【答案】C【解析】【详解

】A．电源电动势等于电源没有接入电路时正、负两极间的电势差，故A错误；B．当用电压表直接测量电源两极时，因电源有内阻，内电路有电压，所以电压表测得的电压数值略小于电源电动势的准确值，故B错误；C．电动势是反映电源将其他形

式的能转化为电能的本领，电动势越大，则转化本领越大，故C正确；D．自由电子的热运动是永不停息的，在金属导体内当自由电子定向移动时，它们的热运动仍然存在，D错误。故选C。2.扫地机器人利用自身携带的小型吸尘部件进行吸尘清扫。某型号扫地机器人的说明书中标明：电池容量2000mAh，额定电压

15V，额定功率30W。则（）A.“mAh”是能量的单位B.该扫地机器人的额定电流为0.5AC.该扫地机器人电动机线圈的电阻等于7.5D.该扫地机器人充电完毕后能连续工作1h【答案】D【解析】【详解】A．根据电流强度的定义qIt=解得qIt=通过单位运算可知“mAh”是电量的单

位，A错误；B．该扫地机器人的额定电流为2APIU==B错误；C．该扫地机器人正常工作时UIR则其电动机的电阻15Ω7.5Ω2URI==C错误；D．电池容量为2000mAh23600C7200Cq===根据qIt=解得扫地机器人充电完毕后能连续工作时间为720

0s3600s1h2qtI====D正确。故选D。3.某些肿瘤可以用“质子疗法”进行治疗。在这种疗法中，为了能让质子进入癌细胞，首先要实现质子的高速运动，该过程需要一种被称作“粒子加速器”的装置来实现。质子先被加速到较高的速度，然后轰击肿瘤并杀死癌细胞。如图所

示，来自质子源的质子（初速度为零），经加速电压为U的加速器加速后，形成细柱形的质子流。已知细柱形的质子流横截面积为S，其等效电流为I，质子的质量为m，其电量为e，那么这束质子流内单位体积的质子数n是（）A2IUeSmB.ImeSeUC.2

IeUeSmD.2ImeSeU【答案】D【解析】【详解】质子加速过程有212eUmv=根据电流的微观定义式有InevS=解得2ImneSeU=故选D。4.在探究影响导体电阻与其影响因素的定量关系时，某同学按如图所

示的电路进行了实验研究，其中导体a与b只是长度不同，a与c只是粗细不同，a与d只是材料不同，关于该实验，下列说法正确的是（）A.此电路缺少电流表，所以无法研究定量关系B.a与b相比，导体越长，电压表示数越小Ca与c相比，导体越粗，电压表示数越大..D.a与d相比，电压表示数越小，表明该种

材料的导电性能越好【答案】D【解析】【详解】A．电路是串联电路，通过各导体电流相等，根据电压表示数可以得到各导体电阻间的定量关系，A错误；B．导体a与b只是长度不同，根据电阻定律可得长度越长电阻越大，根据欧姆定律

可得电压表示数越大，B错误；C．a与c相比，根据电阻定律可得导体越粗电阻越小，电压表示数越小，C错误；D．a与d相比，电压表示数越小可得电阻越小，根据电阻定律可知电阻率越小即该种材料的导电性能越好，D正确。故选D。5.如图所示，S闭合后，两个灯泡均发光，但过

一段时间之后两灯都熄灭，电流表的示数为零。用电压表测2L两端电压，电压表的示数近似于电源电压，该电路的故障可能是（）A.电流表坏了或未接好B.2L的灯丝烧断或灯座与灯泡没接触C.1L和2L的灯丝都被烧断D.1L的灯丝被烧断或没接好【答案】B【解析】【详解】由“两灯都熄灭，电流表的示数为零”可

判断出电路故障为断路；由用电压表测2L两端电压，电压表的示数近似于电源电压，可判断出故障为：2L的灯丝烧断或灯座与灯泡没接触。故选B。6.两个定值电阻R1，R2串联后接在输出电压12V的直流电源上，把一个内阻不是很大的电压表接R1两端示数为8V，若把它接在R2两端示数为（）A.小于4VB.

等于4VC.大于4V小于8VD.等于或大于8V【答案】A【解析】【详解】当电压表接在R1两端时，电压表的示数为8V，则R2的电压为4V，根据串联电路的电压分配规律，电压表与R1并联电阻是R2的两倍。当把电压表接在R2的两端时，R1的阻值将大于电压表与R2并联的电阻阻值的两倍

，所以R1的电压将大于8V，即电压表的示数将小于4V。故选A。7.在如图所示的电路中，电源内阻和定值电阻的阻值均为r，滑动变阻器的最大阻值为2r。闭合开关，将滑动变阻器的滑片P由a端向b端滑动的过程中，下列选项正确的是

（）A.电压表的示数变大B.电流表的示数变大C.电源的效率变大D.滑动变阻器消耗功率变大【答案】B【解析】【分析】【详解】AB．开关闭合后，电压表测量路端电压，电流表测量总电流。当滑动变阻器的滑片P由a端向b端滑动过程中，接入电路的电阻减小，总电流增大，电源的内电压增大，路

端电压减小，故电压表的示数变小，电流表的示数变大，故A错误，B正确；C．根据电源效率公式100%100%PUPE==出总可知，当路端电压U减小时，则电源的效率变小，故C错误；D．将定值电阻r看成电源的内阻，则等效电源的内阻为2r，滑动变阻器的最大阻值也是2r，因为电源的

内外电阻相等时电源的输出功率最大，所以滑片P由a端向b端滑动过程中，滑动变阻器消耗的功率变小，故D错误。故选B。8.在如图所示的UI−图像中，直线I为某一电源的路端电压与电流的关系图像，直线II为某一电阻R的伏安特性曲线。用该电源与电

阻R组成闭合电路。由图像判断错误的是（）A.电源的电动势为3V，内阻为0.5ΩB.电阻R的阻值为1ΩC.电源的效率为80%D.电源的输出功率为4W【答案】C【解析】【详解】A．根据闭合电路欧姆定律得U=E-Ir当I=0时U=E由读出电源的电动势E=3V内阻等于

图线的斜率大小，则3||0.56UrI===A正确；B．根据图像可知电阻1URI==B正确；C．电源的效率2100%100%100%66.7%3PUIPEI====出总C错误；D．两图线的交点表示该电源直接与电阻R相连组成闭合电

路时工作状态，由图读出电压U=2V，电流I=2A，则电源的输出功率为P出=UI=4WD正确。本题选择错误的，故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分，每小题有多个选项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9.下列关于

电功、电功率和焦耳定律的说法中正确的是（）A.电功率越大，电流做功越快，电路中产生的焦耳热一定越多B.焦耳热2QIRt=适用于任何电路C.电流通过电动机时的电功率大于热功率D.静电力做功使金属导体内的自由电子运动的速率越来越大【答案】BC【解析】【详解】A．电流做功越快，电功率越大是正确的

。但是电路中产生的焦耳热不一定多，一个是没有说明时间，另一个没有说明电路是不是纯电阻电路，故A错误；B．电热公式Q=I2Rt适用于一切电路，故B正确；C．当电流通过电动机时，电能主要转化成机械能，这时电功率大于热功率，故C正确；D．由电流的微观表达式I=neSv，

知同一金属导体内电流不变，静电力做功即电子定向移动，电子运动的速率不变，故D错误。故选BC。10.直流电源E、定值电阻R1、R2以及电容器C和电键S构成的电路如图所示。电源的电动势E=5V，内阻忽略不计，12ΩR=，23ΩR=，5FC=，电键

S处于闭合状态，下面说法正确的是（）A.电容器C上的电荷量为51.010C−B.电容器C上的电荷量为51.510C−C.断开电键S，电容器C增加的电荷量51.510C−D.断开电键S，电容器C增加的电荷量51.010C−【答案】BD【

解析】【分析】【详解】AB．电键S闭合，电容器两极板间电压等于2R两端电压，由闭合电路欧姆定律12123VEURRR==+由电荷量表达式可知5111.510CQUC−==故A错误，B正确；CD．电键S断开，电容器两极板间电压等

于电源电动势25VUE==由电荷量表达式可知5222.510CQUC−==5211.010CQQQ−=−=故C错误，D正确。故选BD。11.如图所示，电源电动势为E，内电阻为r，灯泡L1、L2、L3规格相同，且电阻大于电源内阻r，理想电压表V1、V2示数为U1、

U2，其变化量的绝对值分别为1U和2U；流过电源的电流为I，其变化量的绝对值为I。当滑动变阻器的触片从左端滑到右端的过程中（）A.小灯泡L1、L2变暗，L3变亮B.12UUC.1UI不变D.电源输出功率先增大后减小【

答案】AC【解析】【详解】A．当滑动变阻器的触片P从左端滑到右端时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，总电流减小，则L2变暗，V2示数减小，内电压减小，路端电压增大，变阻器的电阻增大，根据闭合电路欧姆定律可得并联部分的电压增大，即电压

表V1示数变大，则L3变亮。总电流减小，而L3的电流增大，则L1的电流减小，则L1变暗，故A正确；B．由上分析可知，电压表V1的示数变大，电压表V2的示数变小，由于路端电压增大，即两电压表示数之和增大，所以△U1

＞△U2故B错误；C．根据1L2()UEIRr=−+可知1UI不变，故C正确；D．当外电阻等于内阻，电源的输出功率最大，灯泡L1、L2、L3规格相同，且电阻大于电源内阻r，则随之滑动变阻器接入电路的电阻增大，电源的输出功率变小，故D错误。故选AC。12.小

军同学根据他在电学实验课上获得的实验数据，画出如图所示的图像。其中图线①表示电阻1R，图线②表示电阻2R。根据图像信息可判断（）A.当1R和2R串联时，两个电阻的阻值不可能相等B.当1R两端的电压为12V时，通过它的电流为1.2AC.当通过1R的电流为0.

2A时，在1min内电阻1R产生的热量为24JD.当1R和2R并联在电压为4V电路中，电路中总功率为3.6W【答案】BCD【解析】【详解】由图像知18100.8URI===2R随电压的增大而增大A．当1R和2R串联时，流过二者的电流相等，根据图像有交点处

，如果电压和电流恰好为两图线交点的数据，则阻值可能相等，A错误；B．当1R两端的电正为12V时，通过它的电流12A1.2A10UIR===B正确；C．当通过1R的电流为0.2A时，在1min内电阻1R产生的热量2210.21060J24JQIRt===C正确；

D．当1R和2R并联在电压为4V电路中，电路中总功率12112240.4W40.5W3.6WPPPUIUI=+=+=+=D正确。故选BCD。三、非选择题：本题共6小题，共60分。13.（1）某同学用多用电

表测量某些电学量。经过正确操作，两次测量时的指针位置均指在如图所示的位置。一次测量直流电压，所选量程为0~50，则读数应为____________V；一次测量电阻，记录的读数为1600Ω，则所选倍率为_____

_______（选填“1”“10”“100”或“1k”）。（2）在（1）中用多用电表测量完电阻后，需要继续测量一个阻值约为13Ω的电阻。在用红、黑表笔接触这个电阻两端之前，以下有些操作步骤是必需的

，请选择正确的操作并按正确顺序写出序号______________；①将红表笔和黑表笔接触②把选择开关旋转到“1”位置③把选择开关旋转到“10”位置④调节欧姆调零旋钮使指针指向欧姆零点【答案】①.24.0

②.100③.②①④【解析】【详解】（1）[1][2]所选量程是50V，精确度是1V，所以读数是24.0V；测电阻时，指针示数是16Ω，但是实际读数是1600Ω，说明所选倍率是×100。（2）[3]现

在的欧姆表倍率太大，换成“×1”倍率时，恰好13Ω在中值电阻附近，所以先将开关转到“×1”位置，然后再将红黑表笔对接，进行欧姆调零。步骤为②①④。14.某实验小组选用以下器材测定电池组的电动势和内阻，要求测量结果尽量准确。电压表（量程0~3V，内阻约为3k）电流表（量程0~0.6A

，内阻约为1）滑动变阻器（0~20，额定电流1A）待测电池组（电动势约为3V，内阻约为1）开关、导线若干①该小组连接的实物电路如图所示，经仔细检查，发现电路中有一条导线连接不当，这条导线对应的编号是________。②改正这条导线连接后开始实验，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应

置于滑动变阻器的________端（填“a”或者“b”）③实验中发现调节滑动变阻器时，电流表读数变化明显但电压表读数变化不明显。为了解决这个问题，在电池组负极和开关之间串联一个阻值为5的电阻，之后该小组得到了几

组电压表读数U和对应的电流表读数I，并作出UI−图像，如图所示。根据图像可知，电池组的电动势为________V，内阻为________。（结果均保留两位有效数字）【答案】①.5②.a③.2.9④.0.80【解析】【详解】①[1]因为电源内阻较小，故对于电源来说应该采用电流表外接法，图中采用的

是电流表内接；故导线5连接不当，应该从电压表正接线柱接到电流表正接线柱；②[2]开始实验前应该让滑动变阻器连入电路阻值最大，故应将滑片置于a端；③[3][4]由图线可知图线与纵轴的交点即为电源电动势，故E=2.9V；图线与横轴的交点为短路电流I=0.50A，故可得

等效内阻为的2.9Ω=5.80Ω0.5ErI==又因为在开关和电池负极之间接有5Ω的电阻，在计算过程中等效为内阻，故电源内阻为5.80Ω5Ω=0.80Ωr¢=-15.某同学利用实验室的器材研究一粗细均匀的导体棒（电阻约为4Ω）的电阻率。电压表V（量程0~15V，内阻约1kΩ）电流表A（

量程0~0.6A，内阻RA=0.4Ω）定值电阻R0（阻值R0=20.0Ω）滑动变阻器R1（最大阻值10Ω）学生电源E（电动势20V）开关S和若干导线。（1）如图甲所示，用螺旋测微器测得导体棒的直径为__________mm；如图乙所示，用游标卡尺测得导体棒的长度为__________

cm。（2）请根据提供的器材，在图丙所示的方框中设计一个实验电路，尽可能精确地测量导体棒的阻值。__________（3）实验时，调节滑动变阻器滑片，使开关闭合后两电表的示数从零开始，根据实验数据选择合适标度描点，在方格纸上作图（如图丁），通

过分析可得导体棒的电阻Rx=___________Ω（保留1位小数）。【答案】①.4.620②.10.15③.④.4.6【解析】【详解】（1）[1][2]螺旋测微器读数等于4.5mm+0.01×12.0mm=4.620mm游标卡尺为（10分）度，精确度为0.1mm，游标

上的第4格与主尺对齐，故读数为101mm+5×0.1mm=101.5mm=10.15cm（2）[3]要求尽可能精确地测量金属棒的阻值，而滑动变阻器的总阻值较小，则用分压式可以多测几组数据；电压表的量程为15V，则待测电阻的电流最大为max

x15A3.75A4UIR==则0.6A的电流表量程太小，不安全，而电流表内阻已知，且有定值电阻，则可以用电流表与定值电阻串联，定值电阻能分部分电压且能精确的得到待测电阻阻值，而电流表内阻已知，选择内接法可以消除系统误差，故电路图如图所示（3）[4]根据伏安法可知A0x155250.600.20

URRRI−++===−解得Rx=25Ω-RA-R0=4.6Ω的16.有一只电流表，满偏电流为3mA，内阻为200Ω。现按下述要求对其作出改装（1）若把它改装成一个量程为0～3V的电压表，需要给它串联一多大的电阻；（2）若将它按如图示连接，使它成为一欧姆表，则表中1

mA与2mA的刻度线对应的电阻值分别是多少。（图中电池的电动势为3.0V）【答案】（1）800；（2）2000和500Ω【解析】【分析】根据题中物理情景描述可知，本题考查电流表的改装，根据电流表改电压表和欧姆表的方法，运用欧姆定律，进行求解。【详解】（1）电流表的满偏电压为3310200V

0.6VgggUIr−===把它改装成一个量程为0～3V的电压表，需要给它串联的电阻为330.6800310ggUURI−−−===（2）把电流表改成欧姆表，欧姆表的内阻为331000310gERI−===内根据闭合电路有xEIRR=+内解得xEIRRI−=内当1mAI=，2000

xR=当2mAI=，500xR=17.如图所示，电源电动势6VE=，内阻0.5Ωr=，标有“5V，5W”字样的灯泡L恰好能正常发光，电动机M的线圈电阻01ΩR=。求（1）通过电动机线圈的电流；（2）电动机的输出功

率；（3）电源的总功率。【答案】（1）1A；（2）4W；（3）12W【解析】【详解】（1）根据题意，设电路中的总电流为I，由闭合回路欧姆定律有EUIr=+由于灯泡L恰好能正常发光可得65A2A0.5EUIr−−===由公式PUI=可得，流过灯泡的电流为LLL1APIU==则流过电

动机的电流为ML1AIII=−=（2）根据题意，由公式可得，电动机的输入功率为MM5WPUI==入电动机的热功率为2M01WPIR==内则电动机的输出功率为4WPPP=−=入出内（3）根据题意，由公式PUI=可得，电源的总

功率为12WPEI==总18.如图所示的电路中，两平行金属板A、B水平放置，两极板的长度L=80cm，两板间的距离d=20cm。电源电动势E=24V，内电阻r=1Ω，电阻R=15Ω，滑动变阻器的最大阻值为20

Ω。闭合开关S，待电路稳定后，将一带负电的小球从A、B两金属板左端正中间位置M处以初速度vo=8m/s水平向右射入两板间，恰能沿直线射出。若小球带电量为q=1×10-2C，质量为m=2×10-2kg，不

考虑空气阻力，重力加速度g=10m/s2。求此时：（1）金属板间电场强度大小及方向；（2）滑动变阻器接入电路的阻值；（3）若使小球能从极板间射出，则滑动变阻器接入电路的阻值范围为多大?【答案】（1）20N/C；竖直向下；（2）3.2Ω；（3）0~16Ω【解析】【详解】（1）根据mg=Eq可得E=m

gq=20N/C方向竖直向下；（2）两板间的电压U=Ed=4V由于4V16pppEURRERR===+总接入电路的电阻Rp=3.2Ω（3）小球在极板间做类平抛运动水平方向00.1sLvt==竖直方向上21110cm22dat

==解得a=20m/s2如小球从电容器上板边缘射出，根据牛顿第二定律有F-mg=ma可得F=0.6N电路电流为0.75AIRdqrFE==+−滑动变阻器接入电路的阻值为16ERRrI=−−=当滑动变阻器接入电路电阻为

0时，小球在竖直方向的加速度为220m/sga=可以从板间射出，所以滑动变阻器的接入电路电阻范围为0~16Ω的获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com