【文档说明】重庆市西南大学附属中学校2024-2025学年高一上学期定时检测（一）（10月）物理试题 Word版含解析.docx，共(18)页，675.180 KB，由小赞的店铺上传

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西南大学附中高2027届高一上定时检测（一）物理试题（满分：100分；考试时间：75分钟）2024年10月注意事项：1.答题前，考生先将自己的姓名、班级、考场/座位号、准考证号填写在答题卡上。2.答选择题时，必须使用2B铅笔填

涂；答非选择题时，必须使用0.5毫米的黑色签字笔书写；必须在题号对应的答题区域内作答，超出答题区域书写无效；保持答卷清洁、完整。3.考试结束后，将答题卡交回（试题卷学生留存，以备评讲）。一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共

28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.2024年9月20日12时11分，我国在太原卫星发射中心使用长征二号丁运载火箭，成功将吉林一号宽幅02B01~06星发射升空，卫星顺利进入预定轨道，发射任务获得圆满成功。下列说法正确的是（）A.“12时11分”是指时间间隔B.研究

火箭从点火到离开发射架的运动时间时，可将火箭视为质点C.火箭启动时的速度为0，加速度不为0D.随着火箭的速度逐渐增大，火箭的加速度也一定增大【答案】C【解析】【详解】A.“12时11分”是指时刻，A错误；B.研究火箭从点火到离开发射架的运动时间时，火箭的长度不

能忽略，不可将火箭视为质点，B错误；C.火箭启动时速度为零，但加速度不为零，C正确；D.速度与加速度的大小没有关系，D错误。故选C。2.如图所示，在地面上的A点，小球向右以12ms的初速度向墙壁做直线运动，撞墙后反弹，经

过B点时，向左的速度为8ms，从A到B过程，小球共用时0.5s，则A到B的整个过程中（）A.小球平均速度方向向左B.小球速度变化量的大小为4msC.小球平均加速度的方向向右D.小球平均加速度的大小为240ms【答案】D【解析】【详解】A．平均速度的方向与位移的方向相同，小球

位移方向向右，故平均速度方向向右，故A错误；BCD．设初速度的方向为正方向，则()0Δ812m/s20m/svvv=−=−−=−即小球速度变化量大小为20ms，方向与初速度方向相反，小球的平均加速度为2220ms40ms

0.5vat−===−小球平均加速度的大小为240ms，方向向左，故BC错误，D正确。故选D。3.A、B两个物体的位移—时间图像如图所示，取向右为正方向，则以下说法正确的是（）A.1t时刻，A的速度大

于B的速度B.20t内，A的平均速度等于B的平均速度C.20t内，A的路程大小为2mD.2t时刻，A、B两物体的速度方向相同【答案】B【解析】【详解】A.位移—时间图像的斜率等于速度，则1t时刻，A的速度为零小于

B的速度，A错误；B.20t内，两物体位移相同，则平均速度相同，B正确；C.20t内，A的路程大小为6m，C错误；D.如图，2t时刻，A物体速度与正方向相反，B物体的速度与正方向相同，D错误。故选B。4.2024年8月6日，在巴黎奥运会女子10米跳台跳水决赛中，全红婵荣获

金牌。从全红婵离开跳台开始计时，全红婵全程可看作质点，其vt−图像如图所示。不计空气阻力，在入水前，加速度始终为重力加速度g，g取210m/s，运动轨迹视为直线，取竖直向下为正方向。下列说法正确的是（）A.全红婵前1.7s的位移大小为11.05mB.全红婵在1.7

s运动到最低点C.全红婵入水时的速度大小为17m/sD.全红婵在1.7s到3.5s的平均速度大小等于7.5m/s【答案】A【解析】【详解】A．根据vt−图像可知，运动员先做竖直上抛运动，加速度为210m/sg=，在1.7st=速度达到最大，此后

入水做减速运动，取竖直向下为正方向，则全红婵前1.7s的位移为221011()[(2)1.7101.7]m11.05m22xvtgt=−+=−+=故A正确；B．运动在1.7s运动速度达到最大，而3.5s速度速度减为零到最低

点，故B错误；C．全红婵入水时的速度为10()[(2)101.7]m/s15m/svvgt=−+=−+=故C错误；D．如果全红婵在1.7s到3.5s做匀减速直线运动，速度从15m/s减为零的平均速度为007.5m/s2vv+==1由vt−可知她实际

做的是加速度逐渐减小的变加速直线运动，在相同时间内的位移小于匀减速直线运动的位移，则有vv1即全红婵在1.7s到3.5s的平均速度大小小于7.5m/s，故D错误。故选A。5.有相同的不计大小的小球A、B、C、D，用轻绳连接，并且满足

ABBCCDlllh===，下端小球D距离地面的高度也为h，小球落地后不反弹，从图示位置静止释放，落地前的小球加速度都为重力加速度g，则（）A.A和B落地的时间间隔是C和D落地的时间间隔的2倍B.球B落地时的速度是球D落地

时的3倍C.球Ａ在空中运动时间是球C运动的2倍D.B和C落地的时间间隔为()62hg−【答案】D【解析】【详解】A．A和B落地的时间间隔24232(23)ABhhhtggg=−=−C和D落地的时间间隔2222(21)CDhhhtggg

=−=−则23221ABBCtt−=−选项A错误；B．球B落地时的速度23Bvgh=球D落地时的速度2Dvgh=球B落地时的速度是球D落地时的3倍，选项B错误；C．球A在空中运动时间24Ahtg=

球C在空中运动时间22Chtg=球A在空中运动时间是球C运动2倍，选项C错误；D．B和C落地的时间间隔2322(62)BChhhtggg=−=−选项D正确。故选D。6.某班举行趣味运动会，如图所示，要求运动员从A静止出发，运动到B处停下取下旗子（不计

取旗时间），再运动到C处停下插上旗子（不计插旗时间），已知ABC在同一直线上，小明同学运动的最大运行速率m3m/sv=，加速或减速运动时的加速度大小均为22.5m/saAB=，距离16mxBC=，距离22.5mx=，小明控制好确保能在最短时间内到达C点，则（）A.A到B的时间为32s5B.A

到C的时间是5.2sC.B到C的平均速度为52s4D.A到C的平均速度为1.5m/s【答案】B【解析】的【详解】A．小明加速到最大速度时，由2m2axv=可得远的距离为2m1.8m2vxa==根据逆向思维可知，由最大速度减为零的过程移动距离也是1.8m，则可

知小明从A到B的时间为m1m22ABvxxtav−=+可得3.2sABt=故A错误；BD．小明在BC段先加速后减速，加速和减速的距离和时间都相同，则加、减速的位移21.25m2xx==则由22axv=可得BC段的最大速度为2.5m/sv=则在BC段的运动时间2

2sBCvta==所以在A到C的时间是5.2sACABBCttt=+=A到C的平均速度为121.63m/sACxxvt+=故B正确，D错误；C．B到C的平均速度为21.25m/sBCBCxvt==故C错误。故选B。7.甲、乙两车在一条路上沿同一方向做直线运

动，初始时刻乙车在甲车前，且间距为012ms=，如图1所示，图2为甲车的2vx−图像，图3为乙车的xtt−图像，已知两车的运动互不影响，则（）A.甲车运动22m时，与乙车第一次相遇B.甲、乙两车能相遇两次，第二次相遇之前甲车已经停止运动C.从第一次相遇到第二次相遇甲车的位移为21.12mD.甲、

乙两车能相遇两次，第二次相遇时乙车共运行的位移为25.92m【答案】C【解析】【详解】A．根据2202vvax−=整理，有2202vaxv=+可知甲车在0~24m过程中22204m/sv=甲，2148

442m/s24a−=甲解得02m/sv=甲，2110m/sa=甲即甲车做初速度为2m/s，加速度为10m/s2的匀加速直线运动。在24~46m过程中2221484m/sv=甲，2204842m/s4624a−=−甲解得122m/sv=甲，2211m/sa=−甲即甲车做初

速度为22m/s，加速度为11m/s2的匀减速直线运动。由2012xvtat=+可得012xvatt=+结合图3可知02m/sv=乙，21122m/s25a−=解得24m/sa=乙即乙车做初速度为2m/s，加速度为4m/s2的匀加速直线运动。假设在甲车加速阶

段两车能相遇，设相遇在1t时刻，由运动学规律有220111001111122vtatsvtat+=++甲甲乙乙解得12st=甲车做匀加速运动的时间10112svvta−==甲甲甲甲说明在甲车匀加速的末态两车相遇，即甲车运动24m时，与乙车

第一次相遇。故A错误；BC．12st=时乙车的速度为101110m/s22m/svvatv=+==乙乙乙甲可知两车相遇后，甲车在前方减速运动，乙车在后方加速运动，两车一定能再次相遇，假设在甲车停止运动前两车相遇，设经过时间2t，两车再次相遇，有22122

21221122vtatvtat+=+甲甲乙乙解得21.6st=甲车匀减速到停止需要的时间为12202svta−==甲甲甲由于22tt甲，则假设成立，在甲车停止之前两车相遇。从第一次相遇到第二次相遇甲车位移为的21222121.12m2xvtat=−=

甲甲甲故B错误；C正确；D．甲、乙两车第二次相遇的时刻123.6sttt=+=总第二次相遇时乙车共运行的位移为20133.12m2xvtat=+=乙乙乙总总故D错误。故选C。二、多项选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有两个

或两个以上选项符合题目要求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.关于变速直线运动，下列说法正确的是（）A.若任意相等的时间内的位移相等，则物体做匀变速直线运动B.若物体的速度变化率增加，则物体的加速度一定

变大C.若物体的加速度在增大，则物体的速度一定变化的越来越快D.若物体的加速度和速度方向相反，则物体一定在减速【答案】BCD【解析】【详解】A．若任意相等的时间内的位移相等，则物体做匀速直线运动，故A错误；B．速度变化率就是加速度，若物体的速度变化率增加，则物体的加速度一定变大，故B正

确；C．加速度描述的就是速度变化的快慢，若物体的加速度在增大，则物体的速度一定变化的越来越快，故C正确；D．若物体的加速度和速度方向相同，则物体一定在加速，若物体的加速度和速度方向相反，则物体一定在减速，故D正确。故选BCD。9.如图所示，在足够高

的空间内，一小球位于粗细均匀且竖直空心管的正上方h处，空心管长为L，小球球心在管的轴线上，小球的直径小于管的内径，小球可以无阻碍地穿过空心管。现静止释放小球，让其做自由落体运动，释放小球的同时，空心管以初速度0v竖直上抛，不计空气阻力，空中

小球和管的加速度都为g，下列说法正确的是（）A.若202vhLg+=，则小球穿出管时，管的速度刚好为零B.h越小，小球从空心管上端穿到下端的时间就越短C.若20vhLg+，则小球穿出管时，管的速度向

上D.若202vhLg+，则小球穿出管时，管在初位置下方【答案】CD【解析】【详解】A.若小球穿出管时，管的速度刚好为零，则2012vhg=，0vtg=，2112hLhgt+−=联立得20vhLg+=A错误；B.以空心管为参考系，小球以0v竖直向下做匀速直线运动，则小球穿过空心管的时间

为0Ltv=即穿过时间与h无关，B错误；C.若20vhLg+，则2112hLhgt+−即小球通过空心管时，空心管具有向上的速度，C正确；D.以空心管为参考系，小球下降到空心管下端的时间为0hLtv+=由题意，空心管运动时间为02vtg联立得202

vhLg+D正确。故选CD。10.超声波测速是种常用测速手段。如图所示，有超声波发射和接受装置的测速仪A固定在道路某处，其正前方有一辆小汽车B，两者相距为337m。某时刻测速仪A向小汽车B发出短暂的超声波脉冲，恰好此时小汽车B由静止开始沿AB直线做匀加速直线运动。当A接收到被B反射回来的

脉冲时，AB相距为349m。已知声速为340m/s，则下列说法正确的是（）A.B车加速度大小为6m/s2B.脉冲追上B车时，B车前进了2mC.经过343170s，测速仪A接收到反射回来的脉冲D.测速仪A接收到反射回来的脉冲时，B车

的速度大小为18m/s【答案】A【解析】【详解】A．设经时间t汽车接收到超声波，汽车加速度为a，则在这段时间内汽车前进的距离为2112xat=根据位移关系有10vtxx=+声从发射超声波到接收到超声波一共经过的时间为2t，在这段时间内汽车的位移为

()22122xat=的根据位移关系有20xxx=−把x0=337m，x=349m代入以上方程可解得a=6m/s2，t=1s；故A正确；B．超声波追上B车时，B车前进的距离为2112xat=代入数据得13x=

m，故B错误；C．由A分析可知，经过2s，测速仪A接收到反射回来的脉冲，故C错误；D．由A分析可知，测速仪A接收到返回的超声波时，B车的速度为2vat=代入数据得v=12m/s故D错误。故选A。三、非选择题：本大题共5小

题，共57分。11.像打点计时器一样，光电门计时器（后续简称“光电门”）也是一种研究物体运动情况的常用计时仪器，其结构如图甲所示。a、b分别是光电门的激光发射和接收装置，当有物体从a、b间通过时，光电门就可以显示

物体的挡光时间。某同学为了测定气垫导轨上滑块的加速度，在滑块上安装了宽度为d的遮光条，d足够小，如图乙所示。实验时可通过调节旋钮调节气垫导轨左右侧的高度。从光电门1的右侧轻推滑块，滑块先后通过光电门1、2，配套的计时器记录了遮光条通过光电门1、光

电门2的时间分别为12tt、，并记录了光电门1到光电门2之间的距离L。（1）若要使气垫导轨水平，让滑块从光电门1到光电门2做匀速直线运动，则1t___________2t（填“>”、“=”或“<”）。（2）若把右侧底座调高，让滑块从光电门1到光电门2做加速运动，则1t___________

2t（填“>”、“=”或“<”）。则实验时滑块通过光电门2时的速度大小2=v___________，滑块从光电门1运动到光电门2的过程中加速度大小a=___________。（用题目中给定的物理量符号表示）【答案】（1）=（2）①

.>②.2dt③.22221112dLtt−【解析】【小问1详解】气垫导轨水平时滑块做匀速直线运动，遮光条通过两光电门时间相等；即12tt=，则说明气垫导轨调节水平。【小问2详解】[1]若把右

侧底座调高，让滑块从光电门1到光电门2做加速运动，先经过光电门1速度较小，挡住光的时间较长，则有12tt[2]滑块经过第2个光电门的速度为22dvt=[3]底座1抬高后滑块做加速运动，滑块经过第1个光电门的速度为11dvt=根据运动学公式可得22212aLvv=−联立解得滑块从光电

门1运动到光电门2的过程中加速度大小为22221112daLtt=−12.某实验小组用图甲装置研究自由落体运动的规律，已知交流电源的频率为50Hzf=，实验中得到的一条纸带如图乙所示。（1）图乙中纸带___________（填

“左”或“右”）端与重物相连。（2）图乙中，A、B、C、D、E是打点计时器连续打出的计时点，由图中数据得，在打下D点时重物的速度大小为Dv=___________m/s，重物的加速度大小为___________2m/s。（结果均保留三位有效数字）（3）若实验时，交流电实际频率为48

Hz，而计算时仍按50Hzf=处理，则会导致测量加速度比真实值___________（填“偏大”或者“偏小”）【答案】（1）左（2）①.1.48②.9.63（3）偏大【解析】【小问1详解】图乙中纸带从左到右点间距逐渐增加，可知

纸带的左端与重物相连。【小问2详解】[1]打下D点时重物的速度大小为2(10.324.39)10m/s1.48m/s220.02CEDxvT−−===[2]重物的加速度大小为22222(10.324.394.399)10=

m/sm/s440.0.263CEACxxaT−−−−==【小问3详解】若实验时，交流电实际频率48Hz，打点周期偏大，而计算时仍按50Hzf=处理，根据2xaT=可知，则会导致测量加速度比真实值偏大。13.某汽车以16m/s的速

度匀速行驶，突然发现前方有障碍物，于是立即刹车，取汽车刚开始刹车时为0时刻，刹车2s末的速度大小为8m/s。已知汽车刹车时做匀减速直线运动，求：为（1）汽车刹车时的加速度大小；（2）前3s汽车的平均速度大小；（3）0~5s汽车的位移大小。【答案】（1）4m/s

2（2）10m/s（3）32m【解析】【小问1详解】汽车两秒内速度从16m/s减速到8m/s/，由加速度公式有221Δ4m/sΔΔvvvatt−===−汽车刹车时的加速度大小为4m/s2。【小问2详解】由位移与时间关系2012xvtat=+

代入数据解得x=30m则平均速度为10m/sxvt==【小问3详解】汽车刹车时间为4svta==刹故5s时汽车已停止运动，0~5s汽车位移大小为205032m2vxa−==14.如图所示，某高楼距地面高47mH=的阳台上的花盆因受扰动而掉落，掉

落过程可看作自由落体运动（花盆可视为质点）。现有一辆长18mL=、高2mh=的货车，正以09m/sv=的速度驶向阳台正下方的通道。花盆刚开始掉落时，货车车头距花盆的水平距离为224mL=，由于道路限制，货车只能直行通过阳台

的正下方的通道，货车加速或减速最大加速度为2m2m/sa=，g取210m/s。的（1）若司机没有发现花盆掉落，货车保持09m/sv=的速度匀速直行，通过计算说明货车顶部是否会被花盆砸到？（2）若司机发现花盆开始掉落，反应时间为Δ1st=，司机可以采取一直用最大加速度

加速或者一直用最大加速度减速两种方式通过，通过计算分别说明两种方式通过，货车顶部是否会被花盆砸到？【答案】（1）会（2）见解析【解析】【小问1详解】花盆从高处落下，到达离地高h的车顶过程中，根据自由落体公式有212Hhgt−=解得3st=3s内货车位移为01227m32mxv

tLL==+=因2xL，故货车会被花盆砸到；【小问2详解】若司机采取刹车方式，货车运动的位移为()()2100m1Δ23m2xvtvttatt=+−−−=由于12xL可知，花盆不会砸到货车上；若司机采取加速方式，货车运动的位移为()()2200m1Δ31m2xvtvtta

tt=+−+−=由于2212LxLL+可知，花盆会砸到货车上，所以司机应采取刹车的方式进行避险。15.已知某警车的最大速度为108km/h，警察发现正前方210m的地方有一个逃犯正准备开车逃跑，于是驾驶警车从静止开始，以加速度217.5m/sa=加速至最大速度追击逃犯

，逃犯在警车出发3s后，就从静止开始以加速度225m/sa=加速至最大速度90km/h向正前方逃跑。两车均可看作质点，且只做直线运动。求：（1）求警车在其加速到最大速度过程中所用的时间和位移大小；（2）若加速到最大速度后，都做匀速运动，求警车开始追击逃犯

后第8s末，两车之间的距离；（3）若警车由于突发故障，以最大时速追捕逃犯的极限时间为20s，之后只能以25m/s的加速度大小做减速运动，而逃犯达到最高时速后，一直按照最高时速逃跑，通过计算判断能否抓捕成功。【答案】（1

）4s；60m（2）92.5m（3）见详解，此次抓获不能成功【解析】【小问1详解】最大时速1m108km/h30m/sv==。达到最大时速所需要的时间为1m114svta==位移大小为11112160m2t

xa==【小问2详解】警车在第48s−时的位移为()121m18120mxvt=−=警车在前8s的总位移为()1312060m180mx=+=逃犯达到的最大时速为2m90km/h25m/sv==。达到最大时速需要的时间为2m225

svta==逃犯在前8s中有3s的反应时间，在08s−内先静止，后做匀加速运动至最大时速。则逃犯的位移为22122162.5m2xat==故第8s后，警察与逃犯之间的位移为()()11321Δ210200m18062.5m92.5mxxx=−−=−−=【小问3详解

】按题意分析，警察只有在最高时速达到极限时间前或者在做减速运动时与逃犯的最大时速相同前追上才能抓获成功，其他情况均不能成功。故先分析在警车极限时间前是否可以抓成功，警察在前24s的位移为14111m20660mxxv=+=逃犯在前24s的位移为()2221

2m224362.5m2516m462.5mxxvt=+−−=+=则在警察达到极限时间时两车之间的距离为()()21422Δ210200m660462.5m12.5mxxx=−−=−−=故在极限时间内未能追上，再计算分析做减速运动时的情况。减速

时与逃犯同速度时需要的时间为10133025s1s5vta−===根据221m2m3152vvax−=解得警察的位移为1527.5mx=逃犯的位移为232m1251m25mxvt===则此时之间的距离为()3Δ12.5m2

7.525m10mx=−−=故此次抓获不能成功。