【文档说明】湖南省长沙市周南中学2024-2025学年高一上学期10月月考物理试题 Word版含解析.docx，共(9)页，320.007 KB，由小赞的店铺上传

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长沙市周南中学2024年下学期高一年级第一次阶段性测试物理试题分值：100分，时量：75分钟，命题：谈光辉，审题：颜钰锜一、单选题：（本大题共6小题，每小题4分，共24分。1．大疆T16植保无人机喷洒农药，最快速度达到150亩/小时，可持续工作8小时。下列说法中正确的是（）A．调整无人机在

空中的姿态时可以将无人机看成质点B．观察无人机飞行速度时可以选取无人机上的摄像机为参考系C“8小时”指的是时刻D．“8小时”指的是时间2．北京时间2023年12月26日11时26分，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭与远征一号成功发射第57颗

、58颗北斗导航卫星。该组卫星属中圆地球轨道卫星，是我国北斗三号全球卫星导航系统建成开通后发射的首组MEO卫星，入轨并完成在轨测试后，将接入北斗卫星导航系统，这标志着我国北斗卫星导航系统的星座建设更上一层．北斗卫星导航系统可以免费提供定位、测速和授时服务，定位精度优于9m，测速精度0.2m/s

．则下列有关北斗导航的说法中错误的是（）A．北斗导航卫星定位提供的是被测物体的位移B．北斗导航卫星定位提供的是被测物体的位置C．北斗导航卫星授时服务提供的是时刻D．北斗导航卫星测速服务提供的是运动物体的速率3．滑块

以某一初速度从斜面底端冲上斜面做匀减速直线运动，到达斜面顶端时的速度为零，已知滑块通过斜面中点时的速度为v，则滑块的初速度为（）A．212v+B．(21)v+C．2vD．12v4．关于速度、速率和加速度，下列说法

正确的是（）A．速度和速率一样，只有大小没有方向，是标量B．加速度就是加起来的速度C．加速度越大，物体运动的速度变化越快D．同一个物体，速度和加速度方向一致5．图像能够直观描述物理过程，能形象表述物理规律，能有效处理实验数据。如图所示为物体做直线运动的图像，下列说法正确的是（

）A．甲图中，A，B，C三物体做直线运动的图像如图所示，则10~t时间内，三物体的平均速度不相等B．乙图中112xx−物体的加速度大小为2012vxC．丙图中，阴影面积表示12~tt日时间内物体的末速度D．丁图中

所描述的物体正在做匀加速直线运动，则该物体的加速度24m/s6．电梯上升过程中，某同学用智能手机记录了电梯速度随时间变化的关系，如图所示。电梯加速上升的时段是（）A．从20.0s到30.0sB．从30.0s到40.0sC．从40.0

s到50.0sD．从50.0s到60.0s二、多选题：（本大题共4小题，每小题5分，共20分。）7．一个做匀变速直线运动的质点，初速度为1m/s，第8s内的位移比第5s内的位移多6m，则关于该质点的运动下列说法正确的是（）A．该质点的加速度为21m/sB．该

质点8s内的位移大小是64mC．第四个3s内的位移为66mD．第三个2s内的平均速度为11m/s8．新能源电动车已经走进我们的生活，对某新能源电动车进行刹车测试时，该车以30m/s的速度开始做匀减速直线运动，运动最后1s内的位移大小为6m。该车在匀减速直线运动过程中（）A．加

速度大小为26m/sB．位移大小为37.5mC．减速的时间为2.5sD．平均速度大小为10m/s9．一辆汽车从静止开始匀加速开出，然后保持匀速运动，最后匀减速运动，直到停止，表给出了不同时刻汽车的速度（）时刻/s1.02.03.

05.07.09.510.5速度/（1ms−）369121293A．汽车做匀加速运动时，加速度的大小为23m/sB．与匀加速运动时相比，汽车做匀减速运动时速度变化较慢C．汽车做匀加速运动过程中速度的变化量与匀减速运动过程中速度的变化量相同D．汽车从开

出到停止总共经历的时间是11s10．如图所示，物体自O点由静止开始做匀加速直线运动，A，B，C，D为其运动轨迹上的四点，测得2mAB=，3mBC=，且物体通过AB，BC，CD所用的时间均为0.2s，则

下列说法正确的是（）A．可以求出物体加速度的大小B．可以求得4mCD=C．可以求得OA之间的距离为1.125mD．可以求得OB之间的距离为12.5m三、实验题：（本大题共2小题，每空3分，共18分。）11．为

了测定气垫导轨上滑块的加速度，在滑块上安装了宽度为2.0cm的遮光条。如图所示，滑块在牵引力的作用下先后通过两个光电门，配套的数字计时器记录了遮光条通过光电门1的时间1t为0.25s，通过光电门2的时间2t为0.04s，遮光条从开始遮住光电门1到开始遮住光电门2的时间

t为2.5s，回答下列问题：（结果均保留两位小数）（1）遮光条经过光电门1的速度大小为________m/s。（2）遮光条经过光电门2的速度大小为________m/s。（3）滑块运动的加速度大小为________2m/s。12．某同学用图1所示的

实验装置研究小车沿斜面向下运动的规律。安装好器材后，接通电源，释放小车，打出一条纸带。舍去开始密集的点迹，从便于测量的点开始，每隔四个点取一个计数点，如图2中0、1、27点所示。图1图2图3（1）实验中，除打点计时器、小车、长木板、铁架台、导线及开关外，在下面的器

材中，还必须使用的有________。A．电压合适的50Hz交流电源B．电压可调的直流电源C．刻度尺D．秒表E．天平（2）某同学计算出打下1、2、3、4、5这五个计数点时小车的速度，并在图3上画出坐标点。请帮助他计算打下计数点6时小车的速度v=________m/s

，并在图3中标出计数点6对应的坐标点，作出vt−图线。（3）根据图3，测得小车的加速度a=________2m/s（结果保留2位有效数字）。四、计算题：（本大题共3小题，共38分。）13．（10分）一电动车从A点沿正东方向以18km/h的速度运动6min后到达B点，然后

又以36km/h的速度向北匀速运动4min后到达C点，求：（1）这10min内电动车的路程和位移的大小；（2）这10min内电动车的平均速度的大小。14．（12）有一航空母舰上装有帮助飞机起飞的弹射系统。已知某型号的战斗机在跑道上加速时可产生的最大加速度为25.0m/s，飞机起飞速度为5

0m/s，如果航母甲板跑道长160m，问：（1）若航空母舰静止不动，弹射系统应至少使飞机产生多大的初速度飞机才能起飞？（2）如果航空母舰上不安装弹射系统且航空母舰静止不动，要求这种飞机仍能在舰上起飞，问甲板上跑道至少应为多长？（3）如果航空母舰上不安装弹射系统，航

母甲板跑道长还是160m，要求这种飞机仍能在舰上起飞，问航空母舰应以多大速度航行？15．（16分）今年国庆大假期间，国家取消了7座及其以下的小车的收费公路的过路费，给自驾游带来了很大的实惠，但车辆的增多也给交通道路的畅通增加了很大的压力，因此国家规定了免费车辆在通过收

费站时在专用道上可以不停车拿或交卡而直接减速通过．假设收费站的前、后都是平直大道，大假期间过站的车速要求不超过6m/stv=，事先小汽车未减速的车速均为030m/sv=，制动后小汽车的加速度的大小为214m/sa=．试问：（1）大假期间，驾驶员应在距

收费站至少多远处开始制动？（2）假设车过站后驾驶员立即使车以226m/sa=的加速度加速至原来的速度，则从减速开始到最终恢复到原来速度的过程中，汽车运动的时间至少是多少？（3）在（1）（2）问题中，车因减速和加速过站而耽误的时

间至少为多少？2024级高一物理第一次月考试题卷1-6：DACCDA7．CD8．BC9．AD10．ABC一、单选题：本大题共6小题，共24分。1、【答案】D【解析】A．调整无人机在空中的姿态时，无人机的大小和形状不能忽略不计，不能将无人机看成质点，A错误；B．观

察飞机的飞行速度如选择摄像机作为参考系，飞机是相对摄像机静止，其相对速度为零，故无法研究飞机的速度，B错误；“8小时”指的是时间间隔，C错误、D正确．2．【答案】A【解析】AB．由位置、位移、时间、时刻和速度的定义可知，北斗导航卫星定位提供的

是一个点，是位置，而不是位置的变化，故选项A错误，B正确；C．北斗导航卫星授时服务提供的是时刻，故选项C正确；D．北斗导航卫星测速服务提供的是运动物体某时刻的速度大小，即速率，故选项D正确．3．【答案】C4．【答案】C5．【答案】D【解析】A．由图甲可知，10~t时间内，A、B、C三

物体做直线运动的位移相同，则三物体的平均速度均为11svt=，故A错误。B．根据2202vvax−=可知2vx−图像的斜率的绝对值等于2a，所以甲图中112xx物体的加速度大小为201||22kax==，故B错误;C．根据vat=知阴影面积表示12~tt

时间内物体的速度变化量，故C错误；D．根据丁图可知22xtt=+，整理得222xtt=+，结合2012xvtat=+，可知加速度大小为24m/s，故D正确。6．【答案】A【解析】解：根据vt−图像可知，在20.0~30.0s过程中，电梯加速

上升，在30.0~40.0s过程中电梯匀速上升，40.0~50.0s过程中电梯减速上升，50.0~60.0s过程中电梯处于静止状态，故A正确，BCD错误;故选：A。二、多选题：本大题共4小题，共16分。7．【答案】CD【解析】A．根据连续相等时间内的位移之差是一恒量知28536m

xxaT−==，解得22m/sa=，故A错误；B．由运动学公式2012svtat=+得该质点8s内的位移大小是：220111828m72m22svtat=+=+=，故B错误;C．第四个3s内的

位移为2222129012120991111112212m1929m66m2222sssvtatvtat=−=+−+=+−+=，故C正确;D．由运动学公式0vvat=+得第4s的速度为404(1

24)m/s9m/svvat=+=+=，第6s的速度为606(126)m/s13m/svvat=+=+=，则第三个2s内的平均速度为46913m/s11m/s22vvv++===，故D正确。故选CD。8．

【答案】BC【解析】A．运动最后1s内的位移大小为6m，利用逆向思维有20012xat=解得212m/sa=故A错误；B．电动车初速度为30m/s，根据速度与位移的关系式有20102vax−=−解得137.5mx=故B正确；C．利用逆向思维，减速的时间012.5svta==故C正确;D．根据

平均速度的规律有015m/s2vv==，故D错误。故选BC。9．【答案】AD【解析】A、由表格数据知，汽车加速运动的加速度为：2263m/s3m/s21vat−===−，故A正确；B、汽车匀减速运动的加速度为：2239m/s6m/s10.59.5vat−===−−，负号表

示加速度的方向与速度方向相反，故与匀加速运动时相比，汽车做匀减速运动时速度变化较快，故B错误；C、速度变化量为末速度与初速度的差值，故加速度阶段的速度变化量为10mvv=−，减速阶段的速度变化量为20mvv=−，故大小相同，方向相反，故C错误；D、由表格数据知，汽车

在10.5s时速度为3m/s，汽车速度减小至零的时间为t，根据速度时间关系有：20310.5at−=−因为：226m/sa=−可解得：11st=。所以可得汽车运动经历的总时间为11s，故D正确。选：AD

。10．【答案】ABC【解析】AB．根据连续相等时间内的位移之差是一恒量，即BCABCDBC−=−，解得4mCD=，而由2xaT=解得物体加速度2225m/sxaT==，故AB正确；CD．根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，可得

B点速度12.5m/s2BABCDvT+==，由22BOBvax=，解得3.125mOBx=，故OA之间的距离为1.125m，故C正确，D错误。故选ABC。三、实验题：本大题共2小题，共18分。11．【答案】（1）0.08;（2）0.50;（3）0.17。【

解析】（1）由于遮光条很窄，因此可以用遮光条的宽度与遮光条经过光电门的时间之比代替遮光条的瞬时速度，遮光条经过光电门1的速度大小2112.010m/s0.08m/s0.25dvt−===．（2）遮光条经过光电门2的速度大小222.010m/s0.50m/s0.0

4dwt−===．（3）滑块的加速度大小22210.500.08m/s0.17m/s2.5vvat−−===．12．【答案】（1）AC（2）0.57（3）0.41/0.42/0.43【解析】【详解】（1）必须使用电压合适的50Hz交流电源给打点计时器供电，需要用刻度尺测量计数

点之间的距离；通过打点计时器可以得到纸带上计数点的时间间隔，所以不需要秒表，本实验不需要用天平测质量。故选AC。（2）因电源频率为50Hz，每隔四个点取一个计数点，故相邻两计时点之间的时间间隔为50.02s0.1sT==则打下计数点6时小车的速度为257(32.4521.05)10m/s0.5

7m/s220.1sxvT−−===（3）根据图3中图像的斜率可知，小车的加速度为220.610.32m/s0.41m/s0.7vat−==四、计算题：本大题共3小题，共30分。13．【答案】解：（1）18km/h

5m/s=;36km/h10m/s=;6min360s=，4min240s=从A到B匀速运动，位移为：1115360m1800mxvt===，方向正东;（1分）从B到C匀速运动，位移为：22210240m2400mxvt===，方向正北;（

1分）电动车的路程：121800m2400m4200msxx=+=+=（2分）10min内位移为：22123000mxxx=+=（2分）（2）平均速度为：3000m/s5m/s360240xvt===+（4分）14．【答

案】解：（1）弹射系统必须使飞机具有的初速度为0v，由：2202vvax−=代入数据得：030m/sv=（3分）（2）由：22vax=代入数据得：250mx=（3分）（3）由于航空母舰沿飞机起飞方向匀速航行，设速度为1v，在飞机起跑过程中

的位移为1x，则：11xvt=（1分）在起跑过程中，飞机做初速度为1v的匀加速运动，设位移为2x由公式可知：22112xvtat=+（1分）又运动的时间为21vvta−=（1分）由位移关系可知：21160mLxx=−=（2分）代入数据可得：110m

/sv=，可见航空母舰沿飞机起飞方向的速度至少10m/s（1分）15．【答案】解：（1）小汽车进入站台前做匀减速直线运动，设据收费站1x处开始制动，则：220112tvvax−=（2分）解得：1108mx=（2分

）（2）小汽车通过收费站经历匀减速和匀加速两个阶段，前后两段的位移分别为1x和2x，时间分别为1t和2t则：减速阶段：011tvvat=−（2分）0116stvvta−==−（1分）加速阶段：022tvvat=+

（2分）0224stvvta−==（1分）则加速和减速的总时间1210sttt=+=（1分）（3）在加速阶段：220222tvvax−=（1分）解得：272mx=（1分）则总位移12180mxxx=+=（1分）若不减速所需时间1206sxxtv+==（1分）车因减速和加速过站而耽误的时间4

sttt=−=（1分）答：（1）大假期间，驾驶员应在距收费站至少108m远处开始制动；（2）假设车过站后驾驶员立即使车以226m/sa=的加速度加速至原来的速度，则从减速开始到最终恢复到原来速度的过程中，汽车运动的时间至少是10s；（3）在（1）（2）问题中，车因减速和加速过站而耽误的时间

至少为4s．