【文档说明】黑龙江省哈尔滨师范大学青冈实验中学校2019-2020学年高二10月月考物理试题含答案.docx，共(14)页，175.585 KB，由小赞的店铺上传

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哈尔滨师范大学青冈实验中学2019-2020学年度10月份考试物理试题（满分100分考试时间90分钟）一、选择题（12小题，共48分。1---8小题为单选，每小题4分。9---12小题为多选，全部选对得4分，对而不全得2分，有错选的得0分）1．关于静电场，下列说法正确的

是A．电势等于零的物体一定不带电B．在电势为零的地方，电荷的电势能一定为零C．电场强度为零的地方，电势一定为零D．负电荷沿电场线方向移动时，电势能一定减少2．一电场的电场线分布如图所示，电场中有A、B、C三点，且AB=

BC，则下列关系中正确的是()A．电场强度大小关系为EA=EC>EBB．电势𝝋𝑨=𝝋𝑪>𝝋𝑩C．将一带负电粒子由A经B移至C点过程中，电场力先做负功再做正功D．将一带正电粒子由A经B移至C点过

程中，电势能先增大再减小3．如图所示，平行板电容器经开关S与电池连接，a处有一电荷量非常小的点电荷，S是闭合的，φa表示a点的电势,F表示点电荷受到的电场力.现将电容器的B板向上稍微移动，使两板间的距离减小，则A．.φa变大，F变大B．.φa变大,F变小C．φa变小，F变大D．φa变

小，F不变4．如图所示,虚线是某电场的等势线.一带电粒子只在电场力作用下恰能沿实线从A点飞到C点,则A．粒子一定带负电B．粒子在A点的电势能大于在C点的电势能C．A点的电场强度大于C点的电场强度D．粒子从A点到B点电场力所做的功大于从B点到C点电场

力所做的功5．如图所示的真空空间中，仅在正方体中的黑点处存在着电荷量大小为q的点电荷，现在a，b两点放上两个电量相同的检验电荷，则两个检验电荷所受的电场力和电势能均相同的是（）A．B．C．D．6．如图所示，虚线表示等势面，相邻两等势面的电势差相等，有一带正电的小球在电场中运动，实线表示该带正

电荷的小球的运动轨迹，小球在a点的动能为20eV，运动到b点的动能为2eV。若取c点零电势点，则当这个小球的电势能为-6eV时它的动能为（不计重力和空气阻力作用）A．16eVB．14eVC．6eVD．4eV7．如图所示，A为带正电的金属板，其所带电荷量为Q，在金属板的垂直平分线上，距板

r处放一质量为m、电荷量为q的小球，小球用绝缘细线悬挂于O点，小球受水平向右的静电力，偏转θ角保持静止，静电力常量为k，重力加速度为g，则小球与金属板之间的库仑力大小为（）A．2QqkrB．QqkrC．sinmgD．mgtanθ8．如图的直线a、b和c、

d是处于匀强电场中的两组平行线，M、N、P、Q是它们的交点，四点处的电势分别为φM、φN、φP、φQ，一电子由M点分别运动到N点和P点的过程中，电场力所做的负功相等，则（A．直线a位于某一等势面内，φM>φQB．直线c位于

某一等势面内，φM>φNC．若电子由M点运动到Q点，电场力做正功D．若电子由P点运动到Q点，电场力做负功9．在正电荷Q的电场中的P点放一点电荷，其电荷量为＋q，P点距离Q为r，＋q所受的电场力为F.则P点的电场强度为A．𝑭𝑸B．𝑭𝒒C．kq/r2D．kQ/r210．如图

所示，绝缘细线拴住一带负电的小球，在方向竖直向下的匀强电场中的竖直平面内做圆周运动．则正确的说法是（）A．当小球运动到最高点a时，细线的张力可能最大B．当小球运动到最低点b时，小球的速度一定最大C．小球可能做

匀速圆周运动D．小球不可能做匀速圆周运动11．如图所示的匀强电场，一正电荷在电场中从a点移动到b点的过程中，下面说法正确的（）A．电场力可能变小B．a点电势一定高于b点电势C．电场力可能变大D．a点电势能一定高于b点电势能12．如图a，A、B

是一对平行金属板，在两板间加有周期为T的交变电压u，A板电势uA=0，B板电势uB随时间t变化的规律如图b中。现有一电子从A板的小孔进入两板间的电场中，设电子的初速和重力的影响均可忽略，则A．若电子是在t=0时

刻进入的，它将一直向B板运动B．若电子是在t=𝑻𝟖时刻进入的，它可能时而向B板运动，时而向A板运动，最后打在B板上C．若电子是在t=𝟑𝑻𝟖时刻进入的，它可能时而向B板运动，时而向A板运动，最后打在B板上D．若电子是在t=𝑻𝟐时刻进入的，它可能时而向B板运动，时而向A板运动二、实验题(

每空3分，共15分)13．下图是某实验小组为了定性探究平行板电容器的电容与其结构之间的关系装置图。充电后与电源断开的平行板电容器的A板与静电计相连，B板和静电计金属壳都接地，A板通过绝缘柄固定在铁架台上，人手通

过绝缘柄控制B板的移动。请回答下列问题：（1）本实验采用的科学方法是____A．理想实验法B．等效替代法C．控制变量法D．建立物理模型法（2）在该实验中，静电计的作用是_______A．测定该电容器的电荷量B．测定该电容器两极的电势差C．测定该电容器的电容D．测定A、B两板之间的电场强度（3）在

实验中观察到的现象是______A．甲图中的手水平向左移动时，静电计指针的张角变大B．甲图中的手水平向左移动时，静电计指针的张角不变C．乙图中的手竖直向上移动时，静电计指针的张角变小D．丙图中的手不动，而向两板间插

入陶瓷片时，静电计指针的张角变大14．某物理兴趣小组利用图示装置来探究影响电荷间的静电力的因素．A是一个带正电的物体，系在绝缘丝线上的带正电的小球会在静电力的作用下发生偏离，静电力的大小可以通过丝线偏离竖直方向的角度显示出来．他们分别进行了以下操作．步骤

一：把系在丝线上的带电小球先后挂在横杆上的P1、P2、P3等位置，比较小球在不同位置所受带电物体的静电力的大小．步骤二：使小球处于同一位置，增大或减小小球所带的电荷量，比较小球所受的静电力的大小．(1)实验表明，电荷之间的静电力随着电荷量的增大而增大，

随着距离的增大而_____．（填“增大”、“减小”或“不变”）(2)若物体A的电荷量用Q表示，小球的电荷量用q表示、质量用m表示，物体与小球间的距离用d表示，静电力常量为k，重力加速度为g，可认为物体A与小球在同一水平线上，则小球

偏离竖直方向的角度的正切值为___三、计算题（共3个小题，总计37分）15．（10分）如图所示，平行板电容器竖直放置，A、B两板与电源连接，B板接地（电势为零）。一带电小球悬挂在电容器内部。已知AB两板间电压为U，两板间距为d，且两板

足够长；小球质量为m,静止时绳与竖直方向成θ=37°角，小球与B板距离d/4，当地重力加速度为g,sin37°＝0.6，cos37°＝0.8。求（1）静止时小球的电势能（2）若某时刻剪断细绳求小球到达B板所用时间。16．（12分）如图所示，A为粒子源，在A和极板B间的加

速电压为U1，在两水平放置的平行带电板C、D间的电压为U2，现设有质量为m，电荷量为q的质子初速度为零，从A被加速电压U1加速后水平进入竖直方向的匀强电场，平行带电板的极板的长度为L，两板间的距离为d，不计带电粒子的重力，求：(1)带电粒子在射出B板时的速度；(2)带电粒子在C、D极板间

运动的时间；(3)带电粒子飞出C、D电场时在竖直方向上发生的位移y.17（15分）．如图所示，在竖直向下的匀强电场中有一绝缘的光滑离心轨道，轨道由倾斜直轨道和竖直面内的圆轨道组成，斜轨道与圆轨道平滑连接，斜轨道的倾角为α，圆轨道的半径为R。

一个带负电的小球从斜轨道上的A点由静止释放，沿轨道滑下，已知小球的质量为m，电量为-q，匀强电场的场强大小为𝑬=𝒎𝒈𝟐𝒒。（1）求小球沿斜轨道下滑的加速度与重力加速度的比；（2）若小球恰通过圆轨道顶端的B点，求A点距水平地面的高度h为多大？

（3）在（2）问的条件下，求小球通过最低点C点时对轨道的压力与小球重力的比。哈尔滨师范大学青冈实验中学2019-2020学年度10月份考试物理试题答题卡二、实验题(每空3分，共15分)13．———————————————

14．——————————三、计算题（共3个小题，总计37分）15．（10分）16．（12分）17（15分）．哈尔滨师范大学青冈实验中学2019-2020学年度10月份考试物理试题参考答案一、选择题（12小题，共48分。1---8小题为单选，每小题4分。9---

12小题为多选，全部选对得4分，对而不全得2分，有错选的得0分）1．B2．D3．C4．C5．C6．B7．D8．B9．BD10．AC11．BD12．AB二、实验题(每空3分，共15分)13.CBA14.减小𝒌𝑸𝒒𝒎𝒈𝒅𝟐三。计算题（37

分）15.（10分）解（1）板间场强𝑬=𝑼𝒅设小球电量为q，对小球受力分析，由平衡条件得𝒒𝑬=𝒎𝒈𝐭𝐚𝐧𝜽解得𝒒=𝒎𝒈𝐭𝐚𝐧𝜽𝑬=𝟑𝒎𝒈𝒅𝟒𝑼小球静止位置电势为𝝓=𝑬𝒅𝟒=𝑼𝟒𝑬𝒑=𝒒𝝓静止时

小球的电势能𝑬𝑷=𝟑𝒎𝒈𝒅𝟏𝟔（2）剪断细绳后小球加速度𝒂=𝑭𝒎=𝒈𝐜𝐨𝐬𝜽=𝟓𝒈𝟒过程中小球位移𝒙=𝒅𝟒𝐬𝐢𝐧𝜽由𝒙=𝟏𝟐𝒂𝒕𝟐解得𝒕=√𝟐𝒅𝟑𝒈-16．（12分）（1）√𝟐𝒒𝑼𝟏𝒎（2）𝑳√𝒎𝟐𝒒𝑼�

�（3）𝑼𝟐𝑳𝟐𝟒𝑼𝟏𝒅【解析】试题分析：（1）由动能定理得：W=qU1=则（2）离子在偏转电场中运动的时间tL=（3）设粒子在离开偏转电场时纵向偏移量为y综合解得17．（15分）（1）𝒔𝒊𝒏𝜶:𝟐（2）𝟐.𝟓�

�（3）𝟑:𝟏【解析】解：（1）小球受到重力、支持力和竖直向上的电场力的作用，沿斜面方向有：(𝒎𝒈−𝒒𝑬)𝒔𝒊𝒏𝜶=𝒎𝒂得𝒂=𝒎𝒈𝒔𝒊𝒏𝜶−𝒒𝑬𝒔𝒊𝒏𝜶𝒎=(𝒈−𝒒𝑬𝒎)𝒔𝒊𝒏𝜶=(𝒈−𝒒𝒎×𝒎�

�𝟐𝒒)𝒔𝒊𝒏𝜶=𝒈𝟐𝒔𝒊𝒏𝜶；则a:g=𝒔𝒊𝒏𝜶:𝟐（2）设小球到B点的最小速度为vB，则牛顿第二定律：𝒎𝒈−𝑬𝒒=𝒎𝒗𝑩𝟐𝑹解得：𝒗𝑩=√(𝒈−𝒒𝑬𝒎)𝑹小球从A到B的过程中由

动能定理：(𝒎𝒈−𝒒𝑬)(𝒉−𝟐𝑹)=𝟏𝟐𝒎𝒗𝑩𝟐解得：𝒉=𝟐.𝟓𝑹（3）小球从A到C的过程中由动能定理：(𝒎𝒈−𝒒𝑬)𝒉=𝟏𝟐𝒎𝒗𝑪𝟐根据牛顿第二定律：𝑭𝑵−𝒎𝒈+𝑬𝒒=𝒎𝒗𝑪𝟐𝑹解得𝑭𝑵=𝟔(𝒎𝒈−𝒒𝑬

)=𝟔(𝒎𝒈−𝒒×𝒎𝒈𝟐𝒒)=𝟑𝒎𝒈根据牛顿第三定律可得小球通过最低点C点时对轨道的压力大小𝑭𝑵，=𝟑𝒎𝒈所以，𝑭𝑵，:𝑭𝑮=𝟑:𝟏