【文档说明】湖北省武汉市部分重点中学2023-2024学年高二下学期期末联考化学试卷 Word版含解析.docx，共(22)页，4.243 MB，由小赞的店铺上传

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湖北省武汉市部分重点中学2023—2024学年高二下学期期末联考化学试题本试卷共8页，19题。满分100分。考试用时75分钟。★祝考试顺利★注意事项：1.答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试卷和答题卡上，并将准考证号条形码贴在答题卡上的指定位置。2.选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔

把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。写在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3.非选择题的作答：用黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4.考试结束后，请将本试卷和答题卡一并上交。可能用到的相对原子质量

：C12O16Na23Cl35.5Fe56Br80一、选择题：本题共15小题，每小题3分，共45分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.下列关于有机化合物的说法不正确的是A．木糖醇(5125CHO)

是一种天然甜味剂，属于糖类化合物B．DNA的两条多聚核苷酸链间通过氢键形成双螺旋结构C．1965年中国科学家人工合成的结晶牛胰岛素是一种蛋白质D．烷基磺酸钠(表面活性剂)在水中聚集形成的胶束属于超分子A.AB.BC.CD.D【答案】A【解析】【

详解】A．糖类是多羟基醛或多羟基酮及其缩聚物和某些衍生物的总称，木糖醇不含有醛基或酮基，不属于糖类，A错误；B．DNA分子是由两条链组成的，这两条链按反向平行方式盘旋成双螺旋结构，两条多聚脱氧核苷酸链的亲水性骨架将互补碱基对包埋在DNA双螺旋结构的内部，B正确；C．我国科学家人工合成的结晶牛胰岛

素是一种蛋白质，C正确；D．超分子通常是指由两种或两种以上分子依靠分子间相互作用结合在一起，组成复杂的、有组织的聚集体，表面活性剂在水中会形成亲水基团向外、疏水基团向内的胶束，属于超分子，D正确；故选：A。2.化学

助力体育事业的发展，下列说法错误的是选项用途物质原因A．常用消毒剂75%酒精可以使蛋白质变性B．羽毛球拍网线尼龙66强度高且弹性好C．“球场大夫”氯乙烷易分解且吸收热量D．运动场人造草坪聚乙烯无毒、耐腐蚀、耐磨性好A.AB.BC.CD.D【答案】C【解析】【详解】A．75%酒精是

生活中常用的消毒剂，可以使蛋白质变性，起到杀菌消毒的作用，A正确；B．羽毛球拍网线由尼龙66制成，具有强度高且弹性好的优良性能，B正确；C．“球场大夫”的主要成分是氯乙烷，沸点低的氯乙烷挥发时会吸收热量，C错误；D．人造草坪的主要成分是聚乙烯，具有无毒、耐腐蚀、耐

磨性好的优良性能，D正确；答案选C。3.下列化学用语或图示表达错误的是A.顺-2-丁烯的分子结构模型：B.邻羟基苯甲醛分子内氢键示意图：C.丙炔的键线式：D.苯的实验式：CH【答案】B【解析】【详解】A．顺-2-丁烯中碳碳双键两端的甲基在同一侧，分子结构模型为，A正确；B．邻羟基苯甲醛中

的-OH中的H原子与醛基中的O原子之间形成氢键，表示为，B错误；C．丙炔结构简式为3CHCCH−，其中3个碳原子形成一条直线，其键线式为，C正确；D．实验式也是最简式，苯66CH实验式为CH，D正确；故选B。4.下列有关物质的

叙述正确的有①的名称为2-羟基丁醇②乙醇、乙二醇可被足量酸性高锰酸钾溶液分别氧化为乙酸、乙二酸③纤维素和淀粉都属于多糖，且互为同分异构体④油脂皂化反应后，分离得到下层的高级脂肪酸盐，用于生产肥皂⑤蛋白质的二级结构与肽键的形成有关⑥核酸是由核苷酸单体形成的生物大分子，其单体水解可得到核苷和磷酸A.1

个B.2个C.3个D.4个【答案】A【解析】【详解】①的名称为2-丁醇，错误；②乙醇可被足量酸性高锰酸钾溶液氧化为乙酸，乙二醇可被足量酸性高锰酸钾溶液氧化为二氧化碳，错误；③纤维素和淀粉都属于多糖，但是不

互为同分异构体，错误；④高级脂肪酸盐的密度比水小，应该分离上层的高级脂肪酸盐，用于生产肥皂，错误；⑤蛋白质分子中各种氨基酸单体的排列顺序是蛋白质的—级结构，多肽链卷曲盘旋和折叠的空间结构为蛋白质的二级结构，则—级结构中含有肽键

，一级结构与肽键的形成有关，错误；⑥核酸是由核苷酸单体形成的生物大分子，其单体水解可得到核苷和磷酸，正确；据以上分析可知，只有⑥正确，故答案为：A。5.中药透骨草中含有一种抗氧化活性成分(X：19166CHO，rM=340)的结构如下。下列对该有机物的

说法正确的是A.经质谱测定，最大质荷比为338B1molX与足量2H反应，最多可消耗10mol2HC.1molX与足量NaOH溶液反应，最多可消耗5molNaOHD.可以发生氧化、取代、加成和消去反应【答案】C【解析】【详解】A．最大质荷比等于

相对分子质量，故最大质荷比为340，A错误；B．H2可以与该有机物中的苯环、碳碳双键发生加成反应，故1molX与足量H2反应，最多可消耗8molH2，B错误；C．1mol该有机物有2mol酚羟基，2mol酯基，水解

后产物又产生1mol酚羟基，与足量NaOH溶液反应，最多可消耗5molNaOH，C正确；D．有机物含酚羟基、酯基、碳碳双键，可以发生氧化、取代、加成反应，不能发生消去反应，D错误；故选C。6.有机化合物a、b、c的结构如图所示，下列说法错误的是A.a、b、c互为同分异

构体B.1molb与等物质的量的氯气加成时，其产物最多有4种(不考虑立体异构)C.a中所有碳原子一定共平面.D.c可以是或的单体【答案】C【解析】【详解】A．a、b、c的分子式均为C5H6，结构不相同，互为同分异构体，故A正确；B．1molb与等物质的量的氯气加成时可以是，产物有4种，故

B正确；C．a中碳有sp2杂化和sp3杂化，所有碳原子可能共平面，故C错误；D．根据聚合物结构，c可以是或的单体，故D正确；故选C。7.已知：227227KCrO/HKCrO/H2RCHOHRCHORCOOH++→→。某有机物X的化学式为512CHO，能和钠反应放出氢气。

X经酸性重铬酸钾()227KCrO溶液氧化最终生成()5102YCHO，若不考虑立体异构，X和Y在一定条件下反应生成的酯最多有A.4种B.8种C.16种D.32种【答案】C【解析】【详解】有机物X的化学式为512CHO，能和钠反应放出氢气，说明含有羟基结构；经酸性重铬酸钾溶液氧化最终生成()

5102YCHO，结合已知信息可知，X中含有2-CHOH结构，因此有机物X可以看做410CH中氢原子被2-CHOH取代的产物。丁烷中正丁烷、异丁烷均具有2种氢原子，所以有机物X具有4种结构，氧化生成的羧酸Y也具有4种结构，X和Y在一定条件下反应生成的

酯最多有44=16种，答案选C。8.下列有机反应方程式的书写正确的是A.32nCHCHCH−=→催化剂B.()()3433222HCHO4AgNHOHNHCO4Ag6NH2HO+→+++C.D.3232CHCHBrNaOHCHCH

OHNaBr+⎯⎯⎯→+乙醇△【答案】B【解析】【详解】A．丙烯加成聚合生成聚丙烯，利用不饱和碳原子断裂化学键连接形成高聚物，其反应的化学方程式为：32nCHCHCH−=→催化剂，故A错误；B．1molHCHO中含2mol-CHO，消耗4mol()32AgNHOH，生成4molAg

，反应的化学方程式为()()3433222HCHO4AgNHOHNHCO4Ag6NH2HO+→+++，故B正确；C．甲苯和液溴在FeBr3做催化剂条件下发生取代反应生成对(或邻)溴甲苯和HBr，生成对溴甲苯的化学方程式为+Br

23FeBr⎯⎯⎯→+HBr，故C错误；D．溴乙烷在NaOH醇溶液加热下发生消去反应生成乙烯和NaBr、水，反应化学方程式为：23222CHCHBrNaOHCHCHONaBr=+H+⎯⎯⎯→+乙醇△，故D错误；故选：B。9.药用有机化合物A()882CHO为一种无色液体。从A出发可

发生如图所示的一系列反应。则下列说法错误的是A.A的结构简式为：B.G的同分异构体中属于酯类且能发生银镜反应的只有2种C.上述各物质中能发生水解反应的有A、B、D、GD.根据D和浓溴水反应生成白色沉淀可推知D为苯酚的【答案】

C【解析】【分析】A的分子式为C8H8O2，不饱和度为5，A与NaOH溶液反应生成B和C，C与H+反应生成E，E与C2H5OH在浓硫酸、加热时反应生成具有香味的液体G，G的分子式为C4H8O2，G为CH3COOCH2CH3，则E的结构简式为CH3COOH，C

为CH3COONa；B与CO2和H2O反应生成D，D与浓溴水反应生成白色沉淀F，则B为、D为、F为、A为。【详解】A．根据分析，A的结构简式为，A项正确；B．G的分子式为C4H8O2，其同分异构体中属于酯类且能发生银镜

反应的物质有HCOOCH2CH2CH3、HCOOCH(CH3)2，共2种，B项正确；C．A、G中含酯基，能发生水解反应，B为、属于强碱弱酸盐，能发生水解反应，D为、不能发生水解反应，C项错误；D．根据分析可推知D为苯酚，D项正确；答案选C。10.下列事实不涉及烯醇式与酮式互变异构原理的是A.HC

CH能与水反应生成3CHCHOB.可与2H反应生成C.水解生成D.中存在具有分子内氢键的异构体【答案】B【解析】【分析】根据图示的互变原理，具有羰基的酮式结构可以发生互变异构转化为烯醇式，这种烯醇式具有的特点为与羟基相连接的碳原子必须有双键连接，这样的烯醇式就可以发生互变

异构，据此原理分析下列选项。【详解】A．水可以写成H-OH的形式，与CH≡CH发生加成反应生成CH2=CHOH，烯醇式的CH2=CHOH不稳定转化为酮式的乙醛，A不符合题意；B．丙烯醇中，与羟基相连接的碳原子不与双键连

接，不会发生烯醇式与酮式互变异构，B符合题意；C．水解生成和CH3OCOOH，可以发生互变异构转化为，C不符合题意；D．可以发生互变异构转化为，即可形成分子内氢键，D不符合题意；故答案选B。11.某同学为研究一种有机物：，进行如图实验：下列说法错误的是A.对比①②中实验现象

说明该有机物中含有羧基B.对比②③中实验现象说明加热条件下该有机物的水解反应速率加快C.④中实验现象说明该有机物在碱性条件下难以发生水解D.④中加入过量稀硫酸可能得到紫色溶液【答案】C【解析】【详解】A．滴加石蕊溶液变

红，说明溶液显酸性，加入氯化铁溶液，开始无明显现象，说明无酚羟基，可证明该有机物中含羧基，A正确；B．对比②③中实验现象，③中含有酚羟基的物质生成，加热20s后立即变为紫色，说明加热条件下该有机物的水解反

应速率加快，B正确；C．④中由于碱性过多，该有机物完全水解生成和CH3COONa，氯化铁和氢氧化钠反应生成红褐色沉淀，C错误；D．④中在氢氧化钠溶液中水解生成，加入过量的硫酸，生成、Fe2(SO4)3，含有酚羟基遇到Fe3+因此可能得到紫色溶液，D正确；答案选C。12.某温度下

，应用电化学原理处理废旧塑料PET()制取甲酸钾装置如图。下列说法错误的是A.转移1mol电子产生0.5mol2HB.隔膜为阳离子交换膜C.阳极反应：222HOCHCHOH6e8OH2HCOO6HO−−−−+=+D.为PET水解产物【答

案】B【解析】【分析】结合电极反应产物分析，PET()在碱性条件下水解生成和HOCH2CH2OH，HOCH2CH2OH在碱性条件下失去电子生成HCOO-，则石墨电极为阳极，不锈钢板为阴极，阴极氢离子得到电子生成氢气，多余的氢氧根离子经过阴离子交换膜进入左侧。【详解】A．阴极反应为2H+-2e-=H

2↑，转移1mol电子产生0.5mol2H，A正确；B．阴极生成氢氧根离子，氢氧根离子经过阴离子交换膜进入左侧，隔膜为阴离子交换膜，B错误；C．结合分析，阳极反应：222HOCHCHOH6e8OH2HCOO6HO−−−−+=+，C正确；D．P

ET()在碱性条件下水解生成和HOCH2CH2OH，D正确；故选B。13.实验室制备苯胺的流程，反应②的实验装置（夹持及加热装置略）如图。已知：苯胺为无色油状液体，沸点184℃，易氧化。下列说法正确的是A.反应①后的混合液经水洗、碱洗、结晶，得到硝基苯B.反

应①和反应②均需水浴加热C.装置中为除去反应生成的水，蒸馏前需关闭K并向三颈烧瓶中加入P2O5D.为防止生成的苯胺被氧化，加热前应先通一段时间的H2【答案】D【解析】【详解】A．反应①后的混合液中含有硝基苯和未反应完的苯，经水洗、碱洗、分液

后再蒸馏，得到硝基苯，选项A错误；B．反应②的实验温度控制在140℃，大于100℃，不能用水浴加热，选项B错误；C．苯胺还原性强，易被氧化，有碱性，与酸反应生成盐，而浓硫酸具有酸性和强氧化性，苯胺能与浓硫酸反应，则不能选用浓硫酸，三颈烧瓶内的反应结束后，关闭K

，先在三颈烧瓶中加入生石灰后蒸馏，选项C错误；D．加热前应先通一段时间的H2可将装置内空气排出，避免苯胺被氧化，选项D正确；答案选D。14.瓜环[n](n=5，6，7，8…)是一种具有大杯空腔、两端开口的化合物(结构如图)，在分子开关、催化剂、药物载体等方面有广泛应

用。瓜环[n]可由A()和B在一定条件下合成，下列说法错误的是A.合成瓜环的单体B中可能含有醛基B.合成1mol瓜环[7]时，有7mol水生成C.生成瓜环[n]的反应中，可能有π键断裂D.A分子间可能存在不同类型的氢键【

答案】B【解析】【详解】A．对比和的结构简式可知，合成瓜环的单体B是HCHO，HCHO含有醛基，故A正确；B．由瓜环[n]结构简式可知，生成1mol链节时2mol甲醛参与反应生成2mol水，则合成1mol瓜环[7]时，有14mol水生成，故B错误；

C．生成瓜环[n]的反应中，甲醛中的C=O键断裂，即π键断裂，故C正确；D．A分子中含N、O两种非金属性较强的元素，分子间可以形成O•••H、N•••H两种氢键，故D正确；故选：B。15.聚酰胺(PA)具有良好的力学

性能，合成路线如下图所示。下列说法错误的是A.Y中含有五元环B.②是酯化反应C.PA可发生水解反应重新生成ZD.该合成路线中甲醇可循环使用【答案】C【解析】【分析】经过催化剂，加热得到Y：，Y与甲醇发生酯化反应生成Z:，Z与发生缩聚反应生成PA

。【详解】A．Y为，其中含有五元环，A正确；B．②是Y与甲醇发生酯化反应生成Z：，为酯化反应，B正确；C．根据PA和Z的结构简式可以推知：PA水解可得到，不能得到Z，C错误；D．根据PA和Z的结构简式可以推知：Z与生成PA时，有甲醇产生，可循环使用，D正确；故选C。二、非选择

题：本题共4小题，共55分。16.生物体中普遍存在的有机化合物是生命活动的物质基础，有机化合物中的官能团与有机物的特征性质密切相关，按要求回答下列问题：（1）乙醛和丙醛的混合物在氢氧化钠溶液中加热，发生羟醛缩合反应(先加成，后消去)可能生成的新的有机物有___________种，其中沸点最高的

有机物结构简式为___________。（2）在盐酸中加热反应的化学反应方程式为___________。（3）甘氨酸(氨基乙酸)和丙氨酸(2-氨基丙酸)按物质的量1:1发生成肽反应生成的二肽()51023CHNO的结构简式为___________。（4）粮食酿酒过程中发

生了很多化学反应，其中由多糖转化为单糖的反应为___________，由单糖生成乙醇的反应为___________。【答案】（1）①.4②.CH3CH2CH=C(CH3)CHO（2）（3）或（4）①.()61052

6126nCHO+nHOnCHO→酸或酶淀粉葡萄糖②.6126322CHO2CHCHOH+2CO→酶葡萄糖乙醇【解析】【小问1详解】乙醛和丙醛的羟醛缩合反应可以产生4种不同的产物，当两分子乙醛发生反应时产物为CH3-CH=CHCHO，两分子丙醛之间发生反应的产物为CH3C

H2CH=C(CH3)CHO，乙醛和丙醛分子间反应的产物有2种：CH3CH2CH=CHCHO、CH3CH=C(CH3)CHO；烯醛的相对分子质量越大，沸点越高，则沸点最高的有机产物为CH3CH2CH=C(CH3)CHO；【小问2详解】含有酰胺基，在酸或碱的条件下可以发生水解反应，方程式为：【小问

3详解】甘氨酸(氨基乙酸)和丙氨酸(2-氨基丙酸)按物质的量1:1发生成肽反应，可能是甘氨酸之间发生脱水缩合，丙氨酸之间发生脱水缩合，甘氨酸和丙氨酸之间发生脱水缩合，根据产物中碳原子个数为5可知二肽为甘氨酸和丙氨酸之间脱水缩合的产物，结构简式为或；

【小问4详解】粮食中的多糖为淀粉，在酸或酶的作用下可以发生水解，最终生成单糖葡萄糖，反应式为()610526126nCHO+nHOnCHO→酸或酶淀粉葡萄糖；由葡萄糖生成乙醇的反应为6126322CHO2CHCHOH+2CO→酶葡萄糖乙

醇。17.水仙环素是一种植物生长调节剂，具有抗肿瘤、细胞毒性等作用。化合物H是水仙环素合成的中间产物，其合成路线如下：已知：3AIBNBuSnHRXRH−→−回答下列问题：（1）A中含氧官能团的名称为___________。（2）A→B的反应中，23KCO参与

反应且足量，则该反应的化学方程式为___________。（3）B→C的反应试剂和条件为___________。（4）E的结构简式为___________。（5）F与G的反应为最理想的“原子经济性反应”，则G的名称为___________。（6）F中有___

________个手性碳原子。（7）芳香族化合物I是A同分异构体，其核磁共振氢谱显示3组峰，且峰面积之比为6:3:2，则符合条件的I有___________种。【答案】（1）羟基、醚键（2）（3）氢氧化钠的乙醇溶液，加热（4）

（5）甲醇（6）3（7）4【解析】【分析】A与22CHBr取代生成B，B消去生成C，C与D加成生成E，则E的结构为，F与G的反应为最理想的“原子经济性反应”，根据反应中的原子守恒规律可知，G为3CHOH。【小问1详解】根据A

的结构简式可知，A中含氧官能团为羟基、醚键。【小问2详解】A与22CHBr取代生成B，则反应方程式为的。【小问3详解】B→C为卤代烃的消去反应，所需的反应试剂和条件为氢氧化钠的乙醇溶液，加热。【小问4详解】1molD中含有2mol碳碳双键

，可以与C中的碳碳双键发生加成反应生成E，则E为。【小问5详解】根据分析可知，G为3CHOH。【小问6详解】手性碳原子是指与四个各不相同原子或基团相连的碳原子，如图所示，含有3个手性碳原子。【小问7详解】芳香族化合物I是A的同分异构体，

其核磁共振氢谱显示3组峰，且峰面积之比为6:3:2，说明结构高度对称，含有两个甲基，则符合条件的I有、、、。18.实验室由安息香制备二苯乙二酮反应式如下：相关信息列表如下：物质相对分子质性状熔点沸点溶解性的量/℃/℃安息香212白色固体

133344难溶于冷水，溶于热水、乙醇、乙酸二苯乙二酮210淡黄色固体95347不溶于水，溶于乙醇、苯、乙酸冰乙酸60无色液体17118与水、乙醇互溶装置示意图如图所示(夹持仪器未画出)，实验步骤为：①在圆底烧瓶中加入20mL冰乙酸、10mL水及25.0g()32rFe

Cl6HOM=270.5，边搅拌边加热，至固体全部溶解。②停止加热，待沸腾平息后加入4.2g安息香，加热回流45～60min。③加入100mL水，煮沸后冷却，有黄色固体析出。④过滤，并用冷水洗涤固体3次，得到粗品。⑤粗品用

75%的乙醇重结晶，干燥后得淡黄色结晶3.8g。回答下列问题：（1）仪器A中应加入___________(填“水”或“油”)作为热传导介质。（2）仪器B的名称是___________冷却水应从___________(填“a”或“b”)口通入。（3）实验步骤②中，安息香必须

待沸腾平息后方可加入，其主要目的是___________。（4）在本实验中，3FeCl为氧化剂且过量，其还原产物为___________；某同学尝试改进本实验：采用催化量的3FeCl并通入空气制备二苯

乙二酮。该方案是否可行？___________，简述判断理由___________。（5）本实验步骤①～③在乙酸体系中进行，乙酸除作溶剂外，另一主要作用是___________。（6）若粗品中混有少量未氧化的安息香，可用少量_

__________洗涤的方法除去(填标号)。a．热水b．乙酸c．冷水d．乙醇（7）本实验的产率最接近于___________(填标号)a．85%b．80%c．95%d．90%【答案】（1）油（2）①.球形冷凝管②.a（3）防暴沸（4）①.2FeCl②.可行③.空气

可以将还原产物2FeCl又氧化为3FeCl，3FeCl可循环参与反应（5）抑制3FeCl水解（6）a（7）d【解析】【分析】安息香在加热条件下可以被3FeCl氧化为二苯乙二酮，则在圆底烧瓶中，加入冰乙酸、水和32FeCl6HO，加热溶解，待沸腾平息后加入

安息香反应，结束后加水煮沸后冷却，析出黄色固体，过滤并重结晶，可得二苯乙二酮。【小问1详解】实验中需要使冰乙酸沸腾，且冰乙酸的沸点超过了100℃，因此应选择油浴加热，所以仪器A中加入油作为热传导介质。【小问2

详解】结合仪器B的结构可知，B为球形冷凝管；为了充分冷却，冷却水应从a口进，b口出。【小问3详解】步骤②中若直接加入，会暴沸，因此需要沸腾平息后再加入安息香。【小问4详解】3FeCl为氧化剂，则化合价降低，其还原产

物为2FeCl；采用催化量的3FeCl并通入空气制备二苯乙二酮，空气可以将还原产物2FeCl又氧化为3FeCl，3FeCl可循环参与反应，因此方案可行。【小问5详解】3FeCl易发生水解，因此再步骤①～③中，乙酸除作溶剂外，还可以抑制3FeC

l水解。【小问6详解】根据表格信息，安息香溶于热水，二苯乙二酮不溶于水，所以可以采用热水洗涤粗品除去粗品中混有的少量未氧化的安息香。【小问7详解】由于安息香与二苯乙二酮的相对分子质量相差不大，因此二苯乙二酮的理论产量与安息香近似相等约为4.2g，则产率为3.8g1

00%90%4.2g，答案选d。19.某研究小组通过下列路线合成镇静药物氯硝西泮。已知：，2HO,HRCNRCOOH+−⎯⎯⎯→−△回答下列问题：（1）化合物E的含氧官能团的名称是___________。（2）化合物C的结构简式是___________。（3）下列说法错误的是_______

____(填标号)。a．化合物A→D的过程中，采用了保护氨基的方法b．化合物A的碱性比化合物D弱c．化合物B在氢氧化钠溶液加热的条件下可转化为化合物Ad．化合物G→氯硝西泮的反应类型为取代反应（4）F→G的化学

方程式为___________。（5）聚乳酸()是一种可降解高分子，设计以乙炔为原料合成聚乳酸的路线23HO,CHCHCHCHO⎯⎯⎯→→催化剂△___________。(用流程图表示合成聚乳酸的后续三步过程，无机试剂任选)。（6）写出三种同时符合下列条件的化合物B的同分异体的结构简式__

_________。①分子中含有二取代的苯环。②1HNMR−谱和IR谱检测表明：分子中共有4种不同化学环境的氢原子，无碳氧单键。【答案】（1）硝基、羰基（2）（3）bd（4）（5）（6）【解析】【分析】B为，C为，A到B的过程是保护氨基官能团，根据已知信息，

F为，G为；【小问1详解】根据化合物E的结构简式可知，分子结构中含氧官能团含有硝基、羰基；【小问2详解】根据分析可知化合物C的结构简式为：；【小问3详解】a．氨基易被氧化，在进行硝化反应前，先将其转化为稳定酰胺基，

硝化后再用水解得到氨基，化合物A→D的过程中，采用了保护氨基的方法，a正确；b．硝基为吸电子基团，硝基的存在会导致N原子结合质子的能力减弱，则化合物A的碱性比化合物D强，b错误；c．化合物B为，在氢氧化钠溶液加热

的条件下发生水解反应，可转化为化合物A，c正确；d．化合物G→氯硝西泮的过程中，G中的酰胺基与酮碳基发生脱水反应缩合生成了氯硝西泮，反应类型不是取代反应，d错误；故选bd。【小问4详解】F发生取代反应生

成G，反应的化学方程式为：；【小问5详解】聚乳酸()可由乳酸在浓硫酸加热的条件下，通过缩聚反应制得，故其合成路线为：；小问6详解】化合物B分子中含有二取代的苯环，分子中共有4种不同化学环境的氢原子，无碳氧单键，故其结构简式可能为：。【