【文档说明】【精准解析】陕西省咸阳市实验中学2019-2020学年高一上学期第三次月考物理试题.doc，共(19)页，795.500 KB，由小赞的店铺上传

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物理试题一、单项选择题（本题共12小题，每小题3分，共36分。在每小题给出的四个选项中，有一个选项是正确的。）1.如图，质量mA＞mB的两物体A、B叠放在一起，靠着竖直墙面．让它们由静止释放，在沿粗糙墙面

下落过程中，物体B的受力示意图是A.B.C.D.【答案】A【解析】【详解】A与B整体同时沿竖直墙面下滑，受到总重力，墙壁对其没有支持力，如果有，将会向右加速运动，因为没有弹力，故也不受墙壁的摩擦力，即只受重力，做自由落体运动；由于整体做自由落体运动，处于完全失重状态，故A、B间

无弹力，再对物体B受力分析，只受重力，故A正确，BCD错误．【点睛】本题关键先对整体受力分析，得到整体做自由落体运动，处于完全失重状态，故A与B间无弹力，最后再对B受力分析，得到其只受重力．2.如图所示，将一个已知力F分解为F1和F2，已知F=10N，F1与F的夹角

为37°，则F2的大小不可能的是（）（sin37°=0.6，cos37°=0.8）A.4NB.6NC.10ND.100N【答案】A【解析】【详解】画出力F的分解图：如图所示：可以看出F2有最小值，最小值为：F2=Fsin37°=

10×0.6N=6N没有最大值，不可能是4N．所以F2的取值范围为：6N到∞．故选A．3.质量为m的物体用轻绳AB悬挂于天花板上。用水平向左的力F缓慢拉动绳的中点O，如图所示。用T表示绳OA段拉力的大小，在O点向左移动的过程中A.F逐渐变大，T逐渐变大B.F逐渐变大，T逐渐变小C.F逐渐变小，T

逐渐变大D.F逐渐变小，T逐渐变小【答案】A【解析】【详解】以结点O为研究对象受力分析如下图所示：由题意知点O缓慢移动，即在移动过程中始终处于平衡状态，则可知：绳OB的张力TB=mg根据平衡条件可知：Tcosθ-TB=0，Tsinθ-F=0由此两式可得：F=TBtanθ=mgtanθBTTc

os=在结点为O被缓慢拉动过程中，夹角θ增大，由三角函数可知：F和T均变大。A.F逐渐变大，T逐渐变大与分析相符，故A正确。B.F逐渐变大，T逐渐变小与分析不符，故B错误。C.F逐渐变小，T逐渐变大与分析不符，故C错误。D.F逐渐变小，T逐渐变小与分析不符，故D错误。4.如图

所示，质量为m的小球用水平弹簧系住，并用倾角为300的光滑木板AB托住，小球恰好处于静止状态.当木板AB突然向下撤离的瞬间，小球的加速度为（）A.0B.大小为g，方向竖直向下C.大小为33g，方向水平向右D.大小为233g，方向垂直木板向下【答案】D【解析】【分析】木板撤去前，小球处于平衡

态，根据共点力平衡条件先求出弹簧的弹力，撤去木板瞬间，木板的支持力消失，弹簧的弹力和重力不变，求出合力后，即可由牛顿第二定律求出小球的加速度．【详解】木板撤去前，小球处于平衡态，受重力、支持力和弹簧的拉力，如图根据共点力平衡条件，有：F-Nsin30°=0；Ncos30°-G=0；解得支持力N

=233mg，弹簧的弹力F=33mg；木板AB突然撤去后，支持力消失，重力和弹簧的拉力不变，合力大小等于支持力N，方向与N反向，故此瞬间小球的加速度大小为：233Nagm==，方向垂直木板向下．故选D．【点睛】本题的关键对小球受力分析

，抓住弹簧的弹力不能突变，由牛顿第二定律求瞬时加速度．5.如图所示，质量相同的木块A、B，用轻弹簧连接，置于光滑的水平面上，开始弹簧处于自然状态，现用水平恒力F推木块A，则弹簧在第一次被压缩到最短的过程中（）A.A、B速度相同时，加速度ABaa=B.A、

B速度相同时，ABaaC.A、B加速度相同时，ABD.A、B加速度相同时，AB【答案】C【解析】【详解】AB．从速度方面分析：从开始到弹簧第一次被压缩到最短，在AB靠近的过程中，A的速度始终大于B的速度，否则不可能靠近，当

弹簧压缩到最短时，两者速度相等。从加速度分析：初始时刻，只有A受到推力F，A的加速度大，速度增加的快，当弹簧压缩到最短时，两者速度相等，此时B的加速度大于A的，否则不可能出现两者速度相等。弹簧压缩量最大时，AB速度相等，此时B的加速度大，故AB错误；CD．从开始到弹簧第一次被压缩到最短

过程中，中间某一时刻会出现加速度相等的时刻，那时A的速度大，故D错误，C正确。故选C。6.下列对运动的认识不正确的是（）A.亚里士多德认为物体的自然状态是静止的，只有当它受到力的作用才会运动B.伽利略认为力不是维持物体速度的原因C.牛顿认为力的真正效应

总是改变物体的运动状态D.伽利略根据理想实验推论出，如果没有摩擦，在水平面上的物体，一旦具有某一个速度，将保持这个速度继续运动下去【答案】A【解析】【详解】A．亚里士多德认为力是维持物体速度的原因，故A错误，符合题意；B．

伽利略认为力不是维持物体运动的原因，力是改变物体运动状态的原因，故B正确，不符合题意；C．牛顿认为力的真正效应总是改变物体的速度，即产生加速度，故C正确，不符合题意；D．伽利略根据理想实验推论出，如果没有摩擦，在水平面上的物体，一旦具有某一个速度，将保持这个速度继续运

动下去，故D正确，不符合题意。故选A。7.为了节省能量，某商场安装了智能化的电动扶梯．无人乘行时，扶梯运转得很慢；有人站上扶梯时，它会先慢慢加速，再匀速运转．一顾客乘扶梯上楼，恰好经历了这两个过程，如

图所示．那么下列说法中正确的是A.顾客始终受到三个力的作用B.顾客始终处于超重状态C.顾客对扶梯作用力的方向先指向左下方，再竖直向下D.顾客对扶梯作用的方向先指向右下方，再竖直向下【答案】C【解析】【详解】试题分析：以人为研究对象，加速过程中，人受到静摩擦力、重力、支持力三个力的

作用下沿电梯加速上升，匀速运动时，人受到重力和支持力作用，故A错误；在慢慢加速的过程中，受力如图，物体加速度与速度同方向，合力斜向右上方，因而顾客受到的摩擦力与接触面平行水平向右，电梯对其的支持力和摩擦力的合力方向指向右上，处于超重状态；由牛顿第三定律，它的反作用力即

人对电梯的作用方向指向向左下，在匀速运动的过程中，顾客处于平衡状态，只受重力和支持力，顾客与电梯间的摩擦力等于零，顾客对扶梯的作用仅剩下压力，方向沿竖直向下；故BD错误，C正确．故选C．考点：牛顿第二定律的应用8.图中弹簧秤、绳和滑轮的

重量均不计，绳与滑轮间的摩擦力不计，物体的质量都是m，在图甲、乙、丙三种情况下，弹簧秤的读数分别是1F、2F、3F，则()A.312FFF=B.123FFF=C.123FFF==D.312FFF

=【答案】A【解析】【详解】甲图：物体静止，物体受到的拉力与重力大小相等，所以弹簧的拉力1Fmg=；乙图：对物体为研究对象，作出力图如图．由平衡条件得：23sin600.8662FGmgmg===；丙

图：以动滑轮为研究对象，可知滑轮受到的三个力之间的夹角都是120.由几何知识得3Fmg=．故答案为312FFF=；故选A．【点睛】本题是简单的力平衡问题，关键是分析物体的受力情况，作出力图.对于丙图，是平衡中的特例，结果要记忆．

9.如图所示，一物块置于水平地面上．当用与水平方向成060角的力1F拉物块时，物块做匀速直线运动；当改用与水平方向成030角的力2F推物块时，物块仍做匀速直线运动．若1F和2F的大小相等，则物块与地面之间的动摩擦因

数为A.31−B.23−C.3122−D.1-32【答案】B【解析】试题分析：对两种情况下的物体分别受力分析，如图将F1正交分解为F3和F4，F2正交分解为F5和F6，则有：F滑=F3mg=F4+FN；F滑′=F5mg+F6=FN′而F滑

=μFN；F滑′=μFN′则有F1cos60°=μ（mg-F1sin60°）①F2cos30°=μ（mg+F2sin30°）②又根据题意F1=F2③联立①②③解得：μ=2-3；故选B考点：物体的平衡10.如图所示，水平地面上有两个完全相同的木块A

、B，在水平推力F作用下运动，用FAB代表A、B间的相互作用力（）A.若地面是完全光滑的，则FAB=FB.若地面是完全光滑的，则FAB=12FC.若地面的动摩擦因数为μ，则FAB=FD.若地面的动摩擦因数为μ，则FAB=2F【答案】B【解析】【详解】AB．若地面是光滑的，

对整体运用牛顿第二定律得：整体的加速度2Fam=再对B运用牛顿第二定律得AB12==FmaF故B正确，A错误；CD．若地面是粗糙的，动摩擦因数设为，对整体运用牛顿第二定律得：整体的加速度222FmgFagmm

−==−再对B运用牛顿第二定律得ABFmgma−=解得AB2FF=故CD错误。故选B。11.如图所示，质量为M=5kg的箱子B置于光滑水平面上，箱子底板上放一质量为m2=1kg的物体C，质量为m1=2kg的物体A经跨过定滑轮的轻绳与

箱子B相连，在A加速下落的过程中，C与箱子B始终保持相对静止。不计定滑轮的质量和一切阻力，取g=10m/s2，下列正确的是（）A.物体A处于完全失重状态B.物体A处于失重状态，加速度大小为2.5m/s2C.物体C对箱子B的静摩擦力大小为2ND.轻

绳对定滑轮的作用力大小为30N【答案】B【解析】【详解】AB．假设绳子拉力为T，根据牛顿第二定律，有：对A，有：m1g-T=m1a对BC整体，有：T=（M+m2）a联立解得：T=15N；a=2.5m/s2物体A的加速度小于重力加速度，故不

是完全失重，物体A处于失重状态，加速度大小为2.5m/s2，故A错误B正确；C．对C受力分析，受重力、支持力和静摩擦力，根据牛顿第二定律，有：f=m2a=1×2.5=2.5N故C错误；D．绳子的张力为15N，由于滑轮两侧绳子垂直，根据平行四边形定则，其对滑轮的作用力为152N，斜

向右下方，故D错误。故选B。12.如图所示，小车向右运动的过程中，某段时间内车中悬挂的小球A和车水平底板上的物块B都相对车厢静止，悬挂小球A的悬线与竖直线有一定夹角，这段时间内关于物块B受到的摩擦力下列判断中正确的是A

.物块B不受摩擦力作用B.物块B受摩擦力作用，大小恒定，方向向左C.物块B受摩擦力作用，大小恒定，方向向右D.因小车的运动性质不能确定，故B受到的摩擦力情况无法判断【答案】B【解析】【详解】A和B都相对车厢静止，加速度相同，方向为水平方向，对A受力分析可知，其受到的重力和

拉力的合力恒定水平向左，故加速度恒定，方向水平向左，所以B受摩擦力的作用方向向左．故B正确ACD错误。故选B．二、多项选择题：（本题共4小题，每小题4分，共16分。全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分。）13.一人站在电梯内体重计上，电梯静止时体重计示数5

00N。若电梯在竖直方向运动过程中，他看到体重计的示数为600N，取g=10m/s2。电梯的运动情况可能是（）A.电梯的加速度大小为2m/s2，方向竖直向上B.电梯的加速度大小为2m/s2，方向竖直向下C.电梯可能向上加速运动，也可能向下减速

运动D.电梯可能向上减速运动，也可能向下加速运动【答案】AC【解析】【详解】电梯静止时体重计示数500N．若电梯运动过程中，体重计的示数为600N，说明电梯有向上的加速度，超重，运动情况可能为：向上加速或向下减速22600500m/s2m/s50010NmGam−−===故AC正确，BD错误。

故选AC。14.如图所示，轻质不可伸长的晾衣绳两端分别固定在竖直杆M、N上的a、b两点，悬挂衣服的衣架挂钩是光滑的，挂于绳上处于静止状态，如果只人为改变一个条件，当衣架静止时，下列说法正确的是（）A.绳的右端上移到b，绳子拉

力不变B.将杆N向右移一些，绳子拉力变大C.绳的两端高度差越小，绳子拉力越小D.若换挂质量更大的衣服则衣架悬挂点右移【答案】AB【解析】【详解】设两段绳子间的夹角为2，由平衡条件可知，2cosFmg=，所以2cosmgF=，设绳子总长为L，两杆间距离为s，由几何

关系12sinsinLLs+=，得12sinssLLL==+，A．绳子右端上移，L、s都不变，不变，绳子张力F也不变，A正确；B．杆N向右移动一些，s变大，变大，cos变小，F变大，B正确；C．绳子两端高度差变化，不影响s和L

，所以L不变，C错误；D．衣服质量增加，绳子上的拉力增加，由于不会变化，悬挂点不会右移，D错误．15.一汽车在路面情况相同的公路上直线行驶，下面关于车速、惯性、质量和滑行路程的讨论正确的是（）A.车速越

大，它的惯性越大B.质量越大，它的惯性越大C.车速越大，刹车后滑行的路程越长D.车速越大，刹车后滑行的路程越长，所以惯性越大【答案】BC【解析】【详解】AB.惯性是物体的固有属性，它与物体的质量有关，与物体的速度无关，故A错误，B正确；CD.根据22

vsa=可知车速越大，刹车后滑行的路程越长，与惯性的大小无关，故C正确，D错误．16.静止在光滑水平面上的物体受到一个水平拉力的作用，该力随时间变化的关系如图所示，则以下说法中正确的是()A.物体在2s内的位移为零B.4s末物体将回到出发点C.2s末物体的速度为零D.物体一直在

朝同一方向运动【答案】CD【解析】【详解】由图象可知在0～1s时间内，物体做匀加速运动，设位移为x，1s末的速度为v，则物体在1～2s内做匀减速运动，位移也为x，2s末的速度为零，2s内的位移为2x，接着将原方向重复前2s的运动，故CD正确AB错误

。故选CD．三、填空题（17，18题每空3分，19题每空2分共15分。请把正确答案填在答题纸题目后面的横线上。）17.半径为R的表面光滑的半球固定在水平面上，在距其最高点的正上方为h的悬点O，固定长L的轻绳一端，绳的另一端拴一个重为G的

小球，小球静止在球面上，如图所示，则绳对小球的拉力FT=_______。【答案】LGRh+【解析】【详解】对小球受力分析，小球受到重力G、球面的弹力N、细绳的拉力FT，据平衡条件将G、N合成如图据相似三角形

知识（小球的大小忽略不计）可得TFGRhL=+解得TLFGRh=+18.如图所示，细线的一端固定于倾角为45°的光滑楔形滑块A的顶端P处，细线的另一端拴一质量为m的小球．当滑块至少以加速度a=__________向左运动时，小球对滑块的压力等于零，当滑块以a=2g的加速度向左运动时，线中拉力

FT=________．【答案】(1).g(2).5mg【解析】【详解】以小球为对象分析，由于小球在竖直方向加速度为零、即在竖直方向小球的合外力为零，则有cos45TFmg=①沿水平方向只有拉力沿水平方向的分量根据牛顿第二定律有si

n45TFma=②联立①②可得a=g；设当滑块以a=2g的加速度向左运动时，细线与竖直方向的夹角为θ，则有cosTFmg=③、sin2TFmg=④联立③④可得5TFmg=19.某同学做“探究求合力的方法”的实验，实验装置如图6

甲所示，其中两个主要步骤如下：①用两个弹簧测力计分别钩住细绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，结点到达某一位置O，记下O点的位置，读出并记录两个弹簧测力计的示数；②只用一个弹簧测力计，通过细绳套拉橡皮条使其伸长，读出并记录弹簧测力计的示数

，记下细绳的方向，按同一标度作出这三个力的图示，并求出F1、F2的合力，如图乙所示．(1)以上两步骤均有疏漏：在①中是__________________________________________________________________；在②中是

_________________________________________________________________．(2)图乙所示的F与F′两力中，方向一定沿AO方向的是________．【答案】(1).（1）①记下两条细绳的方向；(2).②把橡皮条的结点拉到了

同一位置O点．(3).（2）F．【解析】试题分析：1、步骤①中只有记下两条细绳的方向，才能确定两个分力的方向，进一步才能根据平行四边形定则求合力；步骤②中只有使结点到达同样的位置O，才能表示两种情况下力的作用效果相

同．2、只用一只弹簧测力计，通过细绳套拉橡皮条使其伸长，读出弹簧测力计的示数，记下细绳的方向，按同一标度作出这个力F′的图示．解：（1）本实验为了验证力的平行四边形定则，采用的方法是作力的图示法，作出合力和理论值和实际值，然后进行比较，得出结果

．所以，实验时，除记录弹簧秤的示数外，还要记下两条细绳的方向，以便确定两个拉力的方向，这样才能作出拉力的图示．步骤①中未记下两条细绳的方向；步骤②中未说明把橡皮条的结点拉到位置O．（2）F是利用F1和F2做平行四边形得到的，F′使用一根弹簧测力计测出的，故F′一定沿A

O方向．故答案为（1）①记下两条细绳的方向；②把橡皮条的结点拉到了同一位置O点．（2）F′．【点评】本实验关键理解实验原理，根据实验原理分析实验步骤中有无遗漏或缺陷，因此掌握实验原理是解决实验问题的关键．四．计算题（本大题共3小题，20题9分。21，22。每题12分。共33分，解答

应写出文字说明、证明过程或演算步骤。）20.如图所示为车站使用的水平传送带的模型，传送带长L=8m，以速度v=4m/s沿顺时针方向匀速转动，现有一个质量为m=10kg的旅行包以速度v0=10m/s的初速度水平地

滑上水平传送带。已知旅行包与皮带间的动摩擦因数为μ=0.6，则旅行包从传送带的A端到B端所需要的时间是多少？（g=10m/s2，且可将旅行包视为质点。）【答案】1.25s【解析】【详解】设旅行包在传送带上做匀减速运动的时间为t1,即经过t1时间，旅行包的速度达到v=4m/s，由牛顿第二定律

，有旅行包在滑动摩擦力作用下做匀减速直线运动所以有：μmg=ma代入数据可得：a=6m/s2取初速度方向为正方向，则滑动摩擦力方向与运动方向相反，物体做匀减速直线运动的加速度a=−6m/s2所以旅行包做匀减速直线运动的时间为：t1=va=1s此时旅行包通过的位移为s1，由匀变速直

线运动的位移时间关系有：旅行包的位移：s1=v0t+12at2=10×1+12×(−6)×12m=7m因为s1=7m<L可知在匀减速运动阶段,旅行包没有滑离传送带,此后旅行包与传送带一起做匀速运动,设做匀速运动的时间为t2，则：t2=Lsv−=0.25s所以旅行包在传送带上运动的时间为t=t1+t

2=1.25s21.如图所示，在水平桌面的边角处有一轻质光滑的定滑轮K，一条不可伸长的轻绳绕过定滑轮K分别与物体A、B相连，A、B的质量分别为mA=3kg、mB=2kg．现用一水平恒力F拉物体A，使物体B上升（A、B均从静止开始运动）

．已知当B上升距离为h=0.2m时，B的速度为v=1m/s．已知A与桌面的动摩擦因数μ=0.25，重力加速度为g=10m/s2．求：(1)力F的大小和A、B系统的加速度大小．(2)当B的速度为v=1m/s时，轻绳突然断了，那么在B上升的过程中，A向左运动多远？【答案】（1）40N

，2.5m/s2（2）0.15m【解析】【详解】（1）物体B匀加速上升，根据速度位移公式，有：a＝22vh＝2.5m/s2对A运用牛顿第二定律，得到：F-μmAg-T=mAa对B运用牛顿第二定律，得到：T-mBg=mBa联立解得：F=40N即力

F的大小为40N，A、B系统的加速度大小为2.5m/s2．（2）细线断开后，B物体由于惯性继续上升，根据速度时间公式，有：t＝vg＝0.1s①对A运用牛顿第二定律，得到：F-μmAg=mAa'②物体A做匀加速直线运动，根据速度时间公式，有21

2Svtat+＝③由①②③解得S=0.15m22.如图所示，长度L=2m，质量M=2/3kg的木板置于光滑的水平地面上，质量m=2kg的小物块（可视为质点）位于木板的左端，木板和小物块间的动摩擦因数μ=0.1，现对小物块施加一水平向右的恒力

F=10N，取g=10m/s2．求：（1）将木板M固定，小物块离开木板时的速度大小；（2）若木板M不固定，m和M的加速度a1、a2的大小；（3）若木板M不固定，从开始运动到小物块离开木板所用的时间．【答案】（1）4m/s(2)214m/sa=,22s3m/a=(3)2s【解析】（1）根据牛顿

第二定律：24/Fmgmaams−==；故224/vaLvms==；（2）对m，由牛顿第二定律得1Fmgma−=，代入数据解得214/ams=；对M，由牛顿第二定律得2mgMa=，代入数据解得223/ams=；（3）根据22121122atatL−=得()214322t−=，解

得2ts=．【点睛】本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合，关键能够正确地受力分析，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁．