【文档说明】重庆市巴蜀中学2022-2023学年高三下学期高考适应性月考卷（六） 物理 含解析.docx，共(11)页，1.240 MB，由小赞的店铺上传

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重庆市巴蜀中学高2023届高三下学期高考适应性月考卷（六）物理模拟试题注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号码填写在答题卡上。2.作答时，务必将答案写在答题卡上。写在本试卷及草稿纸上无效。3.考试结束后，将答题卡交回。一、选择题：本大题共10小题，共43分。在每小题给出的四个选项

中，第1～7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8～10题有多项符合题目要求，每小题5分，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1．北京冬奥会速滑比赛中的某段过程，摄像机和运动员的位移x随时间t变化的图像如图，下列说法正确的是（）A．摄像机做直线运

动，运动员做曲线运动B．0~t1时间内摄像机在前，t1~t2时间内运动员在前C．0~t2时间内摄像机与运动员的平均速度相同D．0~t2时间内任一时刻摄像机的速度都大于运动员的速度2．小黄是徒手爬楼高手，在网上

拥有许多粉丝，被称为现实中的“蜘蛛侠”。如图为他徒手利用两面直角相关的墙角靠摩擦爬上墙壁的图片。当他双脚离开直角墙面，仅用双手将自己稳定在空中，此时关于他的受力分析可能正确的是（）A．B．C．D．3．14C呼

气试验是临床用于检测幽门螺杆菌感染的一种方法。被检者空腹，用约20mL凉开水口服一粒尿素［14C］胶囊，静坐25分钟后，用一次性吹气管向二氧化碳吸收剂中吹气，通过分析呼气中标记的2CO的含量即可判断患者胃

中幽门螺杆菌的存在情况。已知146C的半衰期大约是5730年，发生的是β衰变，其衰变方程为14061CXe−→+。下列说法正确的是（）A．146C衰变释放β射线时，生成的新核Ｘ的核电荷数比146C的核电荷数

少1B．含146C的化合物与单质146C衰变快慢相同C．被检者体温越高146C衰变越快D．由于衰变释放能量，新核Ｘ的质量数比146C的质量数少x/mt1t2t/s0运动员摄像机4．天文爱好者小郭在10月29日通过卫星过境的GoSatWatch获得天和空间站过境运行轨迹（如图甲）

，通过微信小程序“简单夜空”，点击“中国空间站过境查询”，获得中国天和空间站过境连续两次最佳观察时间信息（如图乙，11月2日开始时间17:50:08和11月3日开始时间18:28:40），这两次连续过境中空间站绕地球共转过16圈，但因白天天空太亮或夜晚空间站处在

地球阴影中而造成观察时机不佳。地球自转周期为24h，不考虑空间站轨道修正，由以上信息可得同步卫星的轨道半径是天和空间站的轨道半径的（）A．3.6倍B．6.3倍C．9.6倍D．12倍5．如图甲所示，在xOy平面内有两个波源1S（2m−，0）和2S

（4m，0），两波源做垂直于xOy平面的简谐运动，其振动图像分别如图乙和图丙所示，两波源形成的机械波在xOy平面内向各个方向传播，波速均为25cm/s。xOy平面上有A、B两点，其位置坐标分别为A（2m−，8m），B（0.5m，0），则（）A．两波源形成的波不同，不能产生干涉

现象B．图中点A（2m−，8m）的振幅为6mC．AB连线上有一个振动加强点D．两波源的连线上（不含波源）有11个振动减弱点，它们的位移大小始终是2m6．在距地面高H处由静止释放一小球，小球向下运动过程中受到的阻力不能忽略，以地面为重力势能的零势能面，物体的机械E能随小球到

地面的高度h的变化关系图像如图所示，图中纵坐标b、c为已知数据，重力加速度为g。根据图像判断下列说法正确的是（）A．小球的质量等于2cgHB．当2Hh=时，小球的动能等于重力势能bC．小球运动的加速度等于bg

cD．运动过程中小球受到的阻力大小恒为cH7．如图所示，不带电的金属球N的半径为R，球心为O，球N左侧固定着两个电荷量大小均为q的异种点电荷，电荷之间的距离为2R。M点在点电荷＋q的右侧R处，M点和O点以及＋q、－

q所在位置在同一直线上，且两点电荷连线的中点到O点的距离为5R。当金属球达到静电平衡时，下列说法正确的是（）A．M点的电势低于O点的电势B．M点的电场强度大小为289kqRC．感应电荷在球心O处产生的场强大小为25

144kqRD．将一电子由M点移到金属球上不同点，克服电场力所做的功不相等8．如图所示，虚线下方有垂直纸面向里的足够大有界匀强磁场，虚线上方同一高度处有两个完全相同的正方形均匀金属线框1、2，线框1做自由落体运

动，线框2做初速度为v0的平抛运动。线框1、2在运动过程中均无旋转。磁场的磁感应强度大小B，线框1恰匀速进入磁场。不计空气阻力，从开始运动到线框完全进入磁场的过程中，下列说法正确的是（）A．线框2减速进入

磁场区域B．线框1、2始终处于同一高度C．线框1产生的焦耳热小于线圈2产生的焦耳热D．通过线框1、2导线横截面的电荷量相等9．如图所示，在竖直平面内有一半径为R的光滑固定细管（忽略管的内径），半径OB水平，OA竖直，一个直径略小于管

内径的小球由B点以某一初速度0v进入细管，之后由管内的顶部A点以大小为Av的水平速度飞出。重力加速度为g，下列说法正确的是（）A．为使小球能从A点飞出，小球在B点的初速度必须满足03vgRB．为使小球能从

A点飞出，小球在B点的初速度必须满足02vgRC．为使小球从A点水平飞出后再返回B点，小球在B点的初速度应为052=gRvD．小球从A点飞出的水平初速度必须满足AvgR，因而不可能使小球从A点水平飞出后再返回B点10．如图，空间中有一个圆心角为90的扇形区域MON，扇形

区域内分布方向垂直纸面向外的匀强磁场，扇形区域外分布方向垂直纸面向里的匀强磁场，磁场的磁感应强度大小均为B。一电荷量为e、质量为m的电子以某一速度沿MO方向射入扇形区域，最终能够经过N点。则粒子从M点运动到N点的时间可能为

（）A．2mBeB．mBeC．2mBeD．176mBe二、非选择题：共5小题，共57分。11.某同学利用如图甲所示的装置探究合力的功与动能变化间的关系。斜面的倾角为，其底端与光滑的水平台面平滑连接，斜面上每间隔长度0L的A、B、C、D、E五个位置处可放置挡板，装

置的右侧固定一个竖直木板，木板上粘贴有白纸和复写纸。该同学用游标卡尺测量钢球的直径d，从而在白纸上确定了水平面上钢球圆心等高点的位置，记为O点，并在白纸上建立竖直方向的坐标轴，白纸到水平台面右端的距离为s。现分别从斜面上五个位置处静止释放质量为m的钢球，

在白纸上测得了五组墨迹的中心点的坐标值y。重力加速度为g。全科试题免费下载公众号《高中僧课堂》（1）利用游标卡尺测量钢球的直径，读数如图丙所示，则钢球直径=d______mm；（2）如果作出的−L______图像（选填“1y”、“y”、“2y”或“21y”）是一条直线，如图乙所示，则表

明钢球所受合力的功与钢球获得的速度的平方成正比；（3）若图像中直线的斜率为k，则钢球所受的合力F=______（用题目给定的物理量表示）。12．某课外兴趣小组设计了如图甲的实验电路来研究电路特点并测量电池电动势E、内阻r和某一定值电阻0R的阻值。所用器材有：待测电池一个，待测

定值电阻0R（阻值约几欧，起保护电路的作用），滑动变阻器R一个，电压表（0~6V）、电流表（0~0.6A）各一个（均可视为理想电表），开关S一个，导线接线柱、导线若干。主要实验步骤如下（拆接电表按规程切换开关S

）；①按图甲电路连接实物图，B、C端接线柱空出备用；②将电流表接入接线柱B、C端，读出此时电流表的示数0I；③拆下电流表，将电压表接入接线柱A、D端，读出此时电压表的示数0U；④保持电压表接入电路位置不变，再将电流表与滑动变阻器串联后接入接线柱B、C端，调节滑动变阻器，读出几组电压表

和电流表的读数U和I，并作出UI−图像（如图乙所示），图中图线与横轴I的截距为a。请回答以下问题：（1）通过所做操作和图像中获得的数据可知，该电池电动势E=______，内阻r=______，定值电阻的阻值0=R______（用所得数据

中的0U、0I、a表示）；（2）若仅电压表不能当作理想电表，则第（1）问中所得到的电池电动势的测量值与真实值相比______，内阻的测量值与真实值相比______，定值电阻的测量值与真实值相比______。（选填“偏大”、“偏小”，“相等

”或“无法判断”）。13．如图，用“打夯”方式夯实地面的过程可简化为:两人通过绳子对重物同时施加大小相等、方向与竖直方向成37°的力F，使重物恰好脱离水平地面并保持静止，然后突然一起发力使重物升高0.4m后

即停止施力，重物继续上升0.05m，最后重物自由下落把地面砸深0.05m．已知重物的质量为40kg，取重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．忽略空气阻力，求：（1）F的大小；（2）从两人停止施力到重物恰

好接触地面的时间；（3）地面对重物的平均阻力的大小．14.2022年北京冬奥会上，中国花样滑冰队的隋文静、韩聪不负众望，在双人滑项目上强势夺冠，这也是中国队时隔12年之后再次登上奥运会最高领奖台。该项目有一项技术动作叫双

人螺旋线，如图（a）所示，以男选手成为轴心，女选手围绕男选手旋转。将这一情景抽象成，如图（b）所示：一细线一端系住一小球，另一端固定在一竖直细杆上，小球以一定大小的速度随着细杆在水平面内作匀速圆周运动，细线便在空中划出一个圆锥面，这样的模型叫“圆锥摆”。圆锥摆是研究水平面内质点作匀速圆周运动动力

学关系的典型特例。小球（可视为质点）质量为m，细线AC长度为L，重力加速度为g。（1）在紧贴着小球运动的水面上加一光滑平板，使球在板上作匀速圆周运动，此时细线与竖直方向所成夹角为θ，如图（c）所示，当小球的角速度ω大于某一值ω1

时，小球将脱离平板，则ω1为多大？（2）撤去光滑平板，让小球在空中旋转，测试发现，当小球的角速度ω小于某一值ω2时，细线会缠绕在竖直杆上，最后随细杆转动，如图（d）所示，则ω2为多大？（3）在题（2）情境下，再用一根细线，同样一端系在该小球上，另一端固定在细杆上的B点，且当两条细线

均伸直时，如图（e）所示，各部分长度之比||:||:||5:4:3ABACBC=。则当小球以23gL=匀速转动时，两细线的对小球的拉力分别多大？15.如图所示，在xOy坐标系所在的平面内，第二象限内有一半径为R的圆形匀强磁场区域Ⅰ，磁场边界与x轴和y

轴分别相切于A、C两点，磁场方向垂直平面向里，磁感应强度大小为B。在0≤x≤R的区域有垂直纸面向外的匀强磁场Ⅱ，磁感应强度大小为2B。在R≤x≤2R区域有与x轴平行的匀强电场，电场强度大小为E，方向沿x轴负方向，x＝2R处放置与x轴垂直的荧光屏。沿x

轴移动的粒子发射器能持续稳定的沿平行y轴正向发射速率相同的带负电粒子，该粒子的质量为m，电荷量大小为q．当粒子发射器在A点时，带电粒子恰好垂直y轴通过C点。带电粒子所受重力忽略不计。（1）求粒子的速度大小；（2）当粒子发射器在－2R＜x＜0范围内发射，求匀强

磁场Ⅱ右边界有粒子通过的区域所对应纵坐标的范围；（3）当粒子发射器在3122−−RxR范围内发射，求荧光屏上有粒子打到的区域的长度。答案1-7CDBBCCC8BD9BC10ACD5.C【详解】A．由图乙、图丙可知两列波的周期都为4s

，则两列波的频率都为10.25Hz==fT可知两列波的频率相同，相位差恒定，可形成稳定的干涉现象，A错误；B．两列波的波长均为0.254m1m===vTA点到两波源的波程差为22168m8m2m2=+−==s由于两波源的起振方向相反，可知A点为振动减弱点，故A点的振幅为4m2m2m=−=A

B错误；C．B点到两波源的波程差为23.5m2.5m1m=−==s由于两波源的起振方向相反，可知A、B两点均为振动减弱点，而两波源到A点波程差为2，两波源到B点波程差为，因此A、B连线上有一个波程差为32的点，该点为振动加

强点，C正确；D．两波源的连线上（不含波源）点与两波源的波程差满足66m6m6−=−=s由于两波源的起振方向相反，可知当波程差满足(21)2+n时，该点为振动减弱点，则有12(6)1m5.5m6m2−+=−

−1(251)m5.5m6m2+=可知两波源的连线上（不含波源）有11个振动减弱点，它们的振幅为2m，但位移在0到2m之间变化，D错误。故选C。6．C【详解】A．设小球质量为m，运动过程受到的阻力为f，根据功能关系可求小球下落到距地面高h处时的机械能为()()EmgH

fHhmgfHfh=−−=−+，结合图像可得()bmgfH=−，cmgH=解得cmgH=A错误；B．当2Hh=时，根据动能定理可求动能为22KHHEmgf=−可见在此位置小球的动能小于重力势能，B错误。C．根据牛顿第二定律有mgfma−=又因为()bmgfH=

−，cmgH=联立各式可解得bagc=，C正确。D．由关系式()EmgfHfh=−+，可知图像斜率的物理意义为阻力，可见阻力大小是恒定的，由图可得cbfH−=，D错误。故选AC。9.BC【详解】AB．为使小球能从A点飞出，则在A点的最小速度为零，则由机械能守恒定律2012=mvmg

R解得0=2vgR则小球在B点的初速度必须满足02vgR选项A错误，B正确；C．为使小球从A点水平飞出后再返回B点，则=ARvt212=Rgt2201122=+AmvmgRmv解得2=AgRv小球在B点的初速度应为052=gRv选项C正确；D．要使的小球从A点飞出

，则小球在A点的速度大于零即可，由选项C的分析可知，只要小球在A点的速度2gR，小球就能从A点水平飞出后再返回B点，选项D错误。故选BC.10.ACD【详解】A．把扇形n等分，作出轨迹图，当n取奇数时，由图1可知，t为周期的整数倍加上第

一段的运动时间，即()()2211211,3,5242−−−=+==nmnntTTnnBen；当n为偶数时，由图2可知，由对称性可得()2,4,62===nnmtTnBe

。当1n=时，可得2=mtBe故A正确；BC．当2=n时，可得2=mtBe故B错误，C正确；D．当3n=时，可得176=mtBe故D正确。故选ACD。11.11.401y24mgsk【详解】（1）[1]游标卡尺读数为11mm80.05mm=11.40mm+（2）[2]刚下落过程中，合力的功

W=FL，设小球运动到斜面底端的速度为v，离开水平面后做平抛运动，水平方向=svt，竖直方向212=ygt可得222=gsvy若作出的1−Ly图像是一条直线，则说明2Wv。（3）[3]根据动能定理212=FLmv可得214=mgsLFy其中斜率24=mg

skF可得24=mgsFk12.0U0Ua000−UUIa偏小偏小偏小【详解】(1)[1]由于电压表和电流表均为理想电表，将电压表接入接线柱A、D端，闭合开关S，读出此时电压表的示数0U，可得电池电动势0=EU[2]由图

乙的图像可知当0I=时，外电路开路，此时电压表的读数与步骤③的情况相同，即图乙的图线与纵轴的截距即为0U，根据闭合电路欧姆定律可知内阻0=Ura[3]由步骤②可得000=+UIRr即定值电阻的阻值0000=−UURIa(2)[4]若仅电压表不能当作理想电表，设电压表的内阻为VR。步骤③中V0V

=+RUERr得电池电动势的真实值01=+VrEUR即0UE电动势的测量值小于真实值；[5]步骤④中的电路由于电压表的分流，内阻测量值为0==+VVUrRrraRr内阻测量值小于真实值；[6]步骤②中电路定值电阻的真实值

00=−ERrI而测量值00=−+VVRERrIRr则测量值与真实值之差000010−−=−−=++VVVRrRERRrRrIRr即定值电阻的测量值小于真实值。13．（1）重物处于平衡状态，由：2cos37Fmg=o解得：250

FN=○2（2）设停止施力时重物的速度为v，发力使重物上升的高度为1h，停止发力后重物继续上升的高度为2h，从两人停止施力到重物恰好接触地面的时间为t．由：222vgh=2112vtgth−=−联立得解得：0.4ts=（3

）设地面对重物的平均阻力为f，重物把地面砸深度为3h，重物从最高点到最低点的过程中，有：()31230fhmghhh−+++=○6解得：4000fN=14．（1）当平板对小球支持力为零时，小球恰好脱离平板

，此时重力和绳子拉力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律得21tansinmgmL=解得1cosgL=（2）撤去平板后，小球重力和绳子拉力提供向心力，当绳子没有绕在竖直杆时，设绳子与竖直杆的夹角为，由牛顿第二定律可得21tansinmg

mL=解得cosgL=随着角速度的减小，减小，当0=时，细线开始绕在竖直杆上，解得此时角速度为2gL=（3）当细线BC恰好伸直时，有几何关系得，AC与竖直方向所成夹角为37°，同理可得，此时小球的角速度为5cos374ggLL==则23gL

=时细线BC未伸直，即0BCT=，设此时细线AC与竖直方向的夹角为β，由上得cosgL=解得23cos2gL==根据平衡条件得23cos3ACmgTmg==15．（1）由A点射入的粒子恰

好垂直轴通过C点，可知圆周运动的圆心在坐标原点处，圆周运动的半径为R，洛伦兹力提供向心力，有2vqvBmR=解得粒子的速度为BqRvm=（2）当粒子在－2R＜x＜0范围内发射时，由于轨迹圆半径等于磁场圆半径，粒子的射入点、磁场圆圆心、轨迹圆

圆心、粒子的射出点组成菱形，则射出点在磁场圆圆心水平右侧R处，即所有的粒子均从C点离开匀强磁场区域Ⅰ，与y轴正向夹角在0~180°范围内均有粒子射出粒子射入磁场Ⅱ区域做匀速圆周运动，由向心力公式得22=Bvqvmr，解得r＝2R，由C点沿y轴负方向射入磁场Ⅱ的粒子，从磁场Ⅱ右边界时的位置最靠下为

D点，运动轨迹如图所示，由几何关系得sin60DQyr=，(31)DDQyRyR=−=−−，粒子的运动轨迹与磁场Ⅱ右边界相切时，切点F为从右边界射出的最上方的位置，运动轨迹如图所示，，由几何关系得sin60=FQyr，(31)=+=+FFQyRyR，匀强磁场

Ⅱ右边界有粒子通过的区域所对应纵坐标的范围是(31)(31)−−+RyR（3）当粒子在3122−−RxR范围内发射时，运动轨迹如图所示，，由几何关系可知32=−xR处射入的粒子在Ⅰ区偏转120°由C点进入Ⅱ区，在Ⅱ区偏转30

°垂直右边界由G点射出()21cos30=−PGyR，进入电场后做匀加速直线运动打到荧光屏上M点；12=−xR处射入的粒子在Ⅰ区偏转60°由C点与Ⅱ区左边界成60°进入Ⅱ区，在Ⅱ区偏转60°后在H点沿y轴正

向进入电场．2sin60=PHyR，进入电场后做类平抛运动打到荧光屏上K点，x轴方向22=EqRtm，y轴方向JKvt=，荧光屏上有粒子打到的区域的长度=++MKPGPHJK，解得22=+RqMKRRBEm获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.

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