【文档说明】【精准解析】广西钦州市2019-2020学年高一下学期期末考试教学质量监测物理试卷（理）.doc，共(17)页，827.500 KB，由小赞的店铺上传

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钦州市2020年春季学期教学质量监测高一物理（理科）本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分，满分100分，考试时间90分钟。第I卷（选择题共40分）一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题给出的四个选项中，只

有一项符合题目要求。请把答案写在答题卡上。1.下列说法符合史实的是()A.牛顿发现了行星的运动规律B.胡克发现了万有引力定律C.卡文迪许测出了引力常量G,被称为“称量地球重量的人”D.伽利略用“月—地检验”证实了万有引力定律的正确性【答案】C【解析】开普勒发现了行星的运

动规律，选项A错误；牛顿发现了万有引力定律，选项B错误；卡文迪许测出了引力常量G，被称为“称量地球重量的人”，选项C正确；牛顿用“月—地检验”证实了万有引力定律的正确性，选项D错误；故选C.2.物体做曲线运动时，一定变化的物理量是（

）A.速率B.速度C.加速度D.合外力【答案】B【解析】【详解】A．物体做曲线运动时速率不一定变化，例如匀速圆周运动，选项A错误；B．物体做曲线运动时速度的方向一定变化，则速度一定变化，选项B正确；C．物体做曲线运动

时加速度不一定变化，例如平抛运动，选项C错误；D．物体做曲线运动时合外力不一定变化，例如平抛运动，选项D错误。故选B。3.关于两个物体间的作用力和反作用力的做功情况是（）A作用力做功，反作用力一定做功B.作用力做正功，反作用力一定做负功C.作用力和反作用力可

能都做负功D.作用力和反作用力做的功一定大小相等，且两者代数和为零【答案】C【解析】【详解】A．作用力与反作用力的关系是大小相等，但是相互作用的两个物体不一定都有位移，故作用力和反作用力不一定同时都做功，故A错误；BCD．作用力与反作用力做功可能都是正

功也可能都是负功，比如两个磁铁在它们的相互作用力的作用下运动，如果从静止开始向相反的方向运动则都是在做正功，作用力和反作用力所做的功的代数和为正值；如果有初速度，在相互作用力的作用下相向运动，那么这两个力就都做负功，作用力和反作用力所做的功的

代数和为负值，故C正确，B、D错误；故选C。4.一条宽度为L的河流河水流速为v1，一只小船在静水中的速度为v2，v2＞v1，这只小船要渡过这条河流，下列说法正确的是（）A.最短时间为2LvB.最短时间为1LvC.小船

无法到达正对岸D.小船在河水中运动的速度一定大于v2【答案】A【解析】当静水速与河岸垂直时，过河的时间最短，最短渡河时间为2Ltv，故A正确，B错误；根据平行四边形定则，由于船在静水中的速度大于水流速，则合速度可能垂直于河岸，即船可能垂直到达对岸，故C错误；合速

度可能大于分速度，也可能小于分速度，也可能等于分速度，故D错误．5.如图，海王星绕太阳沿椭圆轨道运动，P为近日点，Q为远日点，M、N为轨道短轴的两个端点，运行的周期为T0。若只考虑海王星和太阳之间的相互作用，则海王星

在从P经M、Q到N的运动过程中（）A.从P到M所用的时间等于04TB.从Q到N阶段，机械能逐渐变大C.从P到Q阶段，速率逐渐变小D.从M到N阶段，万有引力对它先做正功后做负功【答案】C【解析】【详解】A．海王星在PM段的速度大小大于MQ段的速度大小，则PM段的时

间小于MQ段的时间，所以P到M所用的时间小于04T，故A错误；B．从Q到N的过程中，由于只有万有引力做功，机械能守恒，故B错误；C．海王星从P到Q阶段，万有引力对它做负功，速率减小，故C正确；D．根据万有引力方向与速度方向的关系知，从M到N阶段，万有引

力对它先做负功后做正功，故D错误。故选C。6.如图示，已知mA=2mB=3mC，它们距轴的关系是RA=RC=12RB，三物体与转盘表面的动摩擦因数相同，当转盘的转速逐渐增加时（）A.物体A先滑动B.物体B先滑动C.物体C先滑动D.B与C同时开始滑动【答案】B【解析】【详解】当静摩

擦力达到最大静摩擦力时，角速度达到最大值，根据μmg=mrω2解得grB的半径最大，所以B的临界角速度最小，物体B先滑动。故B正确，ACD错误。故选B。7.小球P和Q用不可伸长的轻绳悬挂在天花板上，P球的质量大于Q球的质量，

悬挂P球的绳比悬挂Q球的绳短．将两球拉起，使两绳均被水平拉直，如图所示，将两球由静止释放，在各自轨迹的最低点()A.P球的速度一定大于Q球的速度B.P球的动能一定小于Q球的动能C.P球所受绳的拉力一定大于Q球所

受绳的拉力D.P球的向心加速度一定小于Q球的向心加速度【答案】C【解析】从静止释放至最低点，由机械能守恒得：mgR=12mv2，解得：2vgR，在最低点的速度只与半径有关，可知vP＜vQ；动能与质量和半径有关，由于P球的质量大于Q球的质量，悬挂P球的绳比悬挂Q球的绳短，所以不能比较动能的大小．故

AB错误；在最低点，拉力和重力的合力提供向心力，由牛顿第二定律得：F-mg=m2vR，解得，F=mg+m2vR=3mg，2Fmgagm向＝，所以P球所受绳的拉力一定大于Q球所受绳的拉力，向心加速度两者相等．故C正确

，D错误．故选C．点睛：求最低的速度、动能时，也可以使用动能定理求解；在比较一个物理量时，应该找出影响它的所有因素，全面的分析才能正确的解题．8.如图所示，两个完全相同的小球从水平地面上方同一点O分别以初速度1v、2v水平抛

出，落在地面上的位置分别是A、B，O′是O在地面上的竖直投影，且:1:2OAAB，若不计空气阻力，则两小球（）A.初动能之比为1：3B.重力对两个小球做功不相同C.落地瞬间重力的瞬时功率不相同D.重力做功的平均功率相同【答案

】D【解析】【详解】A．平抛运动的高度相同，则运动的时间相同，因为两物体的水平位移之比为1：3，根据0xvt知初速度之比为1：3，初动能之比是1：9，故A错误；B．根据W=mgh可知，重力对两个小球做功相同，故B错误；C．小球落地

的竖直速度2yvgtgh则落地瞬间重力的瞬时功率2yPmgvmggh即两球落地瞬间重力的瞬时功率相同，故C错误；D．根据WPt可知，重力做功的平均功率相同，故D正确。故选D。9.如图所示，从斜面上

的A点以速度0v水平抛出一个物体，飞行一段时间后，落到斜面上的B点；若仍从A点抛出物体，抛出速度为012v，不计空气阻力，下列说法正确的是（）A.物体的飞行时间不变B.物体的位移变为原来的12C.物体落到斜面上的速度变为原来的14D.物体落到斜面上时速度方向不变【答案

】D【解析】根据20012tan2gtygtxvtv可知，当初速度减半时，飞行的时间减半，选项A错误；根据x=v0t可知，物体的水平位移变为原来的1/4，竖直位移也变为原来的1/4，则物体的位移变为原来的1/4，选项B错误；水平初速度减

半时，根据vy=gt可知，落到斜面上的竖直速度变为原来的一半，可知物体落到斜面上的速度变为原来的1/2，选项C错误；根据00tan2tanyvgtvv为定值，则物体落到斜面上时速度方向不变，选项D正确；故

选D.点睛：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式和几何关系灵活求解．二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得

4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。请把答案写在答题卡上。10.在低轨道运行的人造卫星，由于受到空气阻力的作用，卫星的轨道半径不断缩小，运行中卫星的（）A.速率逐渐减小B.速率逐渐增大C周期逐渐变小D.向心力逐渐加大【答案】BCD【解析】【详解】卫星在阻力的作用下，要在原来的

轨道减速，万有引力将大于所需向心力，物体会做向心运动，轨道半径变小，人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为M。AB．由22MmvGmrr计算得出GMvr轨道半径会逐渐减小，线速度大小增大，即速率增大，故A错误，B正确；C．由222

4MmGmrrT得32rTGM轨道半径会逐渐减小，周期减小，所以C正确；D．由向心力等于万有引力2MmFGr轨道半径会逐渐减小，向心力增大，所以D正确。故选BCD。11.如图所示，人在岸上拉船，已知船的质量为m，水的阻力恒为

Ff，当轻绳与水平面的夹角为θ时，船的速度为v，此时人的拉力大小为F，则此时()A.人拉绳行走的速度为vcosθB.人拉绳行走的速度为cosvC.船的加速度为fFFmD.船的加速度为cosfFFm【答案】AD【解析】【详解】AB．船运动的速度是沿绳子收缩方向的速度和绕定滑轮的摆

动速度的合速度.如图所示根据平行四边形定则有：cosvvÊ所以A正确，B错误.CD．对小船受力分析如图所示，根据牛顿第二定律有：cosfFFma因此船的加速度大小为：cosfFFam所以C错误，D正确.12.如图，一球体绕轴O1O2以角速度旋转，A

、B为球体上两点，下列说法正确的是（）A.A、B两点具有大小相等的线速度B.A、B两点具有相同的角速度C.A点的向心加速度大于B点向心加速度D.A、B两点的向心加速度方向都指向球心【答案】BC【解析】【详解】B．A、B两点共轴转动，角速度相等，故选项B正确；A．

因为A、B两点绕轴O1O2转动，A点的转动半径大于B点的转动半径，根据v＝ωr知，A点的线速度大于B点的线速度，故A错误；C．角速度相等，A点的转动半径大，根据a＝ω2r知，A点的向心加速度大于B点的向心加速度，故C正确；D．A、B两点的向心加速度方向垂直指向轴O1O

2，故选项D错误。故选BC。13.一质量为m的物体被人用手由静止竖直向上以加速度a匀加速提升h。重力加速度为g，关于此过程，下列说法中正确的是（）A.提升过程中手对物体做功m（a＋g）hB.提升过程中合外力对物体做功mahC.提升过程中物体克服重力做功mghD

.提升过程中物体的重力势能增加m（a＋g）h【答案】ABC【解析】【详解】A．设人对物体的拉力为F，由牛顿第二定律得F-mg=ma即F=m（g+a）则在提升过程中手对物体做功为WF=Fh=m（a+g）h故A正确；B．根据牛顿第二定律可知物体受到的合力为F合=ma，故F合h=mah故

B正确；C．提升过程中物体克服重力做功mgh，故C正确；D．提升过程中物体克服重力做功mgh，重力势能增加mgh，故D错误。故选ABC。14.质量为m的小车在水平恒力F推动下，从山坡底部A处由静止开始运动至高为h的坡顶B，到达B点时的速

度为v，AB的水平距离为s。重力加速度为g，下列说法正确的是（）A.小车克服重力所做的功是mghB.合外力对小车做的功是212mvC.阻力对小车做的功是212mvmghFsD.推力对小车做的功是Fs－mgh

【答案】ABC【解析】【详解】A．小车重力所做的功为-mgh，即小车克服重力所做的功是mgh，故A正确；B．由动能定理可得，合外力对小车做的功21=2Wmv合故B正确；CD．由动能定理得2f1=02WWmghFsmv合则阻力对小车做的功2f12WmvFsmgh推

力对小车做的功是2f12FWFsmvmghW故D错误，C正确；故选ABC。第II卷（非选择题共60分）三、实验题：每空3分，共18分，请把答案写在答题卡上。15.某学习小组做“探究合力的功和物体速度变化关系”的实验，如图所示，小车在一条橡皮筋作用下弹出，沿木

板滑行，这时橡皮筋对小车做的功记为W。当2条、3条…完全相同的橡皮筋并在一起进行第2次、第3次…实验时，使每次实验中橡皮筋伸长的长度都保持一致，每次实验中小车获得的速度由打点计时器所打的纸带测出。(1)实验中，小车会受到摩擦阻力的作用，可以使木板适当倾斜来平衡掉摩擦阻力，则下列操作正确的是_

_________；A．放开小车，能够自由下滑即可B．轻推小车，能够匀速下滑即可C．轻推拖着纸带的小车，能够匀速下滑即可D．放开拖着纸带的小车，能够自由下滑即可(2)若木板水平放置，小车在两条橡皮筋作用下运动，当小车速度最大时，关

于橡皮筋所处的状态，下列说法正确的是__________；A．橡皮筋处于原长状态B．橡皮筋仍处于伸长状态【答案】(1).C(2).B【解析】【详解】(1)[1]平衡摩擦力时，抬高木板的一端，轻推拖着纸带的小车，能够匀速下滑即可，故选C。(2)[2]若木板水平放置，当小车速度达最大时，则小车的合力为

零，所以除摩擦力外，还有橡皮筋的拉力，因此橡皮筋处于伸长状态，故选B。16.（1）某同学根据平抛运动规律，利用图a的装置验证机械能守恒定律．①物块P于A点由静止沿轨道滑下，并在末端B处水平抛出，落在水平地面C点．②用刻度尺量出A点与桌面的高h，B点与地面的高H，B点正下方的D点与C点

距离x．其中某次对x的测量结果如图b所示，x=________cm．③若P的质量为m、重力加速度为g，根据测得的h、H、x写出P下滑到B点时，重力势能减少量的表达式_________，动能增量的表达式____________．④若P的运动过程机械能守恒，则x2

与h之间应满足关系式_______．【答案】(1).20.47(20.46—20.50均可)(2).mgh(3).24mgxH或2122gmxH(4).24xHh或24xhH【解析】【详解】②[1]3

0.4710.00=20.47cm；③[2][3]重力势能减少量的表达式mgh；根据平抛运动，竖直方向212Hgt水平方向xvt因此到达B点的动能22124kmgxEmvH④[4]若满足机械能守恒，则24mgxmghH整理

得24xHh四、计算题：共42分；共4小题，解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案不得分。有数值计算的题，答案必须明确写出数值和单位。请把答案写在答题卡上。17.电影《流浪地球》中，由于太

阳即将毁灭，人类为了生存，给地球装上推进器，“驾驶”地球逃离太阳系，飞向比邻星系定居，泊入比邻星轨道，成为这颗恒星的卫星。地球绕比邻星做圆周运动的轨道半径为r，周期为T，比邻星的半径为R，引力常量为G（忽略其他星

球对地球的影响），求：(1)比邻星的质量M；(2)比邻星表面的重力加速度g。【答案】(1)2324rMGT；(2)23224rgRT【解析】【详解】(1)地球绕比邻星运动，万有引力提供圆周运动向心力有2224MmGmrrT＝可得比邻星的质量2324rMGT(2)在比邻

星表面重力与万有引力相等有2MmGmgR可得比邻星表面的重力加速度232224GMrgRRT18.如图，水平桌面中心O处有一个小孔，用细绳穿过光滑小孔，绳两端分别系上质量M=0.6kg的物体A和m=0.3kg的物体B，A的中心与圆孔的距离为0.2m。水平桌面与A之间的动摩擦

因数16，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，现使此平面绕中心轴线水平转动，角速度在什么范围内，A可与桌面处于相对静止状态？（g取10m/s2）【答案】56103rad/srad/s33【解析】【详解】当角速度最大时，A受到的静摩擦力向内，则对A有2m

ax1FfMrFmgmaxfMg代入数据解得1103rad/s3当角速度最小时，A受到的静摩擦力向外，则对A有2max2FfMr代入数据解得256rad/s3可知角速度56103rad/srad/s33时，A可与桌面处于相对静止状态。19.

某汽车在平直公路上行驶，其质量m=2×103kg，额定功率P=60kW。如果汽车从静止开始匀加速直线行驶，加速度a1=2m/s2，经过一段时间后达到额定功率，之后以额定功率沿直线行驶。若汽车运动过程中所受阻力f为车重的k倍（k=0.2），重力加速度g取10m/s2。求：(1)汽车行驶达到最大速度

vm的大小；(2)汽车匀加速直线行驶时间t；(3)当汽车速度v2=10m/s时，汽车的加速度a2大小。【答案】(1)15m/s；(2)3.75s；(3)1m/s2【解析】【详解】(1)汽车运动过程中所受阻力，当汽车匀速行驶时Ffkmg有mPfv代入数据解得m1

5m/sv(2)汽车匀加速直线行驶，根据牛顿第二定律有11Ffma当恰好达到额定功率时11PFv代入数据解得17.5m/sv由匀变速运动的规律有11vat解得3.75st(3)汽车速度210m/sv时大于7.5m/s，故汽车已经达到额定

功率，则有22PFv22Ffma代入数据解得221m/sa20.如图所示，光滑水平面AB与竖直面内光滑的半圆形导轨在B点衔接，导轨半径为R，一个质量为m的静止物块在A处压缩弹簧，释放物块后在弹力作用下获得一向右速度，当它经过B点进入导轨达到最高点C时，对轨

道的弹力大小恰好等于其重力．已知重力加速度为g．求：(1)释放物块前弹簧储存了多大的弹性势能？(2)为使物块第一次进入半圆轨道后不脱离轨道，弹簧储存的弹性势能应该在什么范围？【答案】(1)EP1=3mgR(2)弹簧储存的弹性势能的范围为：E

P≥2.5mgR或EP≤mgR【解析】本题考查机械能与圆周运动相结合的问题．(1)设释放物块前弹簧储存的弹性势能为EP1物体在C点时由牛顿第二定律和向心力公式可得21NvFmgmgmgmR＋＝＋对A到C由机械能守恒211122PEmgRmv＋联立

解得：13PEmgR(2)若要物块第一次进入轨道不脱离轨道，有两种情况：情况一：物体能够到达C点然后从C点水平抛出．对应此情况设物块恰好能到达C点，在C点对物块时由牛顿第二定律和向心力公式22vmgmR令

此种情况弹簧储存的弹性势能为EP2，则有222122PEmgRmv＋解得：22.5PEmgR情况二：物体在到达与圆心等高处之前速度降为0．对应此情况设物块恰好能到达圆心等高点，令此种情况弹簧储存的弹性势能为EP

3，则有3PEmgR综合两种情况可得，弹簧储存的弹性势能的范围为2.5PEmgR或PEmgR点睛：物块从最低点开始做圆周运动之后半圆轨道后不脱离轨道，有两种可能：①物块能到达最高点然后从最高点飞出；②物体在到达与圆心等高处之前速度降为0．21.如图所示，在长为L的轻杆中点

A固定一质量为m的球，端点B固定一个质量为2m的小球，杆可绕轴O无摩擦的转动，已知重力加速度为g。使杆从水平位置无初速度释放，当杆转到竖直位置时，求：(1)A球的线速度大小；(2)杆对A球做的功；(3)杆对B球作用力的大

小。【答案】(1)59AgL；(2)29AWmgL；(3)589Tmg【解析】【详解】(1)对系统用机械能守恒定律，可得2211122222ABmgLmgLmm因为A球对B球在各个时刻

对应的角速度相同所以有2BA联立解得59AgL(2)对A球，由动能定理可得211022AAWmgLm解得29AWmgL(3)对B球，由牛顿第二定律可得222BTmgmL解得杆对B球的作用力大小589Tmg