【文档说明】四川省南充市嘉陵第一中学2023-2024学年高一上学期10月月考物理试题 含解析.docx，共(16)页，1.032 MB，由小赞的店铺上传

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四川省南充市嘉陵第一中学高2023级10月考试物理试卷考试时间：75分钟：总分：100分一、单选题（本题共7小题，每题4分，共28分。每小题给的出四个选项中，只有一项是符合题目要求。）1.下列关于运动描述基本概念，理解正确的是（）A.讨论动车从马鞍山开往上海的时间不可以把动车看

成质点B.2016年10月17日7时30分，“神舟十一号”搭载“长征二号”发射升空，其中“7时30分”指的是时刻C.地球在不停地自转，我们却感觉不到地球在动，这是因为我们以太阳为参考系D.绝对静止的物体是存在的【答案】B【解析】【详解】A．讨论动车从

马鞍山开往上海的时间时，动车的大小和形状对所研究问题影响可以忽略不计，可以把动车看成质点，故A错误；B．2016年10月17日7时30分，“神舟十一号”搭载“长征二号”发射升空，其中“7时30分”指的是时刻，故B正确；C．地球在不停地自转，我们却感觉不

到地球在动，这是因为我们以地球为参考系，故C错误；D．绝对静止的物体是不存在的，故D错误；故选B。2.从高为5m处以某一初速度竖直向下抛出一个小球，在与地面相碰后弹起，上升到高为3m处被接住，则这一段过程中（）A.小球的位移为2m，方向竖直向下，路程为8mB.小球的

位移为8m，方向竖直向上，路程为8mC.小球的位移为2m，方向竖直向下，路程为2mD.小球的位移为8m，方向竖直向上，路程为2m【答案】A【解析】【详解】小球从高为5m处竖直向下抛出，碰到地面后弹起上升到高为3m，故位移为2m，位移方向竖直向下；路程为运动轨迹的实际长度，故路程为8m。故

选A。的3.物体做直线运动的位移x与时间t的关系为25xtt=+，则该物体（）A.运动的初速度是2.5m/sB.运动的加速度是20.5m/sC.第1s内的位移是5mD.在前4s内的平均速度是9m/s【答案】D【解析】【详解】AB．根据位

移与时间的关系式2012svtat=+与题目中的关系式对比，根据对应关系可得到05m/sv=，22m/sa=故AB错误；C．把1st=代入位移时间关系式，解得第1s内位移是6m，故C错误。D．在前4s内，

物体的平均速度为(5)m/s9m/sxvtt==+=故D正确。故选D。4.做匀减速直线运动的物体，若在第1s内的位移是10m，第2s的位移为6m。则第3s内位移是（）A.1mB.2mC.3mD.4m【答案】B【解析】【详解】根据匀变速直线运动位移特点：在任意两个连续相等

的时间内的位移之差相等，可知后1s的位移与前1s的位移之差等于10m-6m=4m，故第3s的位移为6m-4m=2m。故选B。5.如图所示为一质点做直线运动的vt−图像，下列说法正确的是（）的的A.质点在1.0st=时刻的速度大小为

2.0m/sB.ab段与bc段质点的速度方向相反C.bc段与cd段质点的加速度方向相反D.ab段质点的加速度大小为22m/s【答案】D【解析】【详解】A．由题图知质点在1.0st=时刻的速度大小为4.0m/s，故A错误；B．ab段与bc段质点的速度均

为正值，故方向相同，故B错误；C．因为vt−图像中图线的斜率表示质点的加速度，故bc段与cd段质点的加速度方向相同，故C错误；D．ab段质点的加速度大小为22Δ402.0m/s2m/sΔ1.00vat−===−故D正确。故选D。6.2022年北京冬季奥运会的滑雪赛道上有一段斜坡。若滑雪运动员从

坡顶O点由静止开始沿斜坡向下做匀加速直线运动，经过距离为6m的AB、两点所用时间为1s，经过距离为24m的B、C两点所用时间为2s，则下列说法正确的是（）A.运动员的加速度大小为212m/sB.运动员经过B点时的速度大小为10m/sC.O、A两点间的距离

为2mD.运动员在B、C中点的瞬时速度大小为210m/s【答案】C【解析】【详解】A．由题中所给数据可求得加速度大小24m/s2BCABBCABABBCxxttatt−==+选项A错误；B．运动员从B点运动到C点212BCBBCBCxvtat=+联立解得8m/sBv=选项B错误；C．运动员从O点运

动到B点220OBBaxv=−联立解得8mOBx=则OA、两点间的距离为2m，选项C正确；D．运动员从B点运动到C点2BCBCBCvvxt+=解得vC=16m/s222410m/s2BCxvvv+==选项D错误。故

选C。7.利用图像法研究物理量之间的关系是常用的一种数学物理方法。如图所示为物体做直线运动时各物理量之间的关系图像（x、v、a、t分别表示物体的位移、速度、加速度和时间），则下列说法中正确的是（）A.甲图表示质点做匀速直线运动B.由乙图中v2-x关系可

求出物体的加速度大小为10m/s2C.由丙图中xtt−关系可求出物体的加速度大小为4m/s2D.由丁图中a-t关系可求出物体在前2s内的速度变化量大小为6m/s【答案】C【解析】【详解】A．由匀变速直线运动位移—时间公式2012xvtat=+，可得x-t2图像的斜率表示12a，由甲图得22

12m/s22xat==解得2s2m/a=所以甲图表示质点做匀加速直线运动，故A错误；B．由匀变速直线运动位移—速度公式2202vvax−=，整理得2202vaxv=+则v2-x图像的斜率为2a，由图像得222102m/s10m/s1vax===解得25m/sa=故B错误；C．由

匀变速直线运动位移—时间公式2012xvtat=+，整理得012xvatt=+则xtt−图像的斜率为12a，由图像得2214m/s2m/s22a=−=−解得2/s4ma=−则物体加速度大小为4m/s2，故C正确；D．a-t图像与坐标轴所围面积表示速度的变化量，由图像得，前

2s内的速度变化量大小123m/s3m/s2v==故D错误。故选C。二、多选题（本题共3小题，每题5分，共15分。每小题给的出四个选项中，有多项是符合题目要求，全部选对得5分，对但不全得3分，有选错

的得0分。）8.在物理学的发展过程中，物理学家们提出了许多物理学的研究方法，以下关于物理学的研究方法的叙述中，说法正确的是（）A.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用点来代替物体的方法叫微元法B.当t极短时，xt就可以表

示物体在某时刻或某位置的瞬时速度，这体现了物理学中的极限法C.加速度的定义=vat采用的是比值定义法D.“质点”概念的引入是运用了控制变量法【答案】BC【解析】【分析】【详解】A．在不需要考虑物体本身的大

小和形状时，用点来代替物体的方法叫理想模型法。故A错误；B．当t极短时，xt就可以表示物体在某时刻或某位置的瞬时速度，这体现了物理学中的极限法。故B正确；C．加速度的定义=vat采用的是比值定义法。故C正确；D．“质点”概念的引入是运用了理想模型法。故D错误。故选BC。9

.如图所示为某质点做直线运动的速度-时间图像。已知t0时刻的速度为v0，2t0时刻的速度为2v0，图中OA与AB是关于A点中心对称的曲线，由图可得（）A.0~t0时间内的位移为002vtB.t0~2t0时间内的平均速度小于032vC.0~2t0时间内的位移为2v0t0D.2t0时刻的

加速度等于00vt【答案】BC【解析】【详解】AC．速度—时间图像与时间轴围成的面积表示位移，根据图像，显然0~t0时间内的位移大于002vt，而根据图像的对称性，利用割补法可知，0~2t0时间内的位移为2v0t0，故A错误，C正确；B．若t0~2t0时间内质点做匀

加速直线运动，则可知其平均速度为0002322vvvv+==而根据图像可知，在t0~2t0时间内的任意时刻该质点的速度大小均小于做匀加速直线运动时的速度大小，因此可知，该质点在t0~2t0时间内的平均速度小

于032v，故B正确；D．2t0时刻图像的斜率未知，因此无法求得2t0时刻质点的加速度，故D错误。故选BC。10.如图所示为汽车从发现紧急情况到开始制动到最后停止的运动模型，已知反应时间内的位移为1s，匀减速的位移为2s，下列说法正确的是（）A.若反应时间为1t，则制

动的加速度大小为222112sstB.若制动的时间为2t，则匀速行驶的速度为222stC.若制动的加速度大小为a，则从发现紧急情况到停止的总时间为12222ssaas+D.若制动的加速度大小为a，则从发现紧急情况到停止的平均速度为()1221222ss

asss++【答案】BD【解析】【详解】A．若反应时间为1t，则开始制动的初速度为101svt=由匀减速运动的规律可得制动的加速度大小为2022vas=联立可得212212sast=故A错误；B．若制动的时间为2t，设开始制动的初速度为0v（即匀速行驶的速度），由匀减速运动的规律可得0222

vst=解得2022svt=故B正确；C．由212212sast=可得1122stas=由匀减速运动的逆向思维规律可得22212sat=解得222sta=则从发现紧急情况到停止总时间为1212222ssttaas+=+故C错误；D．从发现紧急情况到停止的平均速度为1212ssv

tt+=+结合1212222ssttaas+=+计算可得()1221222ssasvss+=+故D正确。故选BD。三、实验题（每空2分，满分16分。请将正确答案写在答题卡上。）11.某学习小组用如图所示装置测量当地的

重力加速度。两光电门固定于铁架台上，光电门1、2与光电计时器相连，小球与光电门1、2在同一竖直线上。的（1）让小球紧靠固定挡板，由静止释放，光电计时器记录小球经过光门1和光电门2所用的时间t1、t2，测出两光电门间的高度差h，小球直径为d，则小球经

过光电门1的速度大小v1=___________，小球经过光电门2的速度大小v2=___________（用测得的物理量符号表示）（2）重力加速度g=___________（用测得的v1、v2、h表示）。【答案】①.1d

t②.2dt③.22212vvh−【解析】【详解】（1）[1][2]由于小球的运动速度较快，且直径较小，所以可以采用小球在遮光时间内的平均速度来代替小球通过光电门时的瞬时速度，则11dvt=22dvt=（2）[3]根据自由落体运动规律可得22212ghvv=−解得222

12vvgh−=12.（1）在“测定匀变速直线运动的加速度”实验中，除电火花打点计时器（含纸带）、小车、平板、铁架台、导线及开关外，在下面的仪器和器材中，必须使用的有______；（填选项代号）A．电压可调的直流电源B．220V的交流电源C．4到6V的交流电源D．

秒表E．天平F．刻度尺（2）某同学在“测匀变速直线运动的加速度”的实验中，用打点计时器接入频率为50Hz的交流电时，记录了被小车拖动的纸带的运动情况，在纸带上确定出A、B、C、D、E、F、G共7个计数点。其相邻点间的距离如图所示，每两个相邻的计数

点之间还有4个点未标出。①求出小车运动的加速度大小为______m/s2；（保留3位有效数字）②试根据纸带上各个计数点间的距离，计算出打下B、C、D、E、F五个点时小车的瞬时速度，并将各个速度值填入下表。（保留3位有效数字）vBvCvDvEvF数值（m/s）___

___0.4790.5600.640______③以打下A点时为计时起点，在坐标纸上作出小车的速度—时间图像______。【答案】①.BF②.0.801③.0.400④.0.721⑤.见解析【解析】【分析】【详解】（1）[1]在“测定匀变速直线运动的加速度”实验中，除题中提供的仪器和器材外，

还必须使用的有电火花打点计时器需要接的“220V的交流电源”，以及用来测量纸带上所打的点与点之间距离的“刻度尺”，故选B，F。（2）①[2]每两个相邻的计数点之间还有4个点未标出，故相邻计数点之间的时间间隔为50.02s0.1sT==根

据逐差法，可求得小车加速度大小为222222()(5.996.807.623.624.385.20)10m/s0.801m/s990.1DGADsssatT−−++−−−===②[3][4]根据匀变速直线运动规律可得2(3.624.38)10m/s0.4

00m/s220.1ACBsvT−+===2(6.807.62)10m/s0.721m/s220.1EGFsvT−+===③[5]利用题中表格数据，描点，连线如下图所示四、解答题（13题9分，1

4题12分，15题20分。解答题要求写出必要的文字说明、方程和重要演算步骤，只写出最后答案的不能给分。有数值的计算题，答案中必须明确写出数值和单位。解答过程写在答题卡上。）13.汽车刹车前速度为15m/s，刹车获得的加速度大小为3m/s2，求：（1）汽车刹车3s内的位移；（2）汽车刹

车6s内的位移。【答案】（1）31.5m；（2）37.5m【解析】【详解】（1）汽车刹车时间为5svta==汽车刹车3s内的位移为21011131.5m2xvtat=−=（2）汽车刹车6s内的位移为20237.5m2vxa==14.如图所示，一滴雨滴从离地面45m高的楼房屋檐自由下落，

下落5m时，到达窗口上沿，再经0.1st=的时间通过窗口，g取210m/s，问：（1）窗口上下沿的高度差；（2）该雨滴最后1s内下落的高度是多少。【答案】（1）1.05m；（2）25m【解析】【详解】（1）当雨滴下落到窗口上沿时21102vgh−=解得211210m/svgh

==雨滴经过窗口22112hvtgt=+解得21.05mh=（2）雨滴落地过程2212hgt=总解得3st=总最后1s的位移()23112hhgt=−−总总解得325mh=15.高速公路上发生交通事故的概率比平常公路要高出几

倍，甚至几十倍，几十辆车连续追尾的事故屡见不鲜，损失严重，因此高速公路上行车安全显得尤为重要。假设在平直的高速公路上A、B两汽车在同一车道上同向匀速行驶，A车在前，速度为10m/sAv=，B车在后，速度30m/sBv=，B车在距A车075mx=时才发现前方有A

车而开始刹车，已知B车刹车2st=后的速度25m/sBv=，B车司机的反应时间为0.5sBt=（即B车看到A车后0.5s才开始刹车），（1）求B车刹车时加速度大小多少？（2）若B车刹车时A车仍按原速度行驶，两车是否会相撞？（3）若B车在发现A车的同时向A车发

出信号，A车司机经过2.5sAt=收到信号后开始加速前进，则A车加速度至少为多大才能避免相撞？【答案】（1）22.5m/s；（2）两车会相撞；（3）21.25m/s【解析】【详解】（1）设B车刹车时加速度大小为aB，则有BBBat−=vv解

得22.5m/sBa=（2）设B车经刹车时间1t后两车速度相等1ABBvvat=−()1AABxtt=+v12BABBBxtt+=+vvv联立解得18st=，85mAx=，175mBx=因为0ABxxx+所以两车会相撞（3）设

B车刹车2t后两车刚好不相撞，此时速度为v，则A车的加速时间为2ABAtttt=+−则有2BBat=−vv为22BBBBxtt+=+vvv2AAAAAxtt+=+vvv0ABxxx+=联立解得26st=又有AAAat=

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