【文档说明】湖南省永州市第四中学2024-2025学年高一上学期入学测试物理试题 Word版含解析.docx，共(17)页，4.263 MB，由小赞的店铺上传

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永州四中2024年高一入学考试物理部分一、单选题（每题3分，共48分）1.如图所示，由于风的缘故，河岸上的旗帜向右飘，在河岸上的两条船上的旗帜分别向右向左飘，两条船运动状态是（）A.A船肯定向右运动B.A船肯定是静止的C.B船肯定是向右的D.B船可能是静止的【答案】C【解析】

【详解】AB．因为河岸上旗杆是固定在地面上的，那么根据旗帜的飘动方向判断，风是从左向右刮的。A船上旗帜向右，有三种可能：①是A船不动，风把旗帜刮向右；②是A船向左运动，风相对于旗帜向右，把旗帜刮向右；③是A船向右运动但运动的速度小于风速，此时风仍能把旗帜

刮向右，故AB错误；CD．B船一定向右运动，而且运动的速度比风速快，这样才会出现图中旗帜向左飘动的情况。故C正确，D错误。故选C。2.如图所示，自行车在水平地面上做匀速直线运动。车轮外边缘半径为R，气门芯距轮心的距离为r，自行车行驶过程中轮胎不打滑，初始时刻气门芯在最高点，不

考虑车轮的形变。气门芯从初始时刻到第一次运动至最低点过程中，下列判断正确的是（）A.气门芯通过的路程为2rR+B.气门芯通过的位移的大小为2rC.气门芯通过的位移的大小为2224rR+D.气门芯通过的路程为2224rR+【答案】C【解析】【详解】BC．当气

门芯由轮子的正上方第一次运动到轮子的正下方时，轮子向前运动半个周长，如图所示气门芯的位移大小为()()2222224xrRrR=+=+故B错误，C正确；AD．气门芯通过的路程为曲线，不等于位移大小，故AD错误。故选C。3

.一质点沿直线Ox方向做加速运动，它离开O点的距离x随时间变化的关系232(m)xt=+，它的速度随时间变化的关系为v=4t（m/s）。则该质点在t=2s时的瞬时速度和t=0到t=2s间的平均速度分别为

（）A.8m/s、4m/sB.4m/s、8m/sC.8m/s、6m/sD.6m/s、8m/s【答案】A【解析】【详解】根据速度随时间变化的关系可知，当t=2s时，该质点的瞬时速度为42m/s=8m/sv=t=0到t=2s时间

内，根据质点距离与时间的关系，可知质点在这两秒的位移为220(322)m-3m=8mxxx=−=+平均速度为8=m/s=4m/s2xvt=故选A。4.北京大学物理系赵凯华教授说过“加速度是人类认识史上最难

建立的概念之一，也是每个初学物理的人最不易真正掌握的概念……”.关于加速度，下列说法正确的是（）A.物体的速度大，加速度一定大B.物体的速度变化越快，加速度就越大C.物体的速度变化量越大，加速度就越大D.物体的加速度

变大，则速度也一定变大【答案】B【解析】【详解】A．物体的速度和加速度没有必然的联系，速度大可能加速度很小，如高速匀速运行的火车，速度很大，加速度为0，故A错误；B．加速度是描述物体速度变化快慢的物理量，物体的速度变

化越快，加速度就越大，故B正确；C．由加速度定义式vat=可知，物体加速度的大小与速度变化量和时间无关，则物体的速度变化量越大，加速度不一定大，故C错误；D．物体的加速度与速度方向相反时，物体的加速度大小不管如何变化，物体的速度大小均减小，故

D错误。故选B。5.下列关于直线运动的甲、乙、丙、丁四个图像的说法中，正确的是（）A.甲图中所描述的物体在02s内做匀减速直线运动B.乙图中所描述的物体在10t时段通过的位移为1xC.丙图中所描述的物体在12tt时段速度的变化量为02atD.若丁图中所描述的物体正在做匀加速直

线运动，则该物体的加速度为24m/s【答案】D【解析】【详解】A．甲图是vt−图像，图中所描述的物体在02s内先做匀减速直线运动，后做反方向的匀加速运动，选项A错误；B．乙图中所描述的物体在10t时段通过的位移为

10xx−，选项B错误；C．丙图中所描述的物体在12tt时段速度的变化量为()021Δvatt=−选项C错误；D．若丁图中所描述的物体正在做匀加速直线运动，根据012xvatt=+，则该物体的加速度12221a==解得加速度为24m/sa=选项

D正确。故选D。6.一个质点做变速直线运动的vt−图像如图所示，下列说法中正确的是（）A.在AB段时物体处于静止状态B.前2s内的运动方向与第5s内的运动方向相反C.第5s内的加速度为24m/s−D.OA段的加速度方向与速度方向相反【答案】C【解析】【详解】C．AB段速度为

4m/s，即AB段时物体处于匀速运动状态，故A错误；B．由图可知，前2s内的速度与第5s内的速度均为正值，即两时刻的运动方向相同，故B错误；C．v-t图像斜率代表加速度，由图可知，第5s内的加速度为2204m/s4m/s54vat−===−−故C正确；D．OA段的加速度与速度

均为正值，方向相同，物体做匀加速直线运动，故D错误。故选C。7.如图（a）是停在高速公路上的超声波测速仪测量车速的示意图，测速仪发出并接收超声波信号，根据发出和接收到信号间的时间差，测出汽车的速度；图（b）中1P、2P是测速仪先后发出的两个超声波信号，1

n、2n分别是测速仪检测到的1P、2P由汽车反射回来的信号。设测速仪匀速扫描1P、2P之间的时间间隔1.8st=，超声波在空气中传播的速度是340m/sv=，若汽车是匀速直线行驶，则根据图（b）可知，下列说法正确的是（）A.图（b）中每小格表示的时间是0.18sB.汽车的匀

速时的速度大小是20m/sC.汽车正在向远离测速仪方向行驶D.1P信号传播到被测汽车时，汽车距测速仪的距离是204m【答案】B【解析】【详解】A．如图所示，1P、2P之间一共有9格，共1.8s，则每一小格表示01.8s0.2s9t==故A错

误；D．如图所示，测速仪第一次发出信号到接受到信号所用的时间为1030.6stt==在1t时间内，超声波从发出到与汽车相遇，再从第一次相遇的位置反射回去，所以第一次相遇的位置到测速仪的距离为11102m2vtx==故D错误；C．测速仪第二次

发出信号到接受到信号所用的时间为2020.4stt==在2t时间内，超声波从发出到与汽车相遇，再从第二次相遇的位置反射回去，所以第二次相遇的位置到测的速仪的距离为2268m2vtx==由于21xx，所以汽车正在向靠近测速仪的方向行驶，故C错误；B．汽车与超声波

第一次相遇到第二次相遇所用的时间为312111.7s22tttt=−+=汽车与超声波第一次相遇的位置到到第二次相遇的位置的距离为31234mxxx=−=则汽车的速度为3320m/sxvt==车故B正确。故选B。8.一个物体做单向直线运动，从A点经B点

运动到C点，如图所示，已知BC=2AB，从A点到B点的过平均速度为2m/s，从B点到C点的平均速度分别为6m/s，则从A点运动到C点的平均速度为（）A.3m/sB.3.6m/sC.4m/sD.4.2m/s【答案】B【解析】【详解】设A

B的距离为x，则BC为2x，可得从A点运动到B点的时间为12xt=从B点到C点的时间为2263xxt==则从A点运动到C点的时间为1256xttt=+=则从A点运动到C点的平均速度为218m/s3.6m/s5xxvt+===故选B

。9.小军利用如图所示装置，探究影响滑动摩擦力大小的因素。悬挂好已调零的弹簧测力计，用细线绕过固定在实验桌上的定滑轮，水平连接正方体物块，将其放在长木板上，物块的上、下表面粗糙程度不同。实验时用水平向左的力F拉动长木板使其水平运动，直到弹簧测力计示数稳定。下列说法正确的是（）A.实验

过程中，长木板一定要做匀速直线运动B.物块受到的滑动摩擦力与拉力F是一对平衡力C.当拉动长木板的速度变大时，物块受到的滑动摩擦力也变大D.若将物块上下颠倒，可以探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度是否有关【答案】D【解析】【详解】A．由于物块始终处于静止状态，物

块受到摩擦力与弹簧测力计的拉力是一对平衡了，故木板不一定要做匀速直线运动，A错误；B．物块受到的摩擦力和拉力F没有作用在同一个物体上，不是一对平衡力，B错误；C．物块受到的摩擦力与长木板运动的速度大小没有关系，C错误；D．若将物块上下颠倒，物块对木板的压力大小不变，接

触面的粗糙程度改变了，符合控制变量法的要求，可以探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度是否有关，D正确。故选D。10.如图所示，捻动滚摆的轴使其升高到A点后静止释放，观察滚摆的运动过程，下列说法正确的是（）

A.滚摆在A点和到达最低点B时，速度均为0B.滚摆下降过程中，重力势能转化为动能和弹性势能的C.滚摆下降时，减少的重力势能小于增加的动能D.滚摆的运动过程是动能和重力势能的相互转化【答案】D【解析】【详解】ABD．当滚摆被松开开始旋转下降时，滚摆的势能逐渐减小，动能逐渐增加。当悬线完全松

开，滚摆不再下降时，转动角速度与下降平动速度达到最大值，动能达到最大。随后，由于滚摆继续旋转，它又开始缠绕悬线使滚摆上升。在滚摆上升的过程中，动能逐渐减小，重力势能逐渐增加，上升到跟原来差不多的高度时，动能为零

，重力势能最大。故滚摆在A点时速度为0，到达最低点B时速度不为0，滚摆的运动过程是动能和重力势能的相互转化，故AB错误，D正确；C．由于滚摆下降时，受到空气阻力的作用，减少的重力势能大于增加的动能，故C错误。故选D11.有些物理量的大小

不易直接观测，但它变化时引起其它量的变化却容易直接观测，用易观测的量显示不易观测的量是研究物理问题的一种方法，例如：发声的音叉的振动可以通过激起水花来体现，以下实例中采用的研究方法与上述方法相同的是（）A.研究光现象时，引入光线用来描述光的传播路径和方向B.探究声速与介质种

类的关系时，应控制温度相同，介质种类不同C.研究真空不能传声时，当用抽气机逐渐抽去密封瓶中的气体时，听到声音的响度逐渐减小D.液体温度计利用液柱长度的变化来显示温度高低【答案】D【解析】【详解】声音是物体振动产生的，音叉振动不容易直接观察，通过

发声音叉能激起水花，说明音叉在振动，采用的是转换法。A．研究光现象时，引入光线用来描述光直线传播时规律，采用的是模型法，故A错误；B．探究声速与介质种类的关系时，应控制温度相同，介质种类不同，采用的是控制变量法，故B错误；C．研究真空不能传声

时，当用抽气机逐渐抽去密封瓶中的气体时，听到声音的响度逐渐减小，采用的是推理法，故C错误；D．液体温度的变化会引起体积的变化，所以液体温度计利用液柱长度的变化来显示温度高低，采用的是转换法，故D正确。故选D。12.对下图所示的物理过程分析错误的是（）。A.甲中酒精灯中的酒精用掉一半

后，剩余酒精的热值、比热容、密度均不变B.甲中试管中的水温度升高，内能增大的途径是通过热传递C.乙中活塞向上运动时，是内燃机的压缩冲程，此时机械能转化为内能D.丙中抽去玻璃板，两种气体混合是由于空气的密度大于二氧化氮的密度【答案】D【解析】【详解】A．

热值是燃料的一种特性，密度、比热容都是物质的特性，都与物质的质量、体积无关，则酒精灯中酒精用掉一半后，剩余酒精的热值、比热容、密度均不变，故A正确；B．甲图中试管中水温度升高，是因酒精灯对试管加热，内能增大的途径是通过热传递，故B正确；C．两个

气门关闭，活塞向上运动时，是内燃机的压缩冲程，机械能转化为内能，故C正确；D．在图丙所示的情境中，密度大的二氧化氮在下方，密度小的空气在上方，抽去玻璃板，两种气体能混合在一起，是因为分子在不停地做无规则运动引起的，故D错误。本题选错

误的，故选D。13.人的生命重于泰山，安全防范重于追责。“珍爱生命、注意安全”是同学们日常生活中必须具备的意识。小芳同学学习了《生活用电》提出了以下观点：①我们可用试电笔辨别火线与零线②我国的家庭电路电压不高于36V③禁止

用铜丝、铁丝等导线代替保险丝④高压线下可以钓鱼上述观点正确的是（）A.只有①②B.只有①③C.只有③④D.只有②④【答案】B【解析】【详解】①可用试电笔测量火线还是零线，如果灯亮了就是火线，如果灯不亮就是零线，故正确；②我国家庭电路的电压是220V，对人体的安全电压不高于36V，故

错误；③保险丝在电流过大时发热自动熔断，切断电路，从而起到保护电路的作用，铜丝、铁丝的电阻率小、熔点高，用铜丝或铁丝代替保险丝，不能在电流过大时，自动切断电路，故正确；④高压线下钓鱼容易发生触电事故，所以高压线下不可以钓鱼，故错误。故选B。14.小罗设计一个天然气泄漏检测电

路，如图甲所示，R为气敏电阻，其阻值随天然气浓度变化曲线如图乙所示，R0为定值电阻，电源电压恒定不变，则下列说法正确的是（）A.天然气浓度增大，电压表示数变小B.天然气浓度减小，电流表示数变大C.天然气浓度增大，电路总电阻变大D.天然气浓度

减小，电压表与电流表示数的比值不变【答案】D【解析】【详解】AC．由图可知，当天然气浓度增大时，R阻值减小，回路中总电阻减小，电流增大，电压表示数变大，故AC错误；B．天然气浓度减小，R阻值增大，回路中总电阻增大，干路电流减小，即电流表示数变小，故B错误；D．电压表与电流表示数的比值为0RI

U=所以，当天然气浓度减小时，电压表与电流表示数的比值不变，故D正确。故选D15.如图所示电路，闭合开关后，灯L不发光，移动滑动变阻器R的滑片P，电流表示数增大，电压表示数不变，则下列判断正确的是（）。A.灯L断路，滑片P左移B.灯L

断路，滑片P右移C.灯L短路，滑片P右移D.灯L短路，滑片P左移【答案】D【解析】【详解】由图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量滑动变阻器两端的电压。闭合开关后，灯L不发光，移动滑动变阻器R的滑片P，电流表示数增大，这说明电路是通路，电路出现了短路现象；滑片

移动过程中，电压表示数不变，这说明电压表测量的是电源电压，所以故障是灯泡短路；电流表示数变大，根据欧姆定律可知，电路中的电阻变小，所以滑片向左移动。故选D。16.如图甲所示，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片，滑片从最右端滑至最左端时，小灯泡

恰好正常发光。电流表示数与两电压表示数的关系图像如图乙。下列说法中正确的是（）A.电源电压为9VB.滑动变阻器的最大阻值为14ΩC.小灯泡的额定功率为8WD.电路总功率的变化范围为8W~12W【答案】B【解析】【详解】A．当滑片位于最左端时，滑动变阻器接入电路中的电阻为零，此时电路中

的电流最大，电路的总功率最大，两电压表的示数最大且电压表1V测电源两端的电压。由图乙可知，电路中的最大电流max1.0AI=，此时电压表2V的示数06VU=，电压表1V的示数为12V，即电源的电压12VU=故A错误；C

．因串联电路中总电压等于各分电压之和，故此时灯泡两端的电压L0126V6VUUU=−=−=此时小灯泡恰好正常发光，小灯泡的额定功率为LLmax61.0W6WPUI===故C错误；BD．电路的最大总功率maxmax121W

12WPUI===当滑片位于最右端时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，电路的总功率最小，由图乙可知，电路中的最小电流min0.5AI=，此时电压表1V的示数1V5VU=，滑动变阻器两端的电压1V125V7VRUUU=−=−=滑动变阻器的最大阻值min7140.5RURI=

==电路的最小总功率minmin120.5W6WPUI===则电路总功率的变化范围是6~12W，故B正确，D错误。故选B。二、实验题（共14分）17.在测量小车运动的平均速度的实验中，某小组采用了一带

有刻度尺的长木板，搭建实验装置如图甲所示：让小车从斜面A点由静止开始下滑，分别测出小车到达B点和C点的时间，即可测出不同阶段的平均速度。（1）该实验的原理是__________；（2）实验前，小明先练习使用停表测时间，某

次读数如图乙所示，为__________s；（3）在测量小车到达B点的时间时，如果小车过了B点才停止计时，测得AB段的平均速度会__________（选填“偏大”或“偏小”）。【答案】（1）svt=（2）336.0（3）偏小【解

析】【小问1详解】根据速度计算公式可知，该实验的原理是svt=。【小问2详解】停表的读数为560s36.0s336.0st=+=【小问3详解】在测量小车到达B点的时间时，如果小车过了B点才停止计时，所测量的时间偏大，AB段的路程不变，由svt=可知测得AB段的平均速度偏小

。18.某同学利用实验室提供的器材，测量标有电压为2.5V的小灯泡在不同电压下的电阻。他所连接的实验电路如图甲所示。（1）在闭合开关前，需要将滑动变阻器的滑片移至__________（填“A”或“B”）端；（2）实验中，第一次测量时的电压等于2.

5V，小灯泡正常发光。之后调节滑动变阻器，让电压逐次下调，使灯丝温度不断降低，灯泡变暗直至完全不发光，测量的数据如下表所示；数据序号1234567发光情况明亮不很亮暗较暗微光熄灭熄灭电压U/V2.52.11.71.30.90.50.1电流I/A0.280.260.240.210.190.05根据

表格中的实验数据，图乙中能正确描述通过该小灯泡的电流I和其两端电压U之间关系的是_________（填“①”或“②”）；的（3）第6次测量时，电流表指针的偏转如图丙所示，则电流表的读数为__________A，此时小灯泡的电阻为__________Ω。【答案】（1）

B（2）①（3）①.0.16②.3.125【解析】【小问1详解】在闭合开关前，需要将滑动变阻器的滑片移至阻值最大处，即B端；【小问2详解】根据表格中的实验数据可知，电压与电流之比不断减小，所以图乙中能正确描述通过该小灯泡

的电流I和其两端电压U之间关系的是①；【小问3详解】[1]由表中数据可知，电流表量程为0~0.6A，即一小格为0.02A，所以电流表示数为0.16A；[2]根据欧姆定律可知0.53.1250.16URI===三、计算题（19题8分、20题10分共18分）19.某不锈钢内

胆电热水壶具有有加热和保温功能，其额定电压220V，最大功率1210W。虚线框内的加热电路由两个加热电阻组成，其中0R是定值电阻，阻值为40Ω，R是最大阻值为760Ω的可变电阻（调温开关），通过调节R可以改变电热水壶的功率。求：（1）电热水壶以最大功率正常工作时的电流；（2）电热水壶每秒钟向

外散失的热量Q跟电热水壶表面温度与环境温度的温差关系如图（乙）所示（壶内水温跟水壶表面温度一致）。在额定电压下工作，在温度为20℃的房间使用，要求电热水壶温度保持为70℃，问应将R的阻值调为多大？（3）用电高峰

时，实际电压为200V，当电路中只有电热水壶以最大功率加热时，如图丙所示的电能表指示灯在1min内闪烁了多少次？【答案】（1）5.5A（2）400（3）33【解析】【小问1详解】电热水壶以最大功率正常工作时的电流为mm1210A5.5A22

0PIU===【小问2详解】由题意知，电热水壶表面温度与环境温度的温差为702050t=−=℃℃℃由图乙知，此时电热水壶每秒的向外散失的热量Q为110J，则电热水壶此时的功率为110W110W1QPt==

=由2UPR=可知，电路中此时的总电阻22220Ω440Ω110URP===此时可变电阻接入电路的阻值044040400RRR=−=−=【小问3详解】实际电压为200V时，电热水壶的最大功率为2202

00W1000W40UPR===实实加热1min消耗的电能为4100060J610JWPt===实由图丙中电能表的参数可知，指示灯闪烁的次数436102000331103600n=20.有一个质量为4kg，底面积为2500cm的足够高的薄壁柱形容器放在水平地面上，

g取10N/kg。（1）容器受到的重力是多大？（2）容器对水平地面的压强是多大？（3）科技小组利用这个容器来研究物体的浮沉，他们将同种材料制成的不吸水的正方体A和长方体B放在容器中，如图甲所示，向容器内缓慢加水

，A、B始终保持竖直，水深h与加水体积V的关系如图乙所示。当水深为03h时，取出其中一个物体，水面下降2cm。当水深为03h时，水对容器底部的压强是多少帕？（不考虑取出物体的过程中带出的水，331.010kg/m=水）【答案】（1）40NG=（2）800Pap=（3）见解析【解析

】【小问1详解】容器的重力4kg10N/kg40NGmg===【小问2详解】容器对水平地面的压力40NFG==容器对水平地面的压强4240N800Pa50010mFpS−===【小问3详解】由题意及图像可知，A、B浸没或漂浮时均有2BAhh=注水体积由0

03V的过程中()AB003SSShV−−=容注水体积由0037VV的过程中()B00073SShVV−=−容注水体积由00712VV的过程中000127ShVV=−容联立解得2AB1100cm5SSS===容由此可知正方体A边长10cml=，取出其中一个物体时2

3AB1ΔΔ500cm2cm1000cm2VShVV=====排容①若物水，则A、B浸没，由AVV=排可知取出的物体为A，0h为A的高度，010cmhl==，水对容器底部的压强33031.010kg/m10N/kg30.1m

3000Papgh===水②若物水，则A、B漂浮，由12ABVVV==排可知取出的物体为B，由图可知A浸入水中的深度为0h，B浸入水中的深度为02h，由于B0Δ2VSh=排解得05cmh=水对容器底部的压强33031.010kg/

m10N/kg30.05m1500Papgh===水