【文档说明】云南省昆明市官渡区2022-2023学年高一上学期期末考试物理答案和解析.docx，共(18)页，1.352 MB，由小赞的店铺上传

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官渡区2022~2023学年上学期期末学业水平考试高一年级物理试题卷（本试卷分第I卷和第II卷，全卷共18个题目；考试用时90分钟，满分100分）注意事项1.本卷为试题卷。考生必须在答题卡上解题作答。答案应书写在答题卡的相应位置上在试题卷、草稿纸上作答无效。2.考试

结束后，请将试题卷和答题卡一并交回。第I卷（选择题）一、单项选择题（本题共8小题。每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中只有一个选项是正确的，把正确选项填涂在答题卡上。选对的得3分，错选或不选的得0分）1.2022年11月30日我国神舟十五号载人飞船入轨后，于北京时间5时42分成功对

接空间站天和核心舱前向端口，整个对接过程历时约6.5小时，三名航天员随后从神舟十五号载人飞船进入天和核心舱。下列说法正确的是（）A.“5时42分”指的是时间间隔B.“6.5小时”指的是时间间隔C.神州十五号飞船

在对接过程中，相对天和核心舱是静止D.由于飞船和核心舱太大，所以一定不能将飞船和核心舱看成质点【答案】B【解析】【详解】A．“5时42分”指的是时刻，选项A错误；B．“6.5小时”指的是时间间隔，选项B正确；C．神州十五号飞船在对接过程中

，相对天和核心舱是运动的，选项C错误；D．研究飞船和核心舱绕地球运动轨迹时，其大小可忽略不计，可以将飞船和核心舱看成质点，选项D错误。故选B。2.一质点从O点出发沿直线运动，它离开O点后的速度v随时间t变化的函数关系式为23(m/svt=）。则该质点（）A.在2.

0st=时的速度大小为12m/sB.做匀变速直线运动C.它的初速度大小为3m的D.做匀速直线运动【答案】A【解析】【详解】A．在2.0st=时的速度大小为2232m/s12m/sv==故A正确；B．匀变速直线运

动为速度随时间均匀变化，由23(m/svt=）可知，该质点不是做匀变速直线运动，故B错误；C．该质点的初速度即0时刻的速度，由23(m/svt=）可知，初速度为0，故C错误；D．匀速直线运动是速度不变的

运动，由23(m/svt=）可知，该质点的速度随时间变化，故D错误。故选A。3.教室的磁吸式黑板擦在不使用时可以吸附在竖直黑板上。当黑板擦吸附在黑板上保持静止时，下列说法正确的是（）A.黑板擦受到三个力的作用B.磁性越强，黑板擦受到的摩擦力越大C.黑板擦对黑板的压力等于黑板擦受到的重力D.黑板擦

所受重力越大，受到的摩擦力越大【答案】D【解析】【详解】A．黑板擦受重力、静摩擦力、支持力和磁铁的吸引力，共四个力作用，故A错误；BD．黑板擦受到的是静摩擦力，与重力平衡，重力越大，静摩擦力，与磁性越强无关，故B错误，D正确；C．黑板擦对黑板的压力等于黑板擦受到黑板的吸引力

，故C错误。故选D。4.伽利略对“运动和力的关系”和“自由落体运动”的研究，开创了科学实验和逻辑推理相结合的重要科学研究方法。图1、图2分别展示了这两项研究中实验和逻辑推理的过程，关于这两项研究，下列说法中正确的是（）A.图1中的

实验可以在实验室中真实呈现B.通过图1中的实验，可知力是维持物体运动的原因C.图2中在斜面上进行实验，目的是“冲淡”重力，使时间的测量更容易D.伽利略通过图2中的实验，进行合理外推，得出自由落体运动是

匀速直线运动【答案】C【解析】【详解】AB．图1的实验为“理想实验”，通过逻辑推理得出物体的运动不需要力来维持的结论，完全没有摩擦阻力的斜面是不存在的，故实验不可能实际完成，AB错误；CD．伽利略设想物体下落的速度与

时间成正比，当时无法测量物体的瞬时速度，所以伽利略通过数学推导证明如果速度与时间成正比，那么位移与时间的平方成正比。由于当时用滴水法计时，自由落体的时间短，无法测量，伽利略设计了让铜球沿阻力很小、倾角

很小的斜面滚下，来“冲淡”重力的作用效果，而铜球在斜面上运动的加速度要比它自由落体的加速度小得多，所用时间长得多，容易测量，伽利略做了上百次实验，并通过抽象思维在实验结果上进行合理外推，得出自由落体运动是匀速直线运动，C正确，D错误。故选C。5.如图所示是游乐场内“

穿越云霄”游乐项目。座舱从最高点返回到地面的过程中，先做自由落体运动，后做匀减速直线运动至停止。取竖直向下为正方向，则以下v-t图像能正确反映座舱上述运动过程的是（）的A.B.C.D.【答案】B【解析】【详解】座舱从最高点返

回到地面的过程中，先向下做自由落体运动，即做匀加速直线运动，后做匀减速直线运动至停止，方向均为正向，则v-t图像为B所示。故选B。6.两人共提一桶水缓慢前行，水桶受到的拉力示意图如图所示，则（）A.1F与2F间的夹角大些省力B.1F与2F的大小与两力间的夹角无

关C.不论1F与2F间的夹角如何，两拉力的大小之和一定等于水和水桶的重力大小D.不论1F与2F间的夹角如何，两拉力的合力大小一定等于水和水桶的重力大小【答案】D【解析】【详解】A．设两个力与竖直方向的夹角为θ，则12coscosFFmg

+=1F与2F间的夹角越小，则两力越小，即1F与2F间的夹角小些省力，选项A错误；B．两力间的夹角越大，则1F与2F越大，选项B错误；CD．由平衡知识可知，不论1F与2F间的夹角如何，两拉力的合力大小一定等于水和水桶的重力大小，只有当两力夹角为0°度时

，两拉力的大小之和才等于水和水桶的重力大小，选项C错误，D正确。故选D。7.在盛水的塑料瓶侧壁上扎一个小孔，水会从小孔喷出。若将塑料瓶在空中由静止释放，不计空气阻力，在塑料瓶落地前，下列判断正确的是（）A.水依然会从小孔喷出B.瓶中的水处于超重状态C.

因为释放瞬间塑料瓶的速度为0，所以塑料瓶处于平衡状态D.若将塑料瓶竖直向上抛出，在上升的过程中，水不会从小孔中喷出【答案】D【解析】【详解】AB．当水瓶自由下落时，小孔没有水喷出，因为水瓶和水都处于完全失重状态，水瓶中各处的水（包括小孔

处的水）的运动情况都相同，之间无挤压，所以水不会流出，故AB错误；C．塑料瓶做初速度为零的自由落体运动，所以塑料瓶受力不平衡，故C错误；D．若将塑料瓶竖直向上抛出，在上升的过程中，整体只受重力作用加速度竖直向下，水瓶

和水都仍然处于完全失重状态，所以水不会喷出，故D正确。故选D。8.物体的质量可以通过天平来测量，但是在太空，由于物体完全失重，天平无法测量质量。如图所示为一种测量物体质量的实验，推进器可以提供大小为10N的恒定推力使它们获得向

前的加速度，已知推进器自身质量为2kg，经过3s推进器和待测物的速度变化了1.5m/s。那么该待测物的质量为（）A.20kgB.18kgC.5kgD.2kg【答案】B【解析】【详解】推进器和待测物的加速度221.5m/s0.5m/s3vat

===根据牛顿第二定律FMma=+()解得M=18kg故选B。二、多项选择题（本题共4小题。每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，均有多个选项正确，把正确选项填涂在答题纸上。全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不选的得0分9.下列说法中正确的是（）A.相互接触的

物体间不一定有弹力B.滑动摩擦力的大小与物体所受重力大小成正比C.物体的重心不一定在它的几何中心上D.静止在水平桌面上的物体，所受重力与支持力是一对相互作用力【答案】AC【解析】【详解】A．相互接触的物体间必须有弹性形变才能有弹力，选项A正确；B．滑

动摩擦力的大小与物体对支持面的正压力大小成正比，不一定与重力成正比，选项B错误；C．若物体的质量分布不均匀，则物体的重心不一定在它的几何中心上，选项C正确；D．静止在水平桌面上的物体，所受重力与支持力是一对平衡力，选项D错误

。故选AC。10.A、B两质点运动中的xt−图像如图所示，下列说法正确的是（）A.质点A的运动轨迹一定为曲线B.质点B的加速度大小为25m/sC.010s内质点A、B的位移相等D.010s内质点A的平均速率为7m/

s【答案】CD【解析】【详解】A．图线的斜率正负表示速度的方向，由图，质点A的速度先沿正方向，然后沿反方向，为直线运动，所以质点A的运动轨迹一定为直线，A错误；B．图线斜率的大小代表速度的大小，由图，质点B的速度大小为5m/s==xvt大小不变，所以加速度为0，B错误；C．由图，010s内质

点A、B的位移都为50m，C正确；D．010s内质点A的平均速率为6010m/s7m/s10+===svtD正确。故选CD11.2022年6月的国际泳联世锦赛中，中国选手陈芋汐摘得女子十米跳台比赛的金牌。跳水过程的简化图如图所示，她从10m高跳台向上跃起离开台

面，重心升高0.45m至最高点（视其重心位于从手到脚全长的中点），之后竖直下落。落水时身体竖直，手先入水，忽略空气阻力（取210m/s,2.091.4g==），则（）A.陈芋汐起跳速度大小为3m/sB.陈芋汐自由下落的高度为10mC.陈芋汐在空中的运动时间为1.4sD.陈芋汐入水的

速度大小为14m/s【答案】AD【解析】【详解】A．陈芋汐起跳速度大小为0122100.45m/s3m/svgh===。选项A正确；B．陈芋汐先竖直上抛一段距离，然后做自由落体运动，则自由下落的高度大于10m，选项B错误；C．以向上为正方向，根据2

012hvtgt−=−即210=35tt−−解得t=1.7s（另一值舍掉）陈芋汐在空中的运动时间为1.7s，选项C错误；D．陈芋汐入水的速度大小为03101.714m/svvgt=−=−=−负号说明方向向下，选项D正确。故选AD。12.如图甲为民航客机紧急出口示意图，发生意外情

况的飞机紧急着陆后，打开紧急出口，狭长的气囊会自动充气，生成一条连接出口与地面的斜面，人员可沿斜面滑行到地面。已知某型号的飞机紧急出口下沿距地面高度为3.6m，气囊所形成的斜面长度为6m，其侧视示意图如图乙所示。某次演练时，逃生人员从气囊顶端

由静止沿斜面下滑可视为匀变速直线运动，假设人与气囊间的动摩擦因数为0.5。不计空气阻力，取210m/sg=。下列说法正确的是（）A.质量越大的人从出口滑至气囊底端所需时间越短B.人沿气囊下滑时的加速度大小为22m/sC.要使人能沿气囊斜面加速下滑，需调整气囊长度，使其水平跨度小

于7.2mD.若只调整气囊长度，使其水平跨度为3.6m时，人滑到气囊底端时的速度为6m/s【答案】BCD【解析】【详解】AB．斜面倾角为θ=37°，根据牛顿第二定律sincosmgmgma−=解得a=2

m/s2加速度与质量无关，则质量不同的人从出口滑至气囊底端所需时间相等，选项A错误，B正确；C．要使人能沿气囊斜面匀速下滑，则sin=cosmgmg即tanα=0.5此时水平跨度为7.2m，则要想使人能沿气囊斜面加速下滑，需调整气囊长度，使其水平跨度小于7.

2m，选项C正确；D．若只调整气囊长度，使其水平跨度为3.6m时，则倾角为45°，则由牛顿第二定律1sin45cos45mgmgma−=解得2152m/s2a=人滑到气囊底端时的速度为152223.62m/s=6m/s2val==选项D正确。故选ACD。第II卷（

非选择题）三、实验题（共14分。按题目要求把答案填在答题卡上）13.某实验小组用如图甲所示的装置来探究小车速度随时间变化的规律。（1）关于本实验，以下说法正确的是___________。A．先接通电源，再释放小车B．牵引小车的细绳要平行于长木板C

．该实验需要平衡摩擦力D．需要满足重物的质量远小于小车的质量（2）实验使用频率为50Hz的交流电源，并收集到如图乙所示的一条点迹清晰的纸带。若在纸带上每5个点取一个计数点，量出相邻计数点之间的距离如图所示，则打下计数点3时小车的速

度3v=___________m/s，小车加速度的大小为=a___________2m/s。【答案】①.AB②.0.462③.0.8【解析】【详解】（1）[1]A．先接通电源，再释放小车，选项A正确；B．牵引小车的细绳要平行于

长木板，选项B正确；C．该实验只需小车能加速运动即可，不需要平衡摩擦力，也不需要满足重物的质量远小于小车的质量，选项CD错误；故选AB。（2）[2][3]若在纸带上每5个点取一个计数点，则T=0.1s；打下计数点3时小车的速度2243(4.2

25.02)10m/s0.462m/s20.2xvT−+===小车加速度的大小为222240222(5.024.223.422.62)10m/s0.8m/s440.1xxaT−−+−−===14.某班级同学探究弹力与弹簧伸长量的关系。第一小组同学将弹簧

自然悬挂，测出弹簧的长度并记为0L，弹簧下端挂上钩码时，测出弹簧的长度并记为xL；根据相关实验数据以钩码质量m为纵轴，弹簧形变量x为横轴作出图像如图甲所示。（1）由图可知弹簧的劲度系数为___________N/m（取29.8m/sg=）（2）第二组同学选了A、B两根规格不同的弹簧进行测试，根

据测得的数据绘出如图乙所示的图像，从图像上看，A、B两根弹簧的劲度系数Ak___________Bk（选填“>”“=”或“<”）。由于该组同学没能完全按实验要求做，使图像上端成为曲线，图像上端成为曲线的原因是___________。（3）根据第二组同学所绘图像，若要制作一个精确度较高的弹簧测力计

，应该选择弹簧___________（选填“A”或“B”）。【答案】①.4.9②.>③.所挂钩码过多，弹力超出弹簧的弹性限度④.B【解析】【详解】（1）[1]根据胡克定律Fkx=根据平衡条件Fmg=联立解得mgkx=变形得kmxg=可知mx−图线的斜率为k

g，由图可得斜率为32501010109.8k−−=解得4.9N/mk=（2）[2]根据胡克定律Fkx=可知Fx−图线的斜率表示劲度系数，由乙图可知A的斜率大，故A的劲度系数大，则有ABkk[3]图像上端成为曲线的原因是所挂钩

码过多，弹力超出弹簧的弹性限度；（3）[4]弹簧的劲度系数小，在受到相同的力时形变量更大，因此若要制作一个精确度较高的弹簧测力计，应选弹簧B。四、解答题（本题共4小题，共46分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和

单位）15.如图所示，竖直墙壁与木板间的夹角53=，现将一质量2kgm=的光滑小球放置在木板与竖直墙壁间并保持静止状态，求：小球对竖直墙壁的压力1F和对木板的压力2F的大小。（取210sin530.8c

os6m/s530.g===，，）【答案】15N，25N【解析】【详解】受力分析如图所示，则有1tanNmgF=115NNF=根据牛顿第三定律115NF=2sinNmgF=225NNF=根据牛顿第三定律225NF=16.如图所示，某工厂用长L=3m的水平传送带

传送零件，传送带与零件间的动摩擦因数0.5=，传送带匀速转动，速度v=2m/s。某时刻，在传送带左端无初速度放上一个零件。求：（取g=10m/s2）（1）传送零件所需的时间；（2）零件在传送带上留下

的摩擦痕迹长度。【答案】（1）1.7s；（2）0.4m【解析】【详解】（1）小滑块加速过程1vat=由牛顿第二定律可得mgagm==加速过程的位移112vxt=联立得110.4s0.4mtx==小滑块匀速过程12Lxvt−=得21.3st=则总时间为121.7stt

t=+=（2）小滑块加速过程，对传送带21xvt=得x2=0.8m则零件在传送带上留下的摩擦痕迹长度210.4mxxx=−=17.冰壶被大家喻为冰上的“国际象棋”，是一种投掷性竞赛项目，下图为我国女子冰

壶队参加冬奥会冰壶比赛的情境。假设投手把冰壶沿水平冰面投出，让冰壶在冰面上滑行，在不与其他冰壶碰撞的情况下，最终停在远处的某个位置。按比赛规则，投掷冰壶运动员的队友，可以用毛刷在冰壶滑行前方来回摩擦冰面，减小冰面的动摩擦因数以调节冰壶的运动。设投出后的冰壶沿直线运

动，且冰壶和冰面间的动摩擦因数为0.02。（取210m/sg=）（1）求冰壶滑行过程中加速度的大小；（2）若投手以3.6m/s的速度将冰壶投出，其队友在冰壶滑行10s后开始在冰壶前力摩擦冰面，冰壶和冰面的动摩擦因数变为原来的80%，则投出后冰壶能滑行了多远。【答案】（1）

20.2m/s；（2）34m【解析】【详解】（1）对冰壶受力分析，根据牛顿第二定律，有1mgma=解得210.2m/sa=（2）设摩擦冰面前，冰壶减速运动10s后的速度为v1，冰壶滑行的距离为x1，则有101vvat

=−解得11.6m/sv=则有01126m2vvxt+==摩擦冰面后，冰壶加速度为2a，根据牛顿第二定律有280%mgma=解得220.16m/sa=则摩擦冰面后冰壶能继续滑行距离为x2后停下，则有212

28m2vxa==则冰壶投出后滑行的距离1234mxxx=+=18.在足球比赛中，经常使用“边路突破，下底传中”的战术，某足球场长105ma=，宽68mb=，如图所的的示。前锋甲在越过中线4.5m处的A位置将足球以016m/sv=沿边线内侧向前踢出，传给运动在

边线且距底线20m的队友乙，设随后足球以202m/sa=的加速度做匀减速直线运动。在足球经过队友乙旁边B点时，乙以6m/sv=的初速度加速追赶，已知乙的加速度24m/sa=，试求（1）足球运动到队友乙处时的速度大小（2）队友

乙在追赶中与足球的最大间距是多少？（3）队友乙是否能在足球出底线以前追上球？【答案】（1）12m/s；（2）3m；（3）乙恰好在底线处追上足球【解析】【详解】（1）开始甲乙之间的距离11054.520

28m2x=−−=足球做匀减速直线运动，由221012vvax−=足球运动到队友乙处时的速度大小112m/sv=（2）设经过t1s的追赶，乙与足球有最大间距，有vv=乙球1011vatvat−=+11st=在t1s内足球的位移为2211011-11m2xvtat==在t1s内乙的位

移为231118m2xvtat=+=最大间距23Δ3mxxx=−=（3）设经过t2s足球从B点到达底线241202120m2xvtat=−=22st=t2s乙运动的位移2522120m2xvtat=+=因为542

0mxx==则乙恰好在底线处追上足球。