【文档说明】【精准解析】陕西省榆林市绥德中学2019-2020学年高一上学期第三次阶段性考试物理试卷.doc，共(15)页，983.000 KB，由小赞的店铺上传

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物理试题第Ⅰ卷（选择题，共48分）一、选择题。（第1～9题为单项选择题，第10～12题为多项选择题，每小题4分，选对但选不全得2分，共48分）1.对下列现象解释正确的是A.在一定拉力作用下，车沿水平方向前进，所以力是

物体运动的原因B.向上抛出的物体由于惯性向上运动，以后惯性变小，速度越来越小C.质量大的物体运动状态不容易改变是由于物体的质量大，惯性也就大的缘故D.高速行驶的汽车由于速度大，所以惯性大，很难停下来【答案】C【解析】【详解】A．力

不是使物体运动的原因，物体不受力时也可以做匀速直线运动，故A错误；B．向上抛出的物体由于惯性向上运动，以后由于受到重力的作用，速度越来越小，物体的惯性只与质量有关，质量不变，惯性不变，故B错误；CD．惯性大小的量度是质量，惯性越大，运动状态越难改变，与速度大小无关，故C正确，D错误；故选C

。2.如图所示，当小车水平向右加速运动时，物块M相对车厢静止与其后竖直壁上，当车的加速度a增大时A.物块仍相对车厢滑动B.物块所受静摩擦力增大C.车厢壁对物块的压力增大D.车厢对物块的作用力方向不变【答案】C【解析】【详解】以物块为研究对象，物体受重力Mg，车厢的弹

力N和静摩擦力f，根据牛顿第二定律可得，水平方向：N=Ma，竖直方向：f=MgC．当加速度增大时，车厢壁对物块的压力N增大，故C正确；AB．当加速度增大时，物块仍相对于车厢静止，在竖直方向受力平衡，即f=Mg不变；故AB均错误；D．物体

受车厢的弹力和向上的静摩擦力，当加速度增大时，N增大，静摩擦力f不变，则两者合力的方向变化，车厢对物块的作用力方向改变，故D错误。故选C。3.如图所示，用力F推放在光滑水平面上的物体P、Q、R，使其做匀加速运动.若P和Q之间的相互作用力为6N，Q和R之间的相互作用

力为4N，Q的质量是2kg，那么R的质量是（）A.2kgB.3kgC.4kgD.5kg【答案】C【解析】【详解】对Q受力分析有：6N-4N=2kg×a，则运动的加速度为1m/s2，再对R受力分析得：mRa=4N，得mR=4kg，选项C正确．4.如图所示

，小张同学左手抓起一只篮球，当篮球与手臂都静止时，下列说法正确的是（）A.手对篮球的作用力的大小等于篮球的重力B.手对篮球的作用力的大小大于篮球的重力C.手对篮球的作用力和篮球的重力是一对相互作用力D.手对篮球的作用力和篮

球对手的作用力是一对平衡力【答案】A【解析】【详解】AB．篮球受到重力和手对篮球的作用力，在这两个力的作用下处于平衡状态，故手对篮球的作用力和篮球的重力是一对平衡力，等大反向。故A正确，B错误；C．手对篮球的作用力和篮球对手的力是一对相互作用力，篮球受到的重力和地

球受到篮球的万有引力是一对相互作用力。故C错误；D．手对篮球的作用力和篮球对手的作用力是一对相互作用力，故D错误。故选A。5.物体A、B均静止在同一水平面上，质量分别为mA和mB，与水平面间的动摩擦因数分别为μ

A和μB，用水平力F分别拉物体A、B，它们的加速度a与拉力F关系的图象如图所示，由图象可知A.μA>μBB.μA<μBC.mA>mBD.mA=mB【答案】A【解析】【详解】CD．根据牛顿第二定律F-μmg=ma则1aFgm=−图像的斜率等于质量的倒数，则由图像可知，mA<mB，选

项CD错误；AB．a=0时，F=μmg，则μA>μB，选项A正确，B错误；故选A。6.在国际单位制中，与质量、长度和时间对应的基本单位是A.克、米、秒B.千克、米、小时C.克、厘米、分钟D.千克、米、秒【答案】D【解析】【详解】在国际单

位制中,长度、质量和时间三个基本量的基本单位是m、kg和s故选D。7.物体质量为2kg,放在光滑水平面上,同时受到大小为2N和5N的两个水平力作用,物体的加速度可能为()A.0B.2m/s2C.4m/s2D.5m/s2【答案】B【解析】【详解】两

个力的大小分别为2N和5N，它们的合力范围为3N≤F合≤7N，根据牛顿第二定律F合=ma得：物体的加速度范围为1.5m/s2≤a≤3.5m/s2．可知，物体的加速度可能为2m/s2故选B。8.搬运工人沿粗糙斜面把一个物体拉上卡车，当力沿斜

面向上，大小为F时，物体的加速度为1a；若保持力的方向不变，大小变为2F时，物体的加速度为2a，则A.12aa=B.1212aaaC.212aa=D.212aa【答案】D【解析】当为F时有,当为2F时有,可知,D对.9.某物体做

直线运动的v-t图象如图甲所示，据此判断（F表示物体所受合力，x表示物体的位移）四个选项中正确的是（）A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】本题考查v-t图象、牛顿第二定律【详解】由图甲可知前两秒物体做初速度为零的匀加速直线运动，所以前两秒受力恒定，2s-4s做正方向匀减速直线运

动，所以受力为负，且恒定，4s-6s做负方向匀加速直线运动，所以受力为负，恒定，6s-8s做负方向匀减速直线运动，所以受力为正，恒定，综上分析B正确．【点睛】在v-t图象中倾斜的直线表示物体做匀变速直线运动，加速度

恒定，受力恒定．10.如图所示，蹲在体重计上的小女孩，在起立、下蹲过程中，能看到超重和失重现象。关于她处于超重还是失重状态，下列说法不正确的是（）A.小女孩从蹲着的状态开始，起立过程中一直处于超重状态B.小女孩从蹲着的状态开始，起立过程中一直处于失重状态C.小女孩从站立的状态开始，下蹲过

程中，先处于超重状态，后处于失重状态D.小女孩从站立的状态开始，下蹲过程中，先处于失重状态，后处于超重状态【答案】ABC【解析】【详解】物体具有向上的加速度为超重，物体具有向下的加速度为失重。AB．人从下蹲状态站起来的过程中，先向上做加速运动，

加速度向上，后向上做减速运动，加速度向下，最后回到静止状态，所以小女孩先处于超重状态后处于失重状态，AB错误；CD．下蹲过程中，人先向下做加速运动，加速度向下，后向下做减速运动，加速度向上，所以小女孩先处于失重状态后处于超重状态，C错误D正确。本题

选不正确的，故选ABC。11.如图所示，一轻质弹簧竖直放置在水平地面上，下端固定．弹簧原长为20cm，劲度系数k＝200N/m.现用竖直向下的力将弹簧压缩到10cm后用细线拴住，此时在弹簧上端放置质量为0.5kg的物块

．在烧断细线的瞬间A.物块的速度为零B.物块的加速度为零C.物块的加速度为10m/s2，方向竖直向下D.物块的加速度为30m/s2，方向竖直向上【答案】AD【解析】【详解】A．在烧断细线的瞬间，物块的速度为零，故A正确；BCD．根据题意对物体

进行受力分析可知，物体受重力和弹簧的弹力作用，弹力2000.1205kxNNGN===烧断细线的瞬间，物体受到的合外力向上，由公式Fkxmgma=−=合可得加速度230/ams=，方向竖直向上，故BC错误，D正确。故选AD。12.如

图甲所示，一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端放置一物体（物体与弹簧不连接），初始时物体处于静止状态．现用竖直向上的拉力F作用在物体上，使物体开始向上做匀加速运动，拉力F与物体位移x之间的关系如图乙所示g（取210?m/s），则下列结论正确的是（）A.物体与弹簧分离时，弹簧处于压缩状态

B.弹簧的劲度系数为500?N/mC.物体的质量为3kgD.物体的加速度大小为25?m/s【答案】BD【解析】【详解】A．物体与弹簧分离时，弹簧与物体间相互作用力为零，弹簧为原长．故A项错误；BC．初始时，物体静止，弹簧弹力等于物体重

力。用竖直向上的拉力F作用在物体上，使物体开始向上做匀加速运动．当刚开始运动时，弹簧弹力等于物体重力，那么合力恰好等于刚开始的拉力10FN=合；物体位移超过4cm后拉力变为恒力F=30N，此后物体与弹簧分离，由于物体匀加速合力仍为10N，则Fm

gF−=合解得2mkg=，初始时弹簧压缩量为4cm，弹簧的劲度系数2020/500/410mgkNmNmx−===故B项正确，C项错误；D．物体的加速度2210/5/2Famsmsm===合故D项正确。故选BD。第II卷（

非选择题，共52分）二、实验题（本题共2小题，共14分）13.图甲为“探究加速度与力的关系”的实验装置，小车总质量为M，砝码和托盘的总质量为m。（1）实验时打点计时器应使用_________（填“直流”或“交流”）电源。（2）实验过程中，下列做法正确的是______________。A．应保持

M不变，改变mB．应保持m不变，改变MC．应保持M比m小得多D．应保持M和m的比值不变（3）若某同学实验时遗漏了平衡摩擦力这一步骤，他得到的图象，应该是图丙中的______（填“甲”、“乙”或“丙”）图线。【答案

】(1).交流(2).A(3).丙【解析】【详解】（1）[1]打点计时器利用交流电工作，打点频率与交流电频率相同。（2）[2]A．探究加速度与力的关系，用到控制变量法，保持M不变，通过增大m增加拉力，故A正确；BCD

．以小车、小盘和砝码整体为研究对象得()mgMma=+以小车为研究对象得FMa=求得11MFmgmgmgmMmM==++本实验用小盘和砝码的总重力mg代替小车的拉力，而实际上小车所受的拉力要小于小盘和砝码的总重力。小盘和砝码的总质量越小于小车的质量，由此引起的误差就

越小。因此，满足小盘和砝码的总质量远小于小车的质量的目的就是减小因实验原理不完善而引起的误差，故BCD错误。故选A。（3）[3]没有平衡摩擦力，根据牛顿第二定律mgfMa−=得mgfaMM=−故丙正确。14.某实验小组用如图甲所示的实验装置探究加速度与力、质

量的关系。请回答下列问题。(1)以小车为研究对象，为了便于探究、减小误差，应使小车质量M与砂桶和砂的总质量m满足：M_________m。(2)图乙是实验中得到的一条纸带，A、B、C、D、E、F、G为7个相邻的计数点，相邻的两个计数点之间还有四个点未画出。量出相邻的计数点之间的距离

分别为4.22cmABx=，4.65cmBCx=，5.08cmCDx=，5.49cmDEx=，5.91cmEFx=，6.34cmFGx=，已知打点计时器所接电源频率为50Hz，则小车的加速度a=______m/s2.（结果保留两位有效数字）(3)某次实验测得的数据如表所示，请根据表

中数据在坐标图丙中描点并作出1aM−图线。(4)根据1aM−图线求得合外力大小为_______N。（计算结果保留两位有效数字）【答案】(1).(2).0.42(3).3.33【解析】【详解】(1)[1]以小车、砂桶和砂整体为研究对象得()mgMma=+以小车为研究对象得FMa=求得

11MFmgmgmgmMmM==++本实验用砂桶和砂的总重力mg代替小车的拉力，而实际上小车所受的拉力要小于砂桶和砂的总重力。砂桶和砂的总质量越小于小车的质量，由此引起的误差就越小。因此，满足砂桶和砂的总质量远小于小车的质量的目的就是减小因实验原理不完善而引起

的误差。(2)[2]根据逐差法得220.42m/()9s()DEEFFGABBCCDxxxxxxaT++−++=(3)如下图(4)[3]对小车有FMa=得1aFM=小车的合外力即为图像中的斜率，大小约为3.33N。

三、计算题（本题共4小题，共38分）15.质量为4kg的物质静止在水平面上，物体与水平面间动摩擦因数为0.5，物体受到大小为20N与水平方向成37°角，斜向上的拉力F的作用时，沿水平面做匀加速直线运动，求物体加速度的大小（sin37°=0.6，co

s37°=0.8，取g=10m/s2）。【答案】20.5m/s【解析】【详解】受力分析如图，将拉力正交分解x方向xfFFma−=y方向NyFFmg+=而NfFF=cosxFF=sinyFF=联合上各式求得物体的加速度20.5m/sa=16.一个质量为m=

40kg的小孩站在电梯内的体重计上，电梯从t=0时刻由静止开始上升，在0到6s内体重计示数F的变化如图所示．试问：在这段时间内电梯上升的高度是多少？取重力加速度g=10m/s2．【答案】9m【解析】【详解】试题分析：由图可知，在t＝0到t1＝2s的时间内，电梯向上加速运动．设在这段时

间内体重计作用于小孩的力为F1，电梯及小孩的加速度为a1，根据牛顿第二定律，得：11Fmgma−=①在这段时间内电梯上升的高度h1＝21112at②在t2-t1＝3s的时间内，电梯匀速上升，速度为t1时刻的电

梯的速度，即111vat=③在这段时间内电梯上升的高度h2＝v1（t2-t1）④在t3-t2＝1s时间内，电梯做减速上升运动．设这段时间内体重计作用于小孩的力为F2，电梯及小孩的加速度为a2，由牛顿第二定律，得：22mg

Fma−=⑤在这段时间内电梯上升的高度h3＝21322321()()2vttatt−−−⑥电梯上升的总高度h＝h1＋h2+h3⑦由以上各式，解得h＝9m⑧考点：考查了牛顿第二定律与运动学公式的综合应用【名师点睛】连接牛顿第二定律与运动学公

式的纽带就是加速度，所以在做这一类问题时，特别又是多过程问题时，先弄清楚每个过程中的运动性质，根据牛顿第二定律求加速度然后根据加速度用运动学公式解题或者根据运动学公式求解加速度然后根据加速度利用牛顿第二定律求

解力17.质量为2kg的物体在水平推力F的作用下沿水平面作直线运动，一段时间后撤去F，其运动的v-t图像如图所示．g取10m/s2．求：（1）物体与水平面间的动摩擦因数；（2）水平推力F的大小；（3）0-10s内物体运动位移的大小．【答案】（1）0.2（2）6N（3）4

6m【解析】【详解】（1）物体在6-10s的加速度大小为：222||082m/s4vat−===根据牛顿第二定律，有：μmg=ma2解得：μ=0.2（2）物体在0-6s的加速度为：21821m/s6vat−===根

据牛顿第二定律，有：F-μmg=ma1解得：F=μmg+ma1=02×2×10+2×1=6N（3）0-10s内物体运动位移的大小等于图线与时间轴包围的面积大小，故位移为：112864846m22x=++=（）18.如图所示，传送带保持2m/s的速度顺时针

转动，现将一个可视为质点的煤块轻轻地放在传送带的a点上，a、b间的距离L=5m，煤块从a点先匀加速后匀速运动到b点，所经历的时间为3s，求：（1）煤块在传送带上匀加速运动的加速度大小和时间；（2）煤块与传送带之间由于有相对滑动，在传送带上留下了一段黑色的划痕，求其长度。【答案】（1）a=2

m/s2，t1=1s；（2）1m【解析】【详解】（1）设匀加速运动的加速度为a，加速作用时间为1t，此时与传输带达到共同速度的过程，达到共同速度后与传送带一起向右运动从b端滑下，由匀加速运动的速度关系和位移关系可知1va

t=，112vxt=对全过程11Lxvtt=+−（）联立解得：22/ams=，11ts=；（2）煤块只有匀加速运动过程中，与传送带之间有相对滑动，留下一段黑色划痕，划痕的长度为相对位移的大小，在这个过程，煤块在加速位移为1121122vxtmm===传送带向右

的位移为212xvtm==所以划痕长度为21211xxxmmm=−=−=