【文档说明】重庆市西南大附中2022-2023学年高三上学期11月拔尖强基联合定时检测物理试题答案11.15.pdf，共(3)页，357.095 KB，由管理员店铺上传

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2023拔尖强基联合定时检测参考答案2022.111—7AADBCCD8—10BCADAC11．D（2分）0.3（2分）9.6（2分）76.210−（2分）12．(1)a（2分）(2)减小（2分）(3)电压表的分流（2分）(4)等于（2分）

13．【答案】y=√3(𝑅+𝐿)解：粒子在加速电场中：Ue=12𝑚𝑣2，（2分）解得：𝑣=√2𝑈𝑒𝑚（1分）在磁场中；evB=m𝑣2𝑟（2分）𝑟=√3𝑅由图几何关系可知：tan𝜃

=𝑅𝑟=√3（1分）𝜃=30°𝛼=2𝜃=60°𝑦=(𝑅+𝐿)𝑡𝑎𝑛60°（1分）y=√3(𝑅+𝐿)（1分）14．【答案】(1)l=1.5m(2)L=136m(3)𝑥0<932m；(1)将物块与木板作为研究对象，因地面光滑，由动量守恒定律可知𝑚𝑣0=(𝑀+�

�)𝑣𝑐（2分）由能量守恒定律可知𝜇𝑚𝑔𝑙=12𝑚𝑣02−12(𝑀+𝑚)𝑣𝑐2（2分）解得木板与墙壁第一次碰前物块相对木板的位移大小为𝑙=1.5m（1分）(2)假设木板与墙相碰前，已经与小物块共速，对木板：𝜇𝑚𝑔

𝑥1=12𝑀𝑣𝑐2（1分）𝑥1=0.5m<0.6m，假设成立木板碰墙后：M𝑣𝑐−𝑚𝑣𝑐=(M+m)v共（1分）解得：v共=13m/s，最终木板与小滑块一起向左匀速直线运动全过程相对位移为：𝜇𝑚𝑔𝐿=12𝑚𝑣02−12(𝑀+𝑚)𝑣共2

（1分）木板至少长L=136m（1分）(3)若要求木板与墙壁发生2次及以上碰撞，则第一次碰前木板与物块未相对静止，木板的加速度为：𝑎𝑀=𝜇𝑚𝑔𝑀=12𝜇𝑔物块的加速度为：𝑎𝑚=−𝜇𝑔（1分）木板第一次与墙壁碰撞前的速度大小为

1v，𝑣1=√2𝑎𝑀𝑥0=√𝜇𝑔𝑥0（1分）木板从静止开始至与墙壁第一次碰撞所用的时间𝑡1=𝑣1𝑎𝑀=2√𝑥0𝜇𝑔（1分）第一次碰撞时，物块的速度大小为1mv，𝑣1𝑚=𝑣0

−𝜇𝑔𝑡1=𝑣0−2√𝜇𝑔𝑥0（1分）依题意有𝑚𝑣1𝑚−𝑀𝑣1>0（1分）解得𝑥0<932m（1分）15．【答案】(1)4m/s；(2)43𝑛𝑚/𝑠；(1)物块B运动带底端时，由机械能守恒可得𝑚𝑔ℎ=12𝑚𝑣02，（2分）𝑣0=2√5𝑚𝑠若物块

在传送带一直做减速运动，设传送到左端时的速度为v1，由动能定理可得−𝜇𝑚𝑔𝐿=12𝑚𝑣12−12𝑚𝑣02（2分）解得𝑣1=4m/s因为v1>u，故物块B与物块A第一次碰撞前的速度大小为4m/s。（1分）(2)设第一次碰撞后A

物块的速度为vA1，B物块的速度为vB1，以向左为正方向，由弹性碰撞可知𝑚𝑣1=𝑚𝑣𝐵1+𝑀𝑣𝐴1，（1分）12𝑚𝑣12=12𝑚𝑣𝐵12+12𝑀𝑣𝐴12（1分）由题意可解得𝑣𝐵1=−43𝑚/𝑠碰撞后，B物块向右滑

上传送带，由题意有−𝜇𝑚𝑔𝑥𝐵=0−12𝑚𝑣𝐵12，（1分）𝑥𝐵=49𝑚<𝐿即物块B速度为零，物块还在传送带上，将被传送带带着向左运动，再次与A相碰前，速度与上一次碰完后的速度等大反向。（1分）物块A再回到平衡位置时都会立即被锁定，而当他们再次碰撞前锁定被解除

，则设第n次碰撞前B的速度为𝑣𝐵(𝑛−1)，碰后A、B的速度为𝑣𝐵𝑛、𝑣𝐴𝑛，由于每次仍然是弹性碰撞，则有𝑚𝑣𝐵(𝑛−1)=𝑚𝑣𝐵𝑛+𝑀𝑣𝐴𝑛，（1分）12𝑚𝑣𝐵(𝑛−1)2=12𝑚𝑣Bn2+12𝑀𝑣An2（1分）解得𝑣Bn=−13𝑣�

�(𝑛−1)（1分）由上述分析可知，第n次碰撞后B的速度为𝑣𝐵𝑛=−13𝑣𝐵(𝑛−1)=−(13)𝑛𝑣1=−43𝑛𝑚/𝑠（1分）则第n次碰撞后B的速度大小为43𝑛𝑚/𝑠。(3)物块B在传送带上运动的加速度为：a=𝜇𝑔

（1分）B滑块第n次与A滑块碰撞后，在传送带上往返一次的时间𝑡𝑛=2𝑣𝑛𝜇𝑔（1分）相对传送带的位移𝑥相𝑛=𝑢𝑡𝑛=8(13)𝑛（1分）发热𝑄𝑛=𝜇𝑚𝑔𝑥相𝑛=16(13)𝑛（1分）总发热Q=𝑄1

+𝑄2+𝑄3+⋯+𝑄𝑛=16×13(1−(13)𝑛)1−13总发热Q=8J（1分）获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com