【文档说明】重庆市巴蜀中学2022-2023学年高三下学期高考适应性月考（八）物理 PDF版含答案.pdf，共(14)页，3.246 MB，由小赞的店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-a2bccf8731f0fe966aac70ca8bd29aec.html

以下为本文档部分文字说明：

物理参考答案·第1页（共6页）巴蜀中学2023届高考适应性月考卷（八）物理参考答案选择题：本大题共10小题，共43分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题5分，全部选对的得5分，选对但不全的

得3分，有选错的得0分。题号12345678910答案CDCBDDDBDADACD【解析】1．夜间降温时，分子的平均速率会随温度降低而减小，故A错误。夜间降温时，封闭气体体积不变，压强减小，内部气体的压强小于外部，使得外部的压力大于内部的较大压力差，从而使得无法拧开，故B错误。

放热水中浸泡时，会导致杯内封闭气体的压强增大，使得内外气体对杯盖的压力差减小，从而能轻松拧开杯盖，故C正确。夜间降温时，内能减小，0U，体积不变，0W，由UWQ，得0Q，故放出热量，故D错误。2．电流表所测的电流为有效值，有效值m2A22()EIRr，故A错误。0~0.125

s为14个周期，通过回路某截面的电荷量m1C()4ENqRrRrπ，故B错误。变压器不能改变交变电流的频率，故输出的频率仍为0.5s，故C错误。理想变压器的匝数比不变，则输出电压不变，副线圈负载电阻减小，则

流过副线圈的电流增大，则流过原线圈的电流增大，故D正确。3．根据左手定则，磁场方向垂直纸面向里，故A错误。若增大电子速度，但其做圆周运动周期2mTqBπ，与其运动速度无关，故周期不变，故B错误。撤掉磁场后，在忽略重力的情况下电子不受力的作用，将做匀

速直线运动，故C正确。当电子的入射方向不与磁场垂直时，其将做螺旋运动，故D错误。物理参考答案·第2页（共6页）4．充满电后电容器上极板与电源正极连接，故上极板带正电，故A错误。充满电后总的电荷量由乙图中图线

与坐标轴围成图形面积表示，321410100.25C3.510CQ，故B正确。该同学应该在开关置于2稳定后测出电容器两端的电压，然后用QCU算出电容器的电容，故C错误。保持开关与2连接且稳定的情况下，此时应该是电容器两端的电压不

变，将电容器的间距增大，则电容C减小，其所带的电荷量减小，放电出来，电流向左流过R，故D错误。5．列车制动减速和启动加速的时间080s160s0.5tav，故A错误。列车制动减速和启动加速的位移为22080m

6400m220.5xav，故B错误。若列车停站时间为2min，则列车从开始制动减速至启动恢复到原来的速度过程中的平均速度2160m/s11xtt停v，故C错误。若列车停站时间为2min，则从开始制动减速至启动恢复

到原来的速度过程中总时间2440sttt停总，对应相同一段位移不停站所运动的时间02160sxtv，则慢的时间280sttt总，故D正确。6．航天员在上升过程中，浮力对其做mgh的正功，故机械能

增加mgh，故A错误，D正确。匀速上升过程动能不变，故B错误。上升h的过程，重力势能增加了mgh，故C错误。7．导体棒在上升过程某位置的受力如图1所示，正交分解得其所受的支持力NsinFmg，摩擦力sinfFmg，

随增大，NF增大，fF增大，故A、B错误。导体棒所受的安培力2cossin1sin()FBILmgmg，在0~90范围内增大，安培力先增大后减小，电流先增大后减小。重力和安培力的合力与支持力和摩擦力的合力等大

方向，支持力和摩擦力的合力方向与摩擦力的方向夹角始终不变，则重力和安培力的合力方向始终与安培力的方向的夹角始终不变，故D正确。图1物理参考答案·第3页（共6页）8．人起跳时，恰好过杆对应的竖直分速度最小，其值23m/syghv，故A错误。

起跳时人受到板的作用力为NF，由动量定理得NyFtmgtmv，解得N1320NF，故B正确。人与滑板在从其起跳到落回到滑板的过程中，系统竖直方向合力不为零，仅水平方向合力为零，故人与滑板构成的系统水平方向上动量守恒，故C错误，D正确。9．线框进入

磁场过程，切割磁感线的有效长度先均匀增大，后均匀减小，故产生的感应电动势和感应电流先均匀增大，后均匀减小，感应电流方向为逆时针，进入阶段正确，整个线框完全在磁场中运动阶段，回路磁通量不变，产生的总电动势和感应电

流为零，第二阶段也正确，出磁场阶段切割磁感线的有效长度仍先均匀增大，后均匀减小，故产生的感应电动势和感应电流先均匀增大，后均匀减小，感应电流方向为顺时针，第三阶段正确，故A正确。相框完全在磁场阶段，虽然回路产生的总电

动势为零，但ab和bc均切割磁感线，各自产生的感应电动势不为零，故ab两端的电势差不为零，故B错误。外力和安培力相等，安培力与回路的感应电动势为二次函数变化关系，而感应电动势与时间是一次函数关系，故外力与时间是二次函数关系，应该为曲线，故C错误。功率与回路的感应

电动势为二次函数变化关系，而感应电动势与时间是一次函数关系，故功率与时间是二次函数关系，应该为曲线，且进出两段完全相同，完全在磁场中无感应电流，无电功率，故D正确。10．a球做加速运动的加速度为a，则0aBqmav，设第

一次碰前速度为0av，则202aaLv，解得00.8m/sav，故A正确。设a和b碰撞后速度为a1v、1bv，根据动量守恒定律和机械能守恒定律可得011aaaabbmmmvvv，222011111222aaaabbmmm，vvv解得10.4m/sav，10.4m/sb

v，故B错误。设物块a、b第一次碰后再经过时间1t发生第二次碰撞，有21111112abtattvv，解得10.4st，故C正确。第二次碰撞前a的速度1111.2m/saaatvv，第二次碰撞前b的速度110.4m/sbbvv，碰撞

过程中，根据动量守恒定律和机械能守恒定律可得1122aabbaabbmmmmvvvv，2222112211112222aabbaabbmmmmvvvv，解得20av，20.8m/sbv，第二次和第三次碰撞物理

参考答案·第4页（共6页）的时间间隔为2t，则22abxx，即22222212abtattvv，解得20.4st，第三次碰撞前a的速度2221.6m/saaatvv，第三次碰撞前b的速度

220.8m/sbbvv，碰撞过程中，根据动量守恒定律和机械能守恒定律可得2233aabbaabbmmmmvvvv，2222223311112222aabbaabbmmmmvvvv，解得30.4m/sav，31.2m/sbv，即每

一次碰撞b球的速度增加0.4m/s，相邻两次碰撞的时间间隔为0.4s，则b球从第一次到第九次碰撞前的瞬间位移分别为110.16mbbxtv，220.420.4m0.32mbbxtv，330.430.4m0.48mbbxtv，则杆的长度是01238···5.84mbb

bbxLxxxx，故D正确。非选择题：共5小题，共57分。11．（每空2分，共6分）（1）理想模型法（2）12VVVNS（3）偏小【解析】假设分子为球形、不考虑分子间的间隙及将所形成的油膜看成为单分子油膜均为理想化考虑，因此这种模型为理想

化模型。根据这位同学的所得到的物理量可算得分子得直径1212VVVNVVdSVNS。该同学取一滴溶液时由于用的注射器针孔较大，其真实的一滴溶液的体积偏大，所形成的油膜的真实面积偏大，而带值计算时所得到一滴溶液

的体积为原本的值，相比真实值偏小，故最后测量值偏小。12．（除特殊标注外，每空2分，共9分）（1）平行（2）远离（3）1.61（4）大于（3分）物理参考答案·第5页（共6页）13．（12分）解：（1）对冰壶A分析，有221101122mgxmmvv①解得14m/sv②（2）碰撞

过程，有123mmmvvv③23312mgxmv④324.5mxx，即恰好可以撞入营垒⑤评分标准：本题共12分。正确得出②式给2分，正确得出⑤式给1分，其余各式各给3分。14．（12分）解：（1）易知EBdv

①∴EBdIRrRrv②（2）当前进2L时，设速度为1v则有10BIdtmmvv③2()BLdqItRrRr④∴22102()BLdmRrvv⑤（3）全过程0BILtmv⑥BLxqIt

Rr⑦∴022()mRrxBdv⑧评分标准：本题共12分。正确得出①、③、④、⑦式各给2分，其余各式各给1分。15．（18分）解：（1）当2π时，小球类竖直上抛∴aEqgm①物理参考答案·第6页（共6页）∴20m2ygv②（2）当入射方向夹角为时，小球

做类斜抛，到达y坐标最大时，有0sintgv③∴020cossincostxgvv④20(sin)2ygv⑤∴2222224200244sin3sin3sin2233sxyggvv∴当22sin3，即

6sin3时，20max33sgv⑥（3）α变化时，y坐标最大时对应的坐标为2200sincos(sin)2xygg，vv可知22002sincossingxgy，vv⑦消去α可得222000221gx

gygyvvv⑧化简后可得最高点的轨迹方程为220244002241416ygxggvvv⑨可知该区域是椭圆，形状如图2所示∴其面积2240002π248Sgggπvvv⑩评分标准：本题共18分。正确得出⑥式给3分，正确得出③、⑦、⑧式各给1分，其余各式各给

2分。图2