【文档说明】甘肃省兰州第一中学2024-2025学年高二上学期11月期中考试 物理 Word版含解析.docx，共(22)页，2.048 MB，由管理员店铺上传

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2024年兰州市高二级第一学期期中学业质量检测卷（2）物理一、单选题（每题4分，共48分）1.市面上出售一种装有太阳能电扇的帽子(如图所示)．在阳光的照射下，小电扇快速转动，能给炎热的夏季带来一丝凉爽．该装置的能量转化情况是()A.太阳能→电能→机械能

B.太阳能→机械能→电能C.电能→太阳能→机械能D.机械能→太阳能→电能2.有甲、乙两导体，甲的横截面积是乙的2倍，而单位时间内通过乙导体横截面的电荷量是甲的2倍，以下说法正确的是（）A.通过甲、乙两导体的电流相同B.通过乙导体的电流是甲导体的2倍C.乙导体中自由电荷定向移动的速率是甲导

体的2倍D.甲、乙两导体中自由电荷定向移动的速率相等3.如图是P、Q两点电荷的电场线分布，c、d为电场中的两点，且c、d到P、Q连线的中垂线距离相等。一个离子从a运动到b（不计重力），轨迹如图所示。则下列判断正确的是（）A.c、d两

点的电势相等B.c、d两点的电场强度相等C.从a到b，离子动能越来越大D.从a到b，离子受到P的吸引4.“测温枪”（学名“红外线辐射测温仪”）具有响应快、非接触和操作方便等优点。它是根据黑体辐射规律设计出来的，能将接收到的人体热

辐射转换成温度显示。若人体温度升高，则人体热辐射强度I及其极大值对应的波长的变化情况是（）A.I增大，增大B.I增大，减小C.I减小，增大D.I减小，减小5.如图所示，在竖直放置间距为d的平行板电容器中，存在电场强度为E的

匀强电场，有一质量为m，电荷量为+q的点电荷从两极板正中间处静止释放，重力加速度为g，则点电荷运动到负极板的过程（）A.加速度大小为a=gB.下降的高度为2dy=C.所需的时间为dmtqE=D.电场力所做的功为W

=Eqd6.如图所示，甲、乙为两个独立电源（外电路为纯电阻）的路端电压与通过它们的电流I的关系图线，下列说法中正确的是（）A.电源甲的电动势大于电源乙的电动势B.电源甲的内阻小于电源乙的内阻C.路端电压都为U0时，电源甲的外电阻大于电

源乙的外电阻D.电流都是I0时，两电源的内电压相等的7.在如图所示电路中，R2=2R1，电路两端电压恒定，当S断开时，电流表的读数为0.5A，电压表的读数为4V，则当S闭合时，电流表和电压表的读数分别为（）A.1.5A，6VB.0.75A，4VC.1.5A，0D.0，

6V8.如图所示，以两等量异种点电荷连线的中点O为圆心画圆，在圆上有a、b、c、d四点，b、d两点在两电荷连线的垂直平分线上，下列说法正确的是（）A.a点的电场强度大于c点的电场强度B.b、d两点的电场强度大小相等、方向相同C.负电荷在a点的电势能大于在c点的电势

能D.将正电荷由b点沿直线移到d点，其受到电场力先做负功后做正功9.下列所示各图中，小磁针(涂黑的一端为小磁针的N极)的指向正确的是A.B.C.D.10.如图所示，用绝缘细线拴一个带负电的小球，让它在竖直向下的匀强电场中

绕O点做竖直平面内的圆周运动，a、b两点分别是圆周的最高点和最低点，则（）的A.小球经过a点时，线中的张力最小B.小球经过b点时，电势能最小C.小球经过a点时，电势能最小D.小球经过b点时，机械能最小11.均匀带电球壳，其内部电场强度处处为零。若选

无穷远处的电势为零，则孤立的均匀带电球壳外某点的电势为φ＝kQr，其中Q为球壳的带电荷量、r为球壳外的某点到球心的距离。如图所示，固定的半径为R、带电荷量为＋Q的均匀带电球壳的球心处，有质量为m、初动能为Ek

0、带电荷量为－q的带电粒子，初速度方向指向球壳上的A点。若粒子穿过球壳时无能量损失，且不与球壳发生电荷交换，在仅考虑静电力的情况下，下列说法正确的是（）A.粒子向A点运动的过程中，其动能不变B.粒子向A点运动的过程中，其动能变大C.

粒子运动的最大位移为0kkQEqD.粒子运动的最大位移为0kkRQqkQqRE−12.如图电路中，电源电动势、内电阻、R1、R2为定值。闭合S后，将R的滑键向右移动，电压表的示数变化量的绝对值为△U，电阻R2的电压变化量的绝对值为U，电源电

流变化量的绝对值为△I，下列说法正确的是（）A.通过R1电流增大，增大量等于1URB.通过R2的电流增大，增大量I小于2URC.U与△I的比值保持不变D.△U与△I的比值保持不变二、填空（每空2分，共16分）13.某实验小组使用多用电表测量

电学中物理量。(1)甲同学用实验室的多用电表进行某次测量时，指针在表盘的位置如图所示。若所选挡位为直流50mA挡，则示数为___________mA；若所选挡位为“×10Ω”挡，则示数为___________Ω。(2)乙同学

用该表正确测量了一个约150Ω的电阻后，需要继续测量一个阻值约20Ω的电阻。在测量这个电阻之前，请选择以下必须的操作步骤，其合理的顺序是___________（填字母代号）。A．将红表笔和黑表笔短接B．把选择开关旋转到“×100Ω”挡C．把选择开关旋转到“×1Ω”挡D．调节欧姆调零

旋钮使表针指向欧姆零点14.现在要测量一段电阻丝的电阻率ρ，电阻丝的阻值Rx≈0.5Ω，允许通过的最大电流为0.5A。现提供如下器材：电流表A（量程0.6A，内阻约0.6Ω）电压表V（量程3V，内阻约3kΩ）的的待测的电阻丝Rx（阻

值约为0.5Ω）标准电阻R0（阻值5Ω）滑动变阻器R1（5Ω，2A）滑动变阻器R2（200Ω，15A）直流电源E（电动势6V）开关S、导线若干(1)下面四位同学分别设计的“测量部分”的电路，你认为合理的是________。A．B.C.D.(2)实验中滑动变阻器应该选择_______

_（选填“R1”或“R2”），并采用________接法。(3)根据你在(1)、(2)中的选择，在图中完成实验电路的连接________。(4)实验中，如果两电表的读数分别为U和I，测得拉直后电阻丝的长度为L

，直径为D，则待测电阻丝的电阻率ρ的计算式为ρ＝________。(5)用螺旋测微器测量待测电阻丝的直径时读数如图所示，则该电阻丝的直径D＝________mm。三、计算题（36分）15.如图所示，以O为圆心，r为半径的圆，与坐标轴的交点分别为a、b、c、d、空间有与x轴正方

向相.同的匀强电场，同时在O点固定一个电荷量为+Q的点电荷。如果把一个电荷量为-q的试探电荷放在c点，则恰好平衡，那么匀强电场的场强大小为___________，a、d两点的实际场强大小分别为___________和_____

______。16.如图所示，A、B两块带异号电荷的平行金属板间形成匀强电场，一电子以v0=4×106m/s的速度垂直于场强方向沿中心线由O点射入电场，从电场右侧边缘C点飞出时的速度方向与v0方向成30°的夹角．已知电子电荷e=1.6×10-1

9C，电子质量m=0.91×10﹣30kg，求：（1）电子在C点时的动能是多少J？（2）O、C两点间的电势差大小是多少V？17.如图所示，一电荷量q=3×10-4C带正电的小球，用绝缘细线悬于竖直放置足够大的平行金属板中的O点。S合上后，小

球静止时，细线与竖直方向的夹角α=37°。已知两板相距d=0.1m，电源电动势E=12V，内阻r=2Ω，电阻R1=4Ω，R2=R3=R4=12Ω。g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8.求：（1）通过电源的电

流；（2）两板间的电场强度的大小；（3）小球的质量。2024年兰州市高二级第一学期期中学业质量检测卷（2）物理一、单选题（每题4分，共48分）1.市面上出售一种装有太阳能电扇的帽子(如图所示)．在阳光的照射下，小电扇快速转动，能给炎热的夏季带

来一丝凉爽．该装置的能量转化情况是()A.太阳能→电能→机械能B.太阳能→机械能→电能C.电能→太阳能→机械能D.机械能→太阳能→电能【答案】A【解析】【详解】帽子上的太阳能电池板将太阳能转化为电能，供小电扇工作．小电扇工作时消耗电能，将电能转化为扇叶的机械能．故选A．2.有甲、乙两导体，

甲的横截面积是乙的2倍，而单位时间内通过乙导体横截面的电荷量是甲的2倍，以下说法正确的是（）A.通过甲、乙两导体的电流相同B.通过乙导体的电流是甲导体的2倍C.乙导体中自由电荷定向移动的速率是甲导体的2倍D.甲、乙两导体

中自由电荷定向移动的速率相等【答案】B【解析】【详解】AB．由于单位时间内通过乙导体横截面的电荷量是甲的2倍，因此通过乙导体的电流是甲的2倍，故A错误，B正确；CD．由于InqSv=所以IvnqS=由于不知

道甲、乙两导体的性质（n、q不知道），所以无法判断v，故CD错误。故选B。3.如图是P、Q两点电荷的电场线分布，c、d为电场中的两点，且c、d到P、Q连线的中垂线距离相等。一个离子从a运动到b（不计重力），轨迹如图所示。则下列判断正确的是（）A.c、

d两点的电势相等B.c、d两点的电场强度相等C.从a到b，离子的动能越来越大D.从a到b，离子受到P的吸引【答案】D【解析】【详解】A．沿着电场线方向电势逐渐降低，则知c点的电势高于d点的电势，选项A错误；B．由图中电场线的分布情况可知c、d电场

强度大小相等，方向不同，选项B错误；CD．离子从a运动b的过程中，轨迹向内弯曲，则离子受到P的吸引力作用，从a到b，电场力做负功，根据动能定理可知动能减小，选项C错误，D正确。故选D。4.“测温枪”（学名“红外线辐射测温仪”）具有响应快、

非接触和操作方便等优点。它是根据黑体辐射规律设计出来的，能将接收到的人体热辐射转换成温度显示。若人体温度升高，则人体热辐射强度I及其极大值对应的波长的变化情况是（）A.I增大，增大B.I增大，减小C.I减小，增大D.I减小，减小【答案】

B【解析】【详解】黑体辐射的实验规律如图特点是，随着温度升高，各种波长的辐射强度都有增加，所以人体热辐射的强度I增大；随着温度的升高，辐射强度的峰值向波长较短的方向移动，所以减小。故选B。5.如图所示，在竖直放置间距为d的平行板电容器中，存在电场强度为E的匀强电场

，有一质量为m，电荷量为+q的点电荷从两极板正中间处静止释放，重力加速度为g，则点电荷运动到负极板的过程（）A.加速度大小为a=gB.下降的高度为2dy=C.所需的时间为dmtqE=D.电场力所做功为W=Eqd【答案】C【解析】【详解】A．电荷下落过程中，受到重力和电场

力，故加速度不为g，故A错误；B．小球水平方向的位移为2d，由于重力和电场力关系未知，故竖直方向位移不一定为2d，故B错误；C．水平方向有2122dqEtm=的解得dmtqE=故C正确；D．电场力做功为22dqEdWqE==故D错误；故选C。6.如图所示，甲、乙为两个独

立电源（外电路为纯电阻）的路端电压与通过它们的电流I的关系图线，下列说法中正确的是（）A.电源甲的电动势大于电源乙的电动势B.电源甲的内阻小于电源乙的内阻C.路端电压都为U0时，电源甲的外电阻大于电源乙的外电阻D.电流都是I0时，两电

源的内电压相等【答案】A【解析】【详解】A．根据UEIr=−可知图线与U轴交点的坐标值表示电动势的大小，由图线可知，甲与U轴交点的坐标值比乙的大，表明甲的电动势大于乙的电动势，故A正确；B．图线的斜率的绝对值表示电源内阻（电动势与短路电流的比值），图线甲的斜率绝对值大于图线乙的斜率绝

对值，表明甲的内阻大于乙的内阻，故B错误；C．甲、乙两图线的交点坐标为（I0，U0），外电路是纯电阻说明两电源此时的外电阻相等，故C错误；D．电源的内电压等于通过电源的电流与电源内阻的乘积，即U内＝Ir，因为甲的内阻比乙的内阻大，所以当电流都为I0时，甲电源的内电压

较大，故D错误。故选A。7.在如图所示电路中，R2=2R1，电路两端电压恒定，当S断开时，电流表的读数为0.5A，电压表的读数为4V，则当S闭合时，电流表和电压表的读数分别为（）A.1.5A，6VB.0.75A，4VC.1.5A，0D.

0，6V【答案】D【解析】【详解】由题图可知，当S断开时，电阻R1和R2串联U2=212RRR+U=23U=4V解得U=6V当S闭合时，R1被短路，电路中只有电阻R2，电流表读数0，电压表读数为6V故选D。8.如图所示，以两等量异种点电荷连线的中点O为圆心画圆，在圆上有a、b、c、d

四点，b、d两点在两电荷连线的垂直平分线上，下列说法正确的是（）A.a点的电场强度大于c点的电场强度B.b、d两点的电场强度大小相等、方向相同C.负电荷在a点的电势能大于在c点的电势能D.将正电荷由b点沿直线移到

d点，其受到的电场力先做负功后做正功【答案】B【解析】【详解】A．a、c两点关于O点对称，根据场强的叠加法则可知，两处电场线疏密程度相同，场强方向都沿ac方向，a、c两点的电场强度大小相等，方向相同，故A错误

；B．b、d两点关于O点对称，根据场强的叠加法则可知，两处电场线疏密程度相同，场强方向与ac平为行，方向水平向右，b、d两点的电场强度大小相等，方向相同，故B正确；C．由于沿点电荷的连线上电场线从正电荷指向负电荷，所以φa＞φc根据Ep

=qφ可知，负电荷在a点的电势能小于在c点的电势能，故C错误；D．将正电荷由b点沿直线移到d点的过程中，其受到的电场力始终与位移方向垂直，电场力不做功，故D错误。故选B9.下列所示各图中，小磁针(涂黑的一端为小磁针的N极)的指向正确的是A.B.C.D.【答案】AB

D【解析】【分析】用右手握住螺线管，让四指弯曲的方向与螺线管中的电流方向一致，则大拇指所指的那端就是通电螺线管的N极；据磁极间的作用规律、结合磁感线的方向分析判断即可解决；【详解】由右手定则，螺线管内部磁场N极向左，小磁针N极与磁场方向相同，A正确；地球磁场从地理南极指向地理北极，故小

磁针的N极向上，B正确；条形磁铁的磁场由N极指向S极，故中间位置磁场方向向下，故N极向下，C错误；U形磁铁的磁场由N极指向S极，小磁针的N极和磁场方向一致，D正确．10.如图所示，用绝缘细线拴一个带负电的小球，让它在竖直向下的匀强电场中绕O点做竖直平面内的圆周运动，a

、b两点分别是圆周的最高点和最低点，则（）。A.小球经过a点时，线中的张力最小B.小球经过b点时，电势能最小C.小球经过a点时，电势能最小D.小球经过b点时，机械能最小【答案】CD【解析】【详解】A、当电场力大于重力,小球运动到a点时,速

度最大,根据牛顿第二定律知,拉力最大.故A错误.B、小球从a点运动到b点的过程中,电场力做负功,电势能增加.所以小球过b点时,电势能最大.故B错误.C、从a到b,电场力做负功，电势能增加,所以a点电势能最小.故C正确；D、从a到b,除重力以外,电场力做负功,机械能减小,所以b点机械

能最小.故D正确；11.均匀带电球壳，其内部电场强度处处为零。若选无穷远处的电势为零，则孤立的均匀带电球壳外某点的电势为φ＝kQr，其中Q为球壳的带电荷量、r为球壳外的某点到球心的距离。如图所示，固定的半径为R、带电荷量为＋Q的均匀带电球壳的球心处，有质量为m、初动能为Ek0、带电荷量为－q

的带电粒子，初速度方向指向球壳上的A点。若粒子穿过球壳时无能量损失，且不与球壳发生电荷交换，在仅考虑静电力的情况下，下列说法正确的是（）A.粒子向A点运动的过程中，其动能不变B.粒子向A点运动的过程中，其动能变大C.粒子运动的最大位移为

0kkQEqD.粒子运动的最大位移为0kkRQqkQqRE−【答案】AD【解析】【详解】AB．球壳内电场强度为零，粒子在球壳内运动不受电场力，动能不变，A正确，B错误；CD．根据能量守恒定律得0kQq

QqkEkRs−+=−解得0kkRQqskQqRE=−C错误，D正确故选AD12.如图电路中，电源电动势、内电阻、R1、R2为定值。闭合S后，将R的滑键向右移动，电压表的示数变化量的绝对值为△U，电阻R2的电压变化量的绝

对值为U，电源电流变化量的绝对值为△I，下列说法正确的是（）A.通过R1的电流增大，增大量等于1URB.通过R2的电流增大，增大量I小于2URC.U与△I的比值保持不变D.△U与△I的比值保持不变【答案】BCD【解析】【详解】A．将R的滑键向右移动，R减小，电路中的总电阻减小

，根据闭合电路欧姆定律EIR=总可知干路电流增大，通过2R电流增大，则2R分压增大，根据EUIr=+可知路端电压减小，所以R与1R构成的并联电路部分分压减小，所以通过1R的电流减小，根据欧姆定律UIR=可知减小量等于1UR，A错误；B．根

据闭合电路欧姆定律可知EUUIr=++滑键向右移动后，结合数学知识可知0UUIr=−−可知。。UU结合欧姆定律可知22UUIRR=B正确；C．根据B选项分析可知2URI=C正确；D．对0UUIr=−−

变形得0UUrII=−−则2URrI=+D正确。故选BCD。二、填空（每空2分，共16分）13.某实验小组使用多用电表测量电学中的物理量。(1)甲同学用实验室的多用电表进行某次测量时，指针在表盘的位置如图所示。若所

选挡位为直流50mA挡，则示数为___________mA；若所选挡位为“×10Ω”挡，则示数为___________Ω。(2)乙同学用该表正确测量了一个约150Ω的电阻后，需要继续测量一个阻值约20Ω的电阻。在测量

这个电阻之前，请选择以下必须的操作步骤，其合理的顺序是___________（填字母代号）。A．将红表笔和黑表笔短接B．把选择开关旋转到“×100Ω”挡C．把选择开关旋转到“×1Ω”挡D．调节欧姆调零旋钮使表针指向欧姆零点

【答案】①.24②.160③.CAD【解析】【详解】(1)[1]选择0~50一栏读数，精度为10110mAmA=，示数为24.0mA；[2]示数为1610160=；(2)[3]测量阻值约20Ω的电阻，需要选择“×1Ω”挡，重新选择挡位后，需要将红黑表笔短接后对欧姆表进行调

零，所以合理的顺序是CAD。14.现在要测量一段电阻丝的电阻率ρ，电阻丝的阻值Rx≈0.5Ω，允许通过的最大电流为0.5A。现提供如下器材：电流表A（量程0.6A，内阻约0.6Ω）电压表V（量程3V，内阻约3kΩ）待测的电阻丝Rx（阻值约为0.5Ω）标准电阻R0（阻值5Ω

）滑动变阻器R1（5Ω，2A）滑动变阻器R2（200Ω，1.5A）直流电源E（电动势6V）开关S、导线若干(1)下面四位同学分别设计的“测量部分”的电路，你认为合理的是________。A．B.C.D.(2)实验中滑动变阻器应该选择________（选填“R1”或“R2”），并采用___

_____接法。(3)根据你在(1)、(2)中的选择，在图中完成实验电路的连接________。(4)实验中，如果两电表的读数分别为U和I，测得拉直后电阻丝的长度为L，直径为D，则待测电阻丝的电阻率ρ的计算式为ρ＝

________。(5)用螺旋测微器测量待测电阻丝的直径时读数如图所示，则该电阻丝的直径D＝________mm。【答案】①.C②.R1③.分压④.⑤.20()4DURLI−⑥.1.205（±0.002）【解析】【详解】

(1)[1]电阻丝Rx两端的最大电压U＝IRx＝0.25V比电压表量程小得多，需要串联一分压电阻，即串联一标准电阻R0，此时R0＋Rx<AVRR电流表采用外接法，选项C正确。(2)[2][3]滑动变阻器若选用R2或采用限流接法，调控范

围小，应选择R1，并采用分压接法。(3)[4]根据测量电路图和滑动变阻器的分压式接法，实物连线如图所示。(4)[5]待测电阻Rx＝UI－R0由电阻定律得24xLLRSD==联立解得20()4DURLI=−(5)[6

]螺旋测微器的读数为1mm＋0.01×20.5mm＝1.205mm。三、计算题（36分）15.如图所示，以O为圆心，r为半径的圆，与坐标轴的交点分别为a、b、c、d、空间有与x轴正方向相同的匀强电场，同时在O点固定一个电荷量为+Q的

点电荷。如果把一个电荷量为-q的试探电荷放在c点，则恰好平衡，那么匀强电场的场强大小为___________，a、d两点的实际场强大小分别为___________和___________。【答案】①.2kQr②.22akQEr

=③.22bkQEr=【解析】【详解】[1]由电荷量为q−的试探电荷在c点处于平衡状态，受力分析可得2QqkqEr=匀强电场的场强大小为2kQEr=[2]正点电荷形成的电场的场强方向从圆心沿半径方向向外

，大小为'2kQEr=a点的实际场强为两个等大、同方向场强的合成，为22akQEr=[3]d点的实际场强为两个等大、互相垂直的场强的合成，为22bkQEr=16.如图所示，A、B两块带异号电荷的平行金属板间形成匀强电场，一

电子以v0=4×106m/s的速度垂直于场强方向沿中心线由O点射入电场，从电场右侧边缘C点飞出时的速度方向与v0方向成30°的夹角．已知电子电荷e=1.6×10-19C，电子质量m=0.91×10﹣30k

g，求：（1）电子在C点时的动能是多少J？（2）O、C两点间的电势差大小是多少V？【答案】（1）9.7×10-18J；（2）15.2V。【解析】【分析】（1）根据平行四边形定则求出C点的速度，从而得出电子在C点的动能．（2）运用动能定理求出O、C两点

间的电势差．【详解】（1）电子在C点的速度为：0cos30vv=则有：21819.7102kEmv−==J（2）对电子从O到C的过程运用动能定理得：2201122eUmvmv=−代入数据解得：U=15.2V【点睛】解决本题的关键知道

粒子垂直电场进入做类平抛运动，在垂直电场方向上的速度不变，做匀速直线运动，沿电场方向做匀加速直线运动．17.如图所示，一电荷量q=3×10-4C带正电的小球，用绝缘细线悬于竖直放置足够大的平行金属板中的O点。S合上后，小球静止时，细线与竖直方向的夹角α=37°。已知两板相距d=0

.1m，电源电动势E=12V，内阻r=2Ω，电阻R1=4Ω，R2=R3=R4=12Ω。g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8.求：（1）通过电源的电流；（2）两板间的电场强度的大小；（3）小球的质量。【答案】（1）1A；（2）100N/C

；（3）4×10-3kg【解析】【分析】【详解】（1）根据电阻并联关系可得，R2与R3并联后的电阻值为R23=6Ω由闭合电路欧姆定律得I=1A（2）电容器两板间的电压123)(CUIRR=+电容器两板间的电场强度100N/CE=（3）

小球处于静止状态，所受静电力为F，由平衡条件得：tanFmg=又有F=qE代入数据，解得m=4×10-3kg