【文档说明】【精准解析】天津市第一中学2019-2020学年高二下学期期末考试化学试卷.doc，共(16)页，1.054 MB，由小赞的店铺上传

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天津市第一中学2019-2020学年高二下学期期末质量调查试卷化学试题1.在抗击“2019新型冠状病毒”的过程中，大量防护和消毒用品投入使用。下列有关说法正确的是A.二氧化氯泡腾片和酒精均可杀灭新型冠状病毒，二者的消毒原理相同B.聚丙烯和聚四氟乙烯为生产防护服的主要原料，二者均属于有机高分子材料

C.真丝织品和棉纺织品可代替无纺布生产防护口罩，二者均可防止病毒渗透D.保持空气湿度和适当降温可减少新型冠状病毒传染，二者均可防止病毒滋生【答案】B【解析】【详解】A.二氧化氯具有强的氧化性，能够使病毒氧化变质而失去生理活性

，因而具有杀菌消毒作用，而酒精则是由于其使蛋白质脱水发生变性而消毒，因此二者的消毒原理不相同，A错误；B.聚丙烯和聚四氟乙烯都是高聚物，均属于有机高分子材料，B正确；C.真丝织品和棉纺织品的空隙大，具有很好的渗透性

，不能阻止病毒渗透，因此不能代替无纺布生产防护口罩，C错误；D.保持空气湿度和适当降温不能阻止病毒滋生，D错误；故合理选项是B。2.下列说法正确的是（）A.CH3(C2H5)CHCH(CH3)2的系统命名为2—甲基—3—乙基丁烷B

.苯甲酸的结构简式为C.利用乙醇的还原性以及Cr3＋、Cr2O72－的颜色差异来检验酒后驾车D.C5H10的同分异构体中属于烯烃的有6种【答案】C【解析】【详解】A.CH3(C2H5)CHCH(CH3)2的主链含有5个碳

原子，系统命名为2，3—二甲基戊烷，故A错误；B.是甲酸苯酯，苯甲酸的结构简式为，故B错误；C.乙醇具有还原性，可被Cr2O72-氧化，因此可以利用乙醇的还原性以及Cr3＋、Cr2O72－的颜色差异来检验酒后驾车，故C正确；D.相应烯烃有CH2═CH

-CH2-CH2-CH3、CH3-CH═CH-CH2-CH3，CH2═C(CH3)CH2CH3；CH3C(CH3)═CHCH3；CH3CH(CH3)CH═CH2，共有5种(未考虑立体异构)，故D错误；故选C。3.已知甲醛()分子中的四个原子是共

平面的，下列分子中所有原子不可能同时存在同一平面上的是()A.B.C.D.【答案】D【解析】【详解】A．苯为平面结构，乙烯为平面结构，通过旋转乙烯基连接苯环的单键，可以使两个平面共面，则苯乙烯中所有的原

子可能处于同一平面，A不符合；B．苯环为平面结构，醛基为平面结构，通过旋转醛基连接苯环的单键，可以使两个平面共面，故苯甲醛中所有的原子可能处于同一平面，B不符合；C．旋转羧基中的C-O单键，可以使羧基中的所有原子处于同一平面，通过旋转羧基连接苯环的单键，可以使两个平面共面，故苯甲酸

中所有的原子可能处于同一平面，C不符合；D．分子中存在甲基，具有甲烷的四面体结构，所有原子不可能处于同一平面，D符合题意。答案选D。4.用下列装置完成相关实验，不合理．．．的是A.趁热过滤提纯苯甲酸B.制备并检验乙烯C.除去溴苯中的苯D.分离硝基苯

与水【答案】B【解析】【详解】A项，用a趁热过滤提纯苯甲酸,图示装置满足“一低、二贴、三靠”的要求,且用玻璃棒引流,A正确；B项，生成的乙烯可能含有还原性气体二氧化硫，不能直接通入溴水中检验乙烯，B错误；C项，溴苯

与苯的沸点相差较大，可以通过分馏来将两者分离开，且图中温度计放在支管处，冷凝水流向从下往上，操作合理，C正确；D项，硝基苯不溶于水，且密度比水大，因此可通过分液的方法将硝基苯与水分离开，硝基苯从下端放出，操作合理，D正确；正确选项B。5

.下列各组物质从左至右按同类有机物、同位素、同系物、同分异构体、同素异形体、同种物质的顺序排列的是()①C60、C70、金刚石、石墨②苯甲醇、对甲基苯酚、邻甲基苯酚、间甲基苯酚③126C、136C、146C④HOCH2CHO、HOCH2CH2CHO、HOCH2C

H2CH2CHO⑤新戊烷、2,2-二甲基丙烷⑥甲醇、乙二醇、丙三醇A.①⑥②③⑤④B.⑥③⑤④①②C.④②⑥①⑤③D.⑥③④②①⑤【答案】D【解析】【详解】①C60、C70、金刚石、石墨的碳元素的不同单质，互为同素异形体；②苯甲醇、对甲基苯酚、邻甲基苯酚、间甲基苯酚分子式相同结构不同，

互为同分异构体；③126C、136C、146C，质子数相同，中子数不同，互为同位素；④HOCH2CHO、HOCH2CH2CHO、HOCH2CH2CH2CHO结构相似，在分子组成上相差一个或若干个CH2原子团的化合物，互为同系物；⑤新戊烷、2，2二甲基丙烷分子式

相同，结构相同，是同种物质；⑥甲醇、乙二醇、丙三醇都含有羟基，是同类有机物。故选择D选项。6.下列说法不正确的是A.淀粉、蛋白质和油脂都属于有机高分子化合物B.紫外线、高温、酒精可杀菌消毒的原理是蛋白质变性C.绝大多

数的酶属于具有高选择催化性能的蛋白质D.维生素C又称抗坏血酸，新鲜蔬菜中富含维生素C【答案】A【解析】【详解】A．油脂的相对分子质量较小，不属于高分子化合物，A错误；B．细菌是蛋白质一种，紫外线、高温、酒精可

使蛋白质变性从而达到杀菌消毒，B正确；C．绝大多数的酶属于蛋白质，而且酶是具有高选择催化性能的，C正确；D．坏血病是缺乏维生素C导致的，故维生素C俗称抗坏血酸，而新鲜蔬菜和水果中含丰富的维生素C，故应多吃新鲜的水果和

蔬菜，D正确；答案选A。7.以淀粉为基本原料制备聚乙烯和乙酸。下列说法正确的是A.淀粉和葡萄糖都是营养物质，均能在体内发生水解、氧化反应B.工业上以石油为原料制取聚乙烯，需经裂解、加聚等反应C.燃烧等物质的量的乙烯和乙醇耗氧量不同D.乙醇和乙酸发生酯化反应制乙酸乙酯，原子利用率为100%【

答案】B【解析】【详解】A.葡萄糖为单糖，不能在体内发生水解反应，A错误；B.工业上以石油为原料制取聚乙烯，需经裂解产生的为乙烯，再发生加聚反应生成聚乙烯，B正确；C.乙烯和乙醇各1mol时，耗氧量为3mol，则燃烧等物质的量的乙烯和乙醇

耗氧量相同，C错误；D.乙醇和乙酸发生酯化反应制乙酸乙酯和水，原子利用率小于100%，D错误；答案为B。8.磷酸氯喹（结构如图所示）可用于治疗新冠肺炎，临床证明磷酸氯喹对治疗“新冠肺炎”有良好的疗效。2020年3月4日印发的《新型冠状病毒肺炎诊疗方案（试行第七》版中）明确规

定了其用量。磷酸氯喹的结构如图所示,下列关于磷酸氯喹的说法错误的是A.化学式为C18H33ClN3O8P2B.1mol磷酸氯喹能与5molH2发生加成反应C.分子中的—C1被—OH取代后的产物能与溴水作用D.可以发生取代反应、加成反应和氧化反应【答案】A【解析】【分

析】有机物含有氨基、氯原子、碳碳双键，水解可生成酚羟基、磷酸等，且具有苯的结构和性质特点。【详解】A．由结构简式可知有机物分子式是C18H32ClN3O8P2，A错误；B．能与氢气发生加成反应的为苯环和碳碳双键，则1mol磷酸氯喹最多能与5

molH2发生加成反应，B正确；C．含有氯原子，水解可生产酚羟基，可与溴水发生取代反应，类似苯酚和溴水的反应，有沉淀生成，C正确；D．氯原子可被羟基取代、有碳碳双键、苯环可与H2发生加成反应、有碳碳双键能被酸性高锰酸钾溶液氧化，D正确；故答案选A。9.我

国自主研发的对二甲苯绿色合成项目取得新进展，其合成过程如图所示。下列说法不正确的是A.丙烯醛分子中所有原子可能共平面B.可用溴水鉴别异戊二烯和对二甲苯C.对二甲苯的二氯代物有6种D.M能发生取代，加成，加聚和氧化反应【答案】C【解析】【

详解】A．丙烯醛分子中的碳碳双键是平面结构，醛基也是平面结构，中间是一个可以旋转的单键，所以分子里所有原子有可能在同一平面，A正确；B．异戊二烯里含有碳碳双键，可以与溴水发生加成反应而导致溴水褪色，而对二甲苯与溴水不反应，可以鉴别，B正确；C．对二甲苯里面有两种类型的H，其二氯代物共

有7种：①当两个氯取代甲基上的H时有两种，②当有一个氯取代甲基上的H，另一个取代苯环上的H，有邻、间两种结构，③当两个氯都取代苯环上的H，采用定一议二的方法，当其中一个氯在甲基邻位时，另一个氯有3种结构，此二氯代物有3种，C错误；D．M中有碳碳双键，可以发生加成、加聚反应，醛基可以

发生氧化、加成反应，烃基可以发生取代反应，D正确；答案选C。10.酚醛树脂是1907年世界上第一个合成的高分子材料。它是用酚类（如苯酚）与醛类（如甲醛）在酸或碱的催化下相互缩合而成的。如图是实验室制取酚醛树脂的装置图（该实验所用催化剂为

浓盐酸）。下列说法错误的是A.装置中玻璃导管的作用是冷凝回流B.试管中发生的反应是：C.待制备实验结束后，取出试管，冷却至室温，加入适温乙醇，并加热，沉淀溶解，说明酸性条件下制得的酚醛树脂为网状结构D.实验完毕后，若试管用水不易洗涤，

可以加入少量乙醇浸泡几分钟，然后洗净【答案】C【解析】【详解】A．反应有大量热放出，苯酚、甲醛溶液易挥发，反应装置中的长玻璃管除导气外，还对对挥发的反应物起冷凝回流作用，A正确；B．苯酚羟基邻位上的两个氢原子比较活泼，与甲醛醛基上

的氧原子结合为水分子，其余部分连接起来成为高分子化合物--酚醛树脂。反应的方程式可以表示为：，B正确；C．苯酚与甲醛反应生成酚醛树脂在酸催化下是线型结构，在碱催化下是网状结构，C错误；D．实验中所用苯酚过量，并用酸作催化剂，产物是线性高分子树脂，需用酒精浸泡一些时间后，才易用水洗净，D正确

；答案选C。11.阅读体检报告呈现的的部分内容，判断下列说法不正确．．．的是项目名称检查结果单位参考范围钾4.1mmol/L3.5~5.5钙2.15mmol/L2.13~2.70胱抑素C0.78mg/L0.59~1.03尿素4.18mmol/L2.7

8~7.14甘油三酯1.50mmol/L0.45~1.70A.体检指标均以物质的量浓度表示B.表中所示的检查项目均正常C.尿素是蛋白质的代谢产物D.甘油三酯的结构可表示为（R1、R2、R3为烃基）【答案】A【解析】【详解】A.物质的量浓度单位为mol/L或mmol/L，胱抑素C的单位为mg/L，

不是以物质的量浓度表示；B.根据参考范围可知，表中所示的检查项目均在正常范围内；C.蛋白质的代谢产物为尿素等；D.甘油三酯是羧酸与甘油形成的酯，结构可表示为（R1、R2、R3为烃基）；答案选A。12.线型PAA（）具有高吸水性，网状PAA在

抗压性、吸水性等方面优于线型PAA。网状PAA的制备方法是：将丙烯酸用NaOH中和，加入少量交联剂a，再引发聚合。其部分结构片段如图所示，列说法错误的是A.线型PAA的单体不存在顺反异构现象B.形成网状结构的过程发生了加聚反应C.交联剂a的结构简式是

D.PAA的高吸水性与—COONa有关【答案】C【解析】【详解】A.线型PAA的单体为CH2=CHCOONa，单体不存在顺反异构现象，故A正确；B.CH2=CHCOONa中的碳碳双键发生的加成聚合反应，形成网状结构，过程发生了加聚反应，

故B正确；C.分析结构可知交联剂a的结构简式是，故C错误；D.线型PAA()具有高吸水性，和−COONa易溶于水有关，故D正确；故选：C。13.按要求回答下列问题：（1）键线式的系统命名为___________

_；（2）中含有官能团的名称为____________；（3）2－甲基－1－丁烯的结构简式____________；（4）相对分子质量为72且一氯代物只有一种的烷烃的结构简式____________；（5）的最简式为____________。（6）写出中所含官能团的电子式：_______

_____、____________。（7）分子式为C2H6O的有机物，有两种同分异构体，乙醇(CH3CH2OH)、甲醚(CH3OCH3)，则通过下列方法，不可能将二者区别开来的是____________；A.红外光谱B.核

磁共振氢谱C.元素分析仪D.与钠反应【答案】(1).2－甲基戊烷(2).羟基、酯基(3).(4).(5).CH2(6).(7).(8).C【解析】【分析】【详解】(1)键线式的结构简式为，系统命名为：

2－甲基戊烷，故答案为：2－甲基戊烷；(2)中含有官能团的名称为羟基、酯基，故答案为：羟基、酯基；(3)2－甲基－1－丁烯的结构简式：，故答案为：；(4)相对分子质量为72的烷烃，设分子式为CnH2n+2，则12n+(2n+2)=72，解得n

=5，且一氯代物只有一种，则该烷烃是，故答案为：；(5)的分子式为C6H12，最简式为CH2，故答案为：CH2；(6)中所含官能团有羟基、醛基，电子式分别为：、，故答案为：、；(7)A．含化学键、官能团不同，则红外光谱可区分，故A不选；B．乙醇含3种H，甲醚含1种H，则1H

核磁共振谱可区分，故B不选；C．两者的元素组成都是C、H、O，则元素分析仪不能区分，故C选；D．乙醇与钠反应生成氢气，而甲醚不能，可区分，故D不选；故答案为：C。14.（1）材料是人类赖以生存和发展的重要物质基础。①下列物品的构成材料中主

要是合成高分子材料的是____________（填字母）．a.宣纸b.羊毛衫c.保鲜膜②橡胶是制造轮胎的主要原料，天然橡胶是____________结构（填“线型”或“体型”)'需经过硫化处理改变其结

构，增强其机械强度。（2）百合是江苏某地区的特产，富含有蛋白质、淀粉、脂肪，维生素B1、维生素B2、维生素C、泛酸、胡萝卜素科和丰富的钙、铁、磷等元素，其中：①属于人体所需的微量元素的是____________。②能提供能量的主要营养物质为蛋白质、淀粉和____________，淀粉在

人体内完全水解的化学方程式____________。③维生素C也称为____________，是一种无色的晶体，其水溶液显酸性，化学特性是易失电子，可以使食物中的Fe3+转化为Fe2+,这一过程体现了维生素C的____________（填“氧

化性”或“还原性”)。水果、蔬菜中富含维生素C,组成维生素C的元素是____________（填写元素符号）。【答案】(1).c(2).线型(3).铁(Fe)(4).脂肪(5).(C6H10O5)n+nH2On

C6H12O6(6).抗坏血酸(7).还原性(8).H、C、O【解析】【分析】(1)①塑料、合成橡胶和合成纤维被称为三大合成高分子材料；(2)①人体所需的微量元素有：铁、钴、铜、锌、铬、锰、钼、氟、碘、硒；②淀粉在人体内水解为葡萄糖；③维生素C又称抗坏

血酸，能将铁离子还原为亚铁离子，显示了维生素C的还原性；维生素C的化学式为(C6H8O6)。【详解】(1)①a.宣纸的主要成分是纤维素，属于天然高分子材料；b.羊毛的主要成分是蛋白质，属于天然高分子材料；c.保鲜膜是塑料，一般为聚乙烯，是合成高分子材料，故答案为：c；②天然橡胶的单体是异

戊二烯，由异戊二烯通过加聚反应合成天然橡胶，天然橡胶属于线型高分子化合物，故答案为：线性；(2)①人体所需的微量元素有：铁、钴、铜、锌、铬、锰、钼、氟、碘、硒，故百合中属于微量元素的是铁，故答案为：铁；②六大营养物质为糖类、脂肪、蛋白质、维生素、

无机盐和水，其中糖类、脂肪和蛋白质能提供给人体能量；淀粉是葡萄糖的脱水缩合物，故淀粉在人体内水解为葡萄糖，化学方程式为：(C6H10O5)n+nH2OnC6H12O6，故答案为：脂肪；(C6H10O5)n+nH2OnC6H12O6；③

维生素C又称抗坏血酸，由于化学特性是失去电子，并能将铁离子还原为亚铁离子，故显示了维生素C的还原性；维生素C的化学式为(C6H8O6)，故其含有的元素为H、C、O，故答案为：抗坏血酸；还原性；H、C、O。15.苯甲酸乙酯是重要的精细化工试剂，常用于配制水果型食用香精。实验室制备流

程如下：试剂相关性质如下表：苯甲酸乙醇苯甲酸乙酯常温性状白色针状晶体无色液体无色透明液体沸点/℃249.078.0212.6相对分子量12246150溶解性微溶于水，易溶于乙醇、乙醚等有机溶剂与水任意比互溶难溶于冷水，微溶于热水，易溶于乙醇和乙醚回答下

列问题：（1）为提高原料苯甲酸的纯度，可采用的纯化方法为_________。（2）步骤①的装置如图所示（加热和夹持装置已略去），将一小团棉花放入仪器B中靠近活塞孔处，将吸水剂（无水硫酸铜的乙醇饱和溶液）放入仪器B中，在仪器C中加入12.2g纯化后的苯甲酸晶体，30mL无水乙醇（约0.

5mol）和3mL浓硫酸，加入沸石，加热至微沸，回流反应1.5~2h。仪器A的作用是_________；仪器C中反应液应采用_________方式加热。（3）随着反应进行，反应体系中水分不断被有效分离，仪器B中吸水剂的现象为_________。（4

）反应结束后，对C中混合液进行分离提纯，操作I是_________；操作II所用的玻璃仪器除了烧杯外还有_________。（5）反应结束后，步骤③中将反应液倒入冷水的目的除了溶解乙醇外，还有_____；加入试剂X为_____（填写化学式）。（6）最终得到产物纯品12.0g，实验产率为_____

____%（保留三位有效数字）。【答案】(1).重结晶(2).冷凝回流乙醇和水(3).水浴加热(4).吸水剂由白色变为蓝色(5).蒸馏(6).分液漏斗(7).降低苯甲酸乙酯的溶解度利于分层(8).Na2CO3或NaH

CO3(9).80.0【解析】【分析】苯甲酸与乙醇在浓硫酸作催化剂发生酯化反应生成苯甲酸乙酯，苯甲酸乙酯与乙醇和苯甲酸能够混溶，苯甲酸乙酯与乙醇沸点差异较大，因此操作I为蒸馏，混合液2中主要成分为苯甲酸乙酯和苯甲酸，加入试剂X除去苯甲酸

，因此可选择试剂饱和碳酸钠进行除杂，然后分液制备粗产品，然后通过干燥制备苯甲酸乙酯纯品，以此解答本题。【详解】（1）可通过重结晶的方式提高原料苯甲酸的纯度；（2）仪器A为球形冷凝管，在制备过程中乙醇易挥发，因此通过球形冷凝管

冷凝回流乙醇和水；该反应中乙醇作为反应物，因此可通过水浴加热，避免乙醇大量挥发；（3）仪器B中吸水剂为无水硫酸铜的乙醇饱和溶液，吸收水分后生成五水硫酸铜，吸水剂由白色变为蓝色；（4）由上述分析可知，操作I为蒸馏；操作II为分液，除烧杯外，还需要的玻璃仪器为分液漏斗

；（5）因苯甲酸乙酯难溶于冷水，步骤③中将反应液倒入冷水的目的还有降低苯甲酸乙酯的溶解度有利于分层；试剂X为Na2CO3溶液或NaHCO3溶液；（6）12g苯甲酸乙酯的物质的量为12g=0.08mol150g/mol，苯甲

酸的物质的量为12.2g=0.1mol122g/mol，反应过程中乙醇过量，理论产生苯甲酸乙酯的物质的量为0.1mol，实验产率为0.08mol100%=80.0%0.1mol。16.那可汀是—种药物，该药适用于剌激性干咳病人服用

，无成瘾性。化合物I是制备该药物的重要中间体，合成路线如下：（1）化合物A中的官能团名称为____________（写两种）。（2）I的分子式为____________。（3）设计反应A－B的目的为____________。（4）化合物C的分子式为C10H1

1O4I,写出C的结构简式：____________。（5）化合物I的—种同分异构体同时满足下列条件，写出该同分异构体的结构简式：____________。①分子中含有硝基(—NO2)且直接连在苯环上；②分子中只有3种不同化学环境的氢。（6）写出以和为原料制备的合成路线流

程图（无机试剂任用，合成路线流程图示例见本题题干）。____________【答案】(1).醚键、醛基(2).C12H15NO3(3).防止醛基在后继步骤中反应或保护醛基(4).(5).(6).（只它合理答案也给分）【解析】

【详解】(1)由A的结构可知其含有的官能团有：醛基、醚键，故答案为：醚键、醛基；(2)根据I的结构简式可知分子式为C12H15NO3，故答案为：C12H15NO3；(3)A→B转化中醛基被消除，在D→E的转化中又引入醛基，E中醛基参加反应

生成F，故A→B的目的是保护醛基，故答案为：防止醛基在后继步骤中反应或保护醛基；(4)化合物C的分子式为C10H11O4I，对比B、D的结构，可知B中苯环上H原子被I原子取代生成C，C发生取代反应生成D，故C的结构简式为：，故答案为：；(5)化合物I的一种同分异构体同时满足下列条件：①

分子中含有硝基(-NO2)且直接连在苯环上；②分子中只有3种不同化学环境的氢，存在对称结构，可以是硝基与-COCH3处于对位，其它位置均连接甲基，符合条件的同分异构体结构式为，故答案为：；(6)模仿路

线中E→I的转化，水解生成，再氧化生成，然后与反应生成，生成物与反应生成，然后与盐酸作用生成，最后与NaBH4/CF3CO2H作用得到目标物，合成路线流程图为：。