【文档说明】四川省内江市第二中学2023-2024学年高二上学期12月月考试题+物理+含解析.docx，共(25)页，2.341 MB，由管理员店铺上传

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内江二中高2025届2023-2024学年度上学期第二次月考一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.我国是最早在航海中使用指南针的国家，指南针能

指向南北是因为地磁场的存在。关于地球的磁场，下面说法正确的是（）A.地球上不同地点地磁场的强弱是相同的B.地球磁场的南极就在地理的南极附近C.赤道附近的地磁场方向与地面基本平行D.地球北极附近的地磁场方向近似为垂直地面向上2.如图所示，条形磁体竖直放置，一

个水平圆环从条形磁体上方位置M向下运动，经P最后到达下方N处。在运动过程中，关于穿过圆环的磁通量的变化情况，下列说法正确的是（）A.逐渐变大B.逐渐变小C.先变大后变小D.先变小后变大3.如图为简易多用

电表电路图。电源E为直流电源R1、R2、R3、R4和R5是定值电阻；表头G的满偏电流为5mA，内阻为20；虚线方框为换档开关；A端和B端分别与两表笔相连。该多用电表共有5个档位，分别为直流电压5V档和10V档，直流电流10mA挡和25mA档，欧姆×10档。则以下说法中正确的是（

）A.多用电表的B端应与黑色表笔相连接B.若换挡开关与3相连，测量中，表盘指针稳定时如图（b）所示，则其读数为11的C.若换挡开关与2相连，直流电流25mA档D.若要使用直流电压5V档，则换挡开关应与4相连

4.如图所示为探究产生感应电流条件的实验电路，以下说法正确的是（）A.电键闭合稳定后，改变滑动变阻器滑片位置，观察到电流计指针不发生偏转B电键闭合稳定后，保持滑动变阻器滑片位置不变，观察到电流计指针仍发生偏转C.电键闭合稳定后，A线圈从B线圈内拔出的过程，观察到电流计指针发生偏转

D.电键断开的瞬间，观察到电流计指针并不发生偏转5.如图所示，在正点电荷Q产生的电场中，将两个带正电的试探电荷12qq、分别置于A、B两点，虚线为等势线。取无穷远处为零电势点，若将12qq、移到无穷远的过程中电场力

做的功相等，则下列说法正确的是（）A.A、B两点的电场强度相同B.1q的电荷量小于2q的电荷量C.A点电势小于B点电势D.1q在A点的电势能大于2q在B点的电势能6.如图所示，电表均为理想电表，两灯泡的电阻均为2r（不考虑温度变化对灯

泡的影响），r为电源内阻的大小，闭合开关S，此时两灯泡正常发光.将滑动变阻器滑片向下滑动，电压表V1、V2示数变化量的绝对值分别为1U、2U，电流表A示数变化量的绝对值为I，则下列说法不正确的是（）为.A.两灯泡逐渐变暗B.V1示数变小、V2的示数增大C

.电源的输出功率减小，效率增大D.2U与I的比值大于1U与I的比值7.如图所示，一根通电直导线垂直放在磁感应强度为1T的匀强磁场中，在以导线截面的中心为圆心，半径为r的圆周上有a、b、c、d四个点，已知a点的实际磁感应强度为零，则下列叙述正确的是（）A.直导线中的电流方向垂直纸

面向外B.b点的磁感应强度为2T，方向斜向右上方，与B的夹角为45°C.c点的实际磁感应强度也为零D.d点的实际磁感应强度跟b点的相同二、多项选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求

，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.如图，用控制变量法可以研究影响平行板电容器电容的因素。设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为θ。实验中，极板所带电荷量不变，若（）A.保持S不变，增大d，则θ变大B.保持S不变，减小d，则θ

变大C.保持d不变，减小S，则θ变大D.若在两板间增加介质，则θ变小9.如图所示电路中，电源的电动势为E、内阻为r。开关S闭合后，平行金属板中的带电液滴处于静止的状态。电流表和电压表均为理想电表，2R为光敏电阻（阻值随光照强度的增强而减小）。当光照强度增强时，下列说法正确

的是（）A.电压表的示数减小B.平行金属板两端电压减小C.3R的电功率减小D.液滴将向上加速运动10.如图所示，匀强电场中三点A、B、C是一个三角形的三个顶点，∠ABC=∠CAB=30°，AB=6m，已知电场线平行于三角

形ABC所在的平面，一个电荷量q=-2×10-6C的点电荷由A移到B的过程中，电势能增加了1.2×10-5J，由B移到C的过程中电场力做功6×10-6J，下列说法正确的是（）A.A、B两点的电势差UAB=-6VB.该匀强电场的场强为1V/mC.C点的电势高于B点的电势D.正电荷由C点移到A点

的过程中，电势能减少三、非选择题：共57分11.某物理兴趣小组描绘一个标有“4V、2.0W”的小灯泡L的伏安特性曲线，要求灯泡两端的电压由零逐渐增大，且尽量减小实验误差。可供选用的器材除导线、开关外，还有以下

器材：A.直流电源4.5V（内阻不计）B.直流电流表0~600mA（内阻约为5）C.直流电压表0~3V（内阻等于6k）D.滑动变阻器0~10，额定电流2AE.三个定值电阻（11kR=，22kR=，35kR=）①小组同学研究后发现，电压表的量程不能满足实验

要求，为了完成测量，他将电压表进行了改装，在给定的定值电阻中选用_________（选填“1R”“2R”或“3R”）与电压表串联，完成改装。②实验测得小灯泡伏安特性曲线如图a所示，可确定小灯泡的功率P与2I和P与2U的关系，下列示意图中合

理的是_________（I和U分别为流过灯泡的电流和灯泡两端的电压）。A.B.C.D.③若将两个完全相同规格的小灯泡L按如图b所示电路连接，电源电动势6VE=，内阻2r=，欲使滑动变阻器R的功率是一个小灯泡功率的两倍，此时滑动变阻器消耗

的电功率为_____W（结果保留1位小数）。12.测定电源的电动势和内电阻的实验电路和U﹣I图象如图所示；请回答下列问题：（1）如图甲所示，在闭合开关之前为防止电表过载而移动滑动变阻器的滑动头P，应放在滑动变阻器__处（填“a”或“b”）（2）现备有以下器材：A．干电池1个

B．滑动变阻器（0～50Ω）C．电压表（0～3V）D．电压表（0～15V）E．电流表（0～0.6A）F．电流表（0～3A）其中电流表应选__，电压表应选__．（填字母代号）（3）如图乙是根据实验数据画出的U﹣I图象．由此可知这个干电池的电动势E=__V，内电阻r=__Ω．（4）

实验中的电动势测量值相对真实值_______（填“偏大”或“偏小”），内阻测量值相对真实值________（填“偏大”或“偏小”）13.如图，半径10cmr=的圆形区域内有垂直于纸面的匀强磁场，磁感应强度B随时间t的变化关系为52Bt=−（其中t和B的单位为国际单位）。圆形线圈匝数10n=，半径

15cmR=，0t=时磁场方向如图所示。求；（1）0=t时，穿过圆形线圈的磁通量；（2）前5s内，穿过圆形线圈的磁通量变化量。14.玩具起重机电路示意图如图所示，电动机的内阻为M1ΩR=，电源电动势6VE=，灯泡L的铭牌上标有“5V

,3W”，理想电流表的示数1.0AI=，此时灯泡恰好正常发光．求：（1）电动机的电功率MP（2）电动机的机械能的功率P机。15.如图所示，BCDG是光滑绝缘的34圆形轨道，位于竖直平面内，轨道半径为R，下端与水平绝缘轨道在B点平滑连接，整个轨道处在水平向左的匀强电场中34mgEq=。现有一质量为

m、带电量为q+的小滑块（可视为质点）置于水平轨道上，滑块与水平轨道间的动摩擦因数为0.5，重力加速度为g，sin370.6,37cos0.8==。（1）若滑块从水平轨道上距离B点2sR=的A点由静止释放，求滑块到达B点的速度；（2）在（1）的情况下，求滑块到达B

点时对轨道的压力；的（3）改变s的大小，使滑块恰好始终沿轨道滑行，且从G点飞出轨道，求滑块在圆轨道上滑行过程中的最小速度大小；（4）改变s的大小，为了使小滑块不脱离圆弧轨道．．．．．．．，求AB初始距离s的取值范围。内江二中高2025届2023-2024学年度上学期第二次月考一、单项选择

题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.我国是最早在航海中使用指南针的国家，指南针能指向南北是因为地磁场的存在。关于地球的磁场，下面说法正确的是（）A.地

球上不同地点地磁场的强弱是相同的B.地球磁场的南极就在地理的南极附近C.赤道附近的地磁场方向与地面基本平行D.地球北极附近的地磁场方向近似为垂直地面向上【答案】C【解析】【分析】【详解】A．地球是一个巨大磁体，周围

存在磁场；不同的位置的磁感应强度的大小与方向都不同，故A错误；B．地磁南北极和地理南北极不完全重合，地磁的北极在地理南极附近，地磁南极在地理的北极附近，故B错误；C．根据地球的磁场的特点可知，赤道附近的地磁场方向近似与地面平行，故C正确；D．地球

的磁场分布可近似看成一个较大的条形磁铁，在地球的外部磁感线从地球的地理南极回到地理的北极，由于地磁南极在地理的北极附近，所以地球北极附近的地磁场方向近似为垂直地面向下，故D错误。故选C。【点睛】2.如图所示，条形磁体竖直放置，一个水平圆环从条形磁体上方位置M向下运动，经P最后到达下方N

处。在运动过程中，关于穿过圆环的磁通量的变化情况，下列说法正确的是（）的A.逐渐变大B.逐渐变小C.先变大后变小D.先变小后变大【答案】C【解析】【详解】由M到P的过程，线圈包含了所有的内部磁感线及部分外部磁感线，内外磁感线相互抵消；因越到中间外部磁感线越少

；故本过程磁通量是变大的；而P→N的过程是N到P的过程的相反过程，磁通量是变小的；所以圆环从M到N过程穿过圆环的磁通量先变大再变小。故选C。3.如图为简易多用电表的电路图。电源E为直流电源R1、R2、R3、R4和R5是定值电阻；表头G的满偏电流为5mA，内

阻为20；虚线方框为换档开关；A端和B端分别与两表笔相连。该多用电表共有5个档位，分别为直流电压5V档和10V档，直流电流10mA挡和25mA档，欧姆×10档。则以下说法中正确的是（）A.多用电表的B端应与黑色表笔相连接B.若换挡开关与3相连，测量中，表

盘指针稳定时如图（b）所示，则其读数为11C.若换挡开关与2相连，为直流电流25mA档D.若要使用直流电压5V档，则换挡开关应与4相连【答案】D【解析】【详解】A．设想当欧姆挡接入电路时，考虑到电流表的接

线规则，电流从电源正极流出经A接线柱到待测电阻，根据“红进黑出”可知，图中的B端与红表笔相连接，故A错误；B．当选择开关接3时，为欧姆表，使用的倍率为×10Ω，所以欧姆表的示数为11×10Ω=110Ω，故B错误；C．由题意知，直流电流分别为10mA和

25mA挡，由电流表的改装原理知，并联的分流电阻越小，则量程越大，由图可知，接“2”时为10mA挡，故C错误；D．由题意，直流电压有5V和10V两个挡位，由电压表的改装原理，串联的分压电阻越大，量程越大，所以直流电压5V档时选择开关

应接“4”，故D正确。故选D。4.如图所示为探究产生感应电流条件的实验电路，以下说法正确的是（）A.电键闭合稳定后，改变滑动变阻器滑片位置，观察到电流计指针不发生偏转B.电键闭合稳定后，保持滑动变阻器滑片位置不变，观察到电流计指针仍发生偏转C.电键闭合稳定后，A线圈从B线圈内拔出的过程

，观察到电流计指针发生偏转D.电键断开的瞬间，观察到电流计指针并不发生偏转【答案】C【解析】【详解】A．电键闭合稳定后，改变滑动变阻器滑片位置，则线圈A中电流发生变化，穿过线圈B的磁通量发生变化，产生感应电流，则观察到电流计指针发生偏转，选项A

错误；B．电键闭合稳定后，保持滑动变阻器滑片位置不变，则线圈A中电流不变，穿过线圈B的磁通量不变，不会产生感应电流，观察到电流计指针不发生偏转，选项B错误；C．电键闭合稳定后，A线圈从B线圈内拔出的过程，穿过线圈B的磁通量发生变化，产生感应电流，观察到电流计指针发生偏转，选

项C正确；D．电键断开的瞬间，则线圈A中电流发生变化，穿过线圈B的磁通量发生变化，产生感应电流，观察到电流计指针发生偏转，选项D错误。故选C。5.如图所示，在正点电荷Q产生的电场中，将两个带正电的试探电荷1

2qq、分别置于A、B两点，虚线为等势线。取无穷远处为零电势点，若将12qq、移到无穷远的过程中电场力做的功相等，则下列说法正确的是（）A.A、B两点的电场强度相同B.1q的电荷量小于2q的电荷量C.A点电势小于B点电势D.1q在A点的电势能大于

2q在B点的电势能【答案】B【解析】【详解】A．由点电荷形成的电场分布规律可知，越靠近点电荷场强越大，故A点的场强大于B点，且方向也不相同，故A错误；C．越靠近正点电荷电势越大，可知A点电势高于B点，故C错误；BD．因为两电荷移到无穷远处电场力做功一样则电势能变

化量相同，而无穷远处电势能为零，说明q1在A点的电势能等于q2在B点的电势能，而A点电势高于B点，两电荷又都带正电，根据pEq=可知，q1的电荷量小于q2的电荷量，故B正确，D错误。故选B。6.如图所示，电表均为理想电表，两灯泡的电阻均为2r（不考虑温度变化对灯泡

的影响），r为电源内阻的大小，闭合开关S，此时两灯泡正常发光.将滑动变阻器滑片向下滑动，电压表V1、V2示数变化量的绝对值分别为1U、2U，电流表A示数变化量的绝对值为I，则下列说法不正确的是（）A

.两灯泡逐渐变暗B.V1示数变小、V2的示数增大C.电源的输出功率减小，效率增大D.2U与I的比值大于1U与I的比值【答案】D【解析】【详解】A．将滑片向下滑动，电路中的总电阻增大，根据EIR=总可知电路总电流减小，通过两串联灯泡的电流始终一样且减小，两灯

泡逐渐变暗，故A正确；B．电压表V2测量的是路端电压，电压表V1测量的是灯泡L1两端的电压，因总电流减小，所以V1的示数减小，根据闭合电路欧姆定律得UEIr=−可知路端电压增大，即V2的示数增大，故B正确

；C．由图可知，外电阻大于内电阻，将滑片向下滑动，电路中的外电阻增大，与内电阻差值变大，电源的输出功率减小。电源的效率为22100%100%UIUEIE==可知，路端电压增大，效率增大，故C正确；D．电压表V2的测量值为路端电压，根据闭合电路欧姆定律可得EUU=+外内V2的变化量为

2UU=内所以2UrI=根据部分电路欧姆定律得11L2UIRIr==可得1Δ2ΔUrI=所以2ΔU与ΔI的比值小于1ΔU与ΔI的比值。故D错误。本题选择不正确的，故选D。7.如图所示，一根通电直导线垂直放在磁

感应强度为1T的匀强磁场中，在以导线截面的中心为圆心，半径为r的圆周上有a、b、c、d四个点，已知a点的实际磁感应强度为零，则下列叙述正确的是（）A.直导线中的电流方向垂直纸面向外B.b点的磁感应强度为2T，方向斜向右上方，与B的夹角为45°C.c点

的实际磁感应强度也为零D.d点的实际磁感应强度跟b点的相同【答案】B【解析】【详解】A．题中的磁场是由直导线电流的磁场和匀强磁场共同形成的，磁场中任一点的磁感应强度应为两磁场分别产生的磁感应强度的矢量合。a处磁感应强度为0，说明直导线电

流在该处产生的磁感应强度大小与匀强磁场的磁感应强度大小相等、方向相反，可得直导线中电流方向应是垂直纸面向里，故A错误；B．通电导线在b处的磁感应强度方向竖直向上，根据磁场的叠加原理可得点的磁感应强度大小为2T，方向与B成45°角斜向右上方，故B正确；C．在圆周上任一点，由直导线电流产生

的磁场的磁感应强度大小均为1TB=，方向沿圆周切线方向，可知c点的磁感应强度大小为2T，方向向右，故C错误。D．通电导线在d处的磁感应强度方向竖直向下，根据磁场的叠加原理可得d点的磁感应强度大小为2T，方向与B成45°角斜向右下方，故与b点

的不相同，故D错误。故选B。二、多项选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.如图，用控制变量

法可以研究影响平行板电容器电容的因素。设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为θ。实验中，极板所带电荷量不变，若（）A.保持S不变，增大d，则θ变大B.保持S不变，减小d，则θ变大C.保持d不变，减小S，则θ变大D

.若在两板间增加介质，则θ变小【答案】ACD【解析】【详解】AB．根据电容的决定式4SCkd=得知，电容与极板间距离成反比，当保持S不变，增大d时，电容减小，又因为电容器的电量Q不变，由电容的定义式QCU=分析可知极板间电势差增大，则静电计指针的偏角变大；反之，保

持S不变，减小d，则减小，故A正确，B错误；C．根据电容的决定式4SCkd=得知，当保持d不变，减小S时，电容减小，又因为电容器极板所带的电荷量Q不变，则由电容的定义式QCU=分析可知极板间电势差增大，则静电

计指针的偏角变大。故C正确；D．若保持S，d不变，极板间放入介质，由电容的决定式4SCkd=得知，电容增大，又因为电容器电量Q不变，由电容的定义式QCU=分析可知极板间电势差减小，则静电计指针的偏角变小，故D正确。故选ACD。9.如图

所示的电路中，电源的电动势为E、内阻为r。开关S闭合后，平行金属板中的带电液滴处于静止状态。电流表和电压表均为理想电表，2R为光敏电阻（阻值随光照强度的增强而减小）。当光照强度增强时，的下列说法正确的是（）A

.电压表的示数减小B.平行金属板两端电压减小C.3R的电功率减小D.液滴将向上加速运动【答案】BC【解析】【详解】A．光敏电阻2R随光照强度的增强而电阻减小，则外电路的电阻减小，干路电流EIrR=+外增大，根据11UIR=可知，电压表的示数增大，故A错误；B．根据UEIr=−可知，路端电

压减小，平行金属板两端电压减小，故B正确；C．根据()31UEIrR=−+可知，3U减小，则3R的电功率减小，故C正确；D．电容器两端电压等于3U，则电容器两板间的电场强度减小，根据受力分析结合牛顿第二定律可知，液滴将向下加速运动，故

D错误。故选BC。10.如图所示，匀强电场中三点A、B、C是一个三角形的三个顶点，∠ABC=∠CAB=30°，AB=6m，已知电场线平行于三角形ABC所在的平面，一个电荷量q=-2×10-6C的点电荷由A移到B的过程中，电势能增加了1.2

×10-5J，由B移到C的过程中电场力做功6×10-6J，下列说法正确的是（）A.A、B两点电势差UAB=-6VB.该匀强电场的场强为1V/mC.C点的电势高于B点的电势D.正电荷由C点移到A点的过程中，电势能减少【答案】BC【解析】【详解】A．根

据题意，点电荷由A移到B的过程中，电势能增加，说明电场力做负功，即51.210JABABWqU−==−解得6VABU=故A错误；C．点电荷由B移到C的过程中，电场力做正功，即6610JBCBCWqU−==解得3VBCBCU=−=−所以BC故C正

确；D．A、C两点的电势差为6V3V3VACABBCUUU=+=−=所以AC由于正电荷在电势高的地方，电势能大，所以正电荷由C点移到A点的过程中，电势能增大，故D错误；B．设AB中点为D，则13V2DBABUU==的3VCBBCUU=−=由此可知，C点与A、B两点连线中点D的电势相等，C、

D两点的连线是一条等势线，所以电场线是由A指向B，所以电场强度为6V/m1V/m6ABUEAB===故B正确。故选BC。三、非选择题：共57分11.某物理兴趣小组描绘一个标有“4V、2.0W”的小灯泡L的伏安特性曲线，要求灯泡两端的电压由零

逐渐增大，且尽量减小实验误差。可供选用的器材除导线、开关外，还有以下器材：A.直流电源4.5V（内阻不计）B.直流电流表0~600mA（内阻约为5）C.直流电压表0~3V（内阻等于6k）D.滑动变阻器0~10，额定电流2AE.三

个定值电阻（11kR=，22kR=，35kR=）①小组同学研究后发现，电压表的量程不能满足实验要求，为了完成测量，他将电压表进行了改装，在给定的定值电阻中选用_________（选填“1R”“2R”或“3R”）与电压表串联，完成改装。②实验测

得小灯泡伏安特性曲线如图a所示，可确定小灯泡的功率P与2I和P与2U的关系，下列示意图中合理的是_________（I和U分别为流过灯泡的电流和灯泡两端的电压）。AB.C.D.③若将两个完全相同规格的小灯泡L按如图b所示电路连接，电源电动势6VE=，内阻

2r=，欲使滑动变阻器R的功率是一个小灯泡功率的两倍，此时滑动变阻器消耗的电功率为_____W（结果保留1位小数）。.【答案】①.2R②.B③.1.8【解析】【详解】①[1]器材中提供的直流电压表量程只有3V，而小灯泡L

的额定电压为4V，所以需要给电压表串联一个电阻从而扩大量程，设定值电阻的阻值为R，则根据串联分压规律有V13RR=解得2kΩR=则定值电阻选择2R；②[2]随着电压的升高灯泡电阻增大，所以灯泡的功率22

UPIRR==则P-I2图象的斜率增大，而P-U2的斜率减小。故选B。③[3]假设通过灯泡的电流为Ⅰ，灯泡两端的电压为U，由闭合电路欧姆定律定律得264UI=−化简得322UI=−如图中曲线所示，与小灯

泡伏安特性曲线的交点即为电路工作点，该点纵横坐标值的乘积等于小灯泡的功率，功率为2.180.426W0.9WPUI==则滑动变阻器消耗的功率为1.8W。12.测定电源的电动势和内电阻的实验电路和U﹣I图象如图所示；请回答下列问题：（1）如图甲

所示，在闭合开关之前为防止电表过载而移动滑动变阻器的滑动头P，应放在滑动变阻器__处（填“a”或“b”）（2）现备有以下器材：A．干电池1个B．滑动变阻器（0～50Ω）C．电压表（0～3V）D．电压表（0～15V）E．电流表（0～0.6A）F．电流表（0～

3A）其中电流表应选__，电压表应选__．（填字母代号）（3）如图乙是根据实验数据画出的U﹣I图象．由此可知这个干电池的电动势E=__V，内电阻r=__Ω．（4）实验中的电动势测量值相对真实值_______（填“

偏大”或“偏小”），内阻测量值相对真实值________（填“偏大”或“偏小”）【答案】①.a②.C③.E④.1.5⑤.0.75⑥.偏小⑦.偏小【解析】【分析】（1）闭合开关之前滑动变阻器的滑动头P应放在最大值位置处；（2）根据实验中给出电源

及电流的数据结合实验原理明确各仪表的选择；（3）在U-I图象中纵坐标的截距代表的是电源的电动势，直线的斜率代表的是电源的内阻的大小．由于电压表的分流，分析实际电流与电流表示数的差，根据路端电压和电流关系图像斜率和截距的意义分析误差．【详解】（1）闭合开关之前滑动变阻器的滑动头P应放在

电阻最大值位置处，即a处；（2）为了减小实验误差，电压表、电流表指针应超过满偏的一半．由于干电池电动势约为1.5V，所以电压表应选C(0～3V)；实验中电流不能太大，所以电流表应选E(量程0～0.6A)；（3）在U-I图象中图象与纵坐标交点等于电

源的电动势，所以由图可以读出电源的电动势为1.5V；图象中的斜率表示电源的内阻，所以电源的内阻为：r=1.51.20.4−Ω=0.75Ω；（4）考虑电压表的内阻，根据实验的原理E=U+(0VUURRR++)r，路端电压越大，真实的干路电流比电流表的示数大的越多，路端电压

为零时，真实的干路电流等于电流表的示数．所以实际的路端电压和电流图像斜率比实验图像斜率大，在横轴上截距相等，在纵轴上截距比实验图像大．故所以E测小于E真,r测小于r真.13.如图，半径10cmr=的圆形区域内有垂直于纸面的匀强磁场，磁感应强度

B随时间t的变化关系为52Bt=−（其中t和B的单位为国际单位）。圆形线圈匝数10n=，半径15cmR=，0t=时磁场方向如图所示。求；（1）0=t时，穿过圆形线圈的磁通量；（2）前5s内，穿过圆形线圈的磁通量变化量。【答案】（1

）0.05Wb；（2）0.1Wb【解析】【详解】（1）根据题意可知，0=t时的5TB=穿过圆形线圈的磁通量BS=又有2Sr=联立解得00.05Wb=（2）根据题意可知，5s=t时，()1552

T5TB=−=−穿过圆形线圈的磁通量为110.05WbBS==−前5s内，穿过圆形线圈的磁通量变化量10Δ0.1Wb=−=14.玩具起重机的电路示意图如图所示，电动机的内阻为M1ΩR=，电源电动势6VE=，灯泡L的铭牌上标有“5V,3W”，理想电流表的示数1.0

AI=，此时灯泡恰好正常发光．求：（1）电动机的电功率MP（2）电动机的机械能的功率P机。【答案】（1）2W；（2）1.84W【解析】【详解】（1）流过灯泡的电流LLLPIU=流过电动机的电流ML=−III由电路图可知，灯泡与电动机并联，灯泡正常发光，并联电路的电压L5VUU=

=电动机的电功率MMPUI=解得M2WP=（2）对M的发热功率2MMPIR=热解得0.16WP=热对M的机械能的功率MPPP=−热机解得1.84WP=机15.如图所示，BCDG是光滑绝缘的34圆形轨道

，位于竖直平面内，轨道半径为R，下端与水平绝缘轨道在B点平滑连接，整个轨道处在水平向左的匀强电场中34mgEq=。现有一质量为m、带电量为q+的小滑块（可视为质点）置于水平轨道上，滑块与水平轨道间的动摩擦因数为0.5，重力加速度为g，sin370

.6,37cos0.8==。（1）若滑块从水平轨道上距离B点2sR=的A点由静止释放，求滑块到达B点的速度；（2）在（1）的情况下，求滑块到达B点时对轨道的压力；（3）改变s的大小，使滑块恰好始终沿轨道滑行，且从G点飞出轨道，求滑块在圆轨道上滑行过程中的最小速度

大小；（4）改变s的大小，为了使小滑块不脱离圆弧轨道．．．．．．．，求AB初始距离s的取值范围。【答案】（1）BvgR=；（2）2Nmg=，方向竖直向下；（3）min52gRv=；（4）4sR或11.5sR【解析】

【详解】（1）从A点到B，根据动能定理可得2102BqEsmgsmv−=−解得BvgR=（2）由牛顿第二定律得2BvNmgmR−=由牛顿第三定律得NN=解得2Nmg=方向竖直向下。（3）滑块恰好始终沿轨道BCDG滑行，则滑

至圆弧轨道D、G间等效最高点时，由电场力和重力的合力D¢提供向心力，此时的速度最小，G与竖直方向夹角的正切值为3tan4qEmg==解得37=令cosmgG=，则m2invGmR=解得min52gR

v=（4）滑块不离开轨道有两种可能，一种是最高到I点（等效重力场中圆心等高处），另一种是恰好通过H点（等效最高点）。①如果最高到I点，根据动能定理，有()()cos37sin370qEsRmgsmgRR+−−+=解得4sR=②如果在等效场中最高到

H点，则根据动能定理，有()()21sin37cos3702HqEsRmgsmgRRmv−−−+=−联立解得11.5sR=故使滑块沿圆弧轨道滑行时不脱离圆弧轨道的s的取值范围为4sR或11.5sR获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com