【文档说明】【精准解析】天津市第一中学2019-2020学年高二下学期期末考试质量调查物理试题.doc，共(17)页，717.500 KB，由小赞的店铺上传

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天津一中2019~2020高二年级物理学科期末质量调查试卷一、单项选择题（共6小题，每题仅有一个正确选项）1.下列关于原子和原子核的说法正确的是（）A.氢原子光谱的发现是原子具有核式结构的实验依据B.原子核发生衰变时要遵

守电荷守恒和质量守恒的规律C.核电站应用了核裂变原理并利用镉棒控制反应进程D.每个核子都会和其余的核子发生核力作用【答案】C【解析】【详解】A．α粒子散射实验是原子具有核式结构的实验依据，选项A错误；B．原子核发生衰变时要

遵守电荷数守恒和质量数守恒的规律，选项B错误；C．核电站应用了核裂变原理并利用镉棒控制反应进程，选项C正确；D．每个核子只和它临近的核子发生核力作用，选项D错误。故选C。2.不同频率的电磁波产生机理不同特性不同用途也不同，红外测温枪在这次疫情防控过程中发

挥了重要作用，射电望远镜通过接收天体辐射的无线电波来进行天体研究，人体透视、机场安检和CT是通过X射线来研究相关问题，射线在医学上有很重要的应用，下列关于红外线、无线电波、X射线和射线的说法正确的

是（）A.红外线波动性最明显而射线粒子性最明显B.它们和机械波本质相同，都是横波且都可以发生多普勒现象C.红外线、X射线和射线都是原子由高能级向低能级跃迁产生的D.一切物体都在不停的发射红外线，而且温度越高发射红外线强度就越大【答案】D【解析】【详解】A．

红外线比射线频率大，频率越高，粒子性越明显，红外线比射线波长小，波长越长，波动性越明显，A错误；B．红外线、无线电波、X射线和射线和机械波本质是不同的，但是他们都是横波可以发生多普勒现象，B错误；C．放射性原子核发生衰变、衰变后产生的新核处于

高能级，它向低能级跃迁时产生射线，因此射线经常伴随射线和射线产生，C错误；D．一切物体都在不停的发射红外线，而且发射红外线强度与温度有关，温度越高发射红外线强度就越大，D正确。故选D。3.下列说

法正确的是（）A.23290Th经过α衰变和β衰变后成为稳定的原子核20882Pb，铅核比钍核少24个中子B.发现中子的核反应方程941214260BeHeCn+→+，属于原子核的人工转变C.200个23892U的原子核经过

两个半衰期后剩下50个23892UD.23592U在中子轰击下生成9438Sr和14054Xe的过程中，23592U核的比结合能比9438Sr核的比结合能大【答案】B【解析】【详解】A．根据质量数和电荷数守恒可知，铅核比钍核少8个质子，少16个

中子，A错误；B．发现中子的核反应方程941214260BeHeCn+→+，属于原子核的人工转变，B正确；C．半衰期是放射性元素的大量原子衰变的统计规律，对个别的原子没有意义，C错误；D．23592U在中子轰击下生成9438Sr和14054Xe的过程中

，23592U核的比结合能比9438Sr核的比结合能小，D错误；故选B。4.K－介子衰变的方程为其中K－介子和π－介子带负的基本电荷，π0介子不带电。一个K－介子沿垂直于磁场的方向射入匀强磁场中，其轨迹为圆弧AP，衰变后产生的π－介子的轨迹为圆弧PB，两轨迹在P点相切，它们的半径RK－与

Rπ－之比为2：1，π0介子的轨迹未画出。由此可知π－的动量大小与π0的动量大小之比为（）A.1：1B.1：2C.1：3D.1：6【答案】C【解析】【详解】Kˉ介子与π-介子均做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得2veBvmR=粒

子动量为P=mv=eBR则有PKˉ：Pπ-=2：1以K-的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得PKˉ=Pπ0-Pπ-解得：Pπ0=3Pπ-，则π-的动量大小与π0的动量大小之比为1：3；故选C。5.图甲为一列简谐横波在t=0.10s时刻的波形图，P是平

衡位置在x=1.0m处的质点，Q是平衡位置为x=4m处的质点；图乙为质点Q的振动图象。下列说法正确是（）A.简谐波沿正x方向传播B.在t=0.10s时，质点P的加速度与速度方向相反C.从t=0.10s到t=0.25s，该波沿x轴正方向传播了6mD.从t=0.10s到t=0.

25s，质点P通过的路程30cm【答案】B【解析】【详解】A．由图乙可知，t=0.10s时质点Q位于平衡位置且向下振动，由图甲综合同侧法可知，简谐波沿x负方向传播，故A错误；B．由图甲可知，在t=0.10s时，质点P向上振

动，质点P位于平衡位置上方，加速度方向向下，故B正确；C．由甲图知波长为8m，波速为8m/s40m/s0.2vT===从t=0.10s到t=0.25s，该波沿x轴负方向传播了400.15m6mxvt===故C错误；D．从t=0.10s到t=0.25

s经过的时间为30.15s4tT==由于0.10st=时刻质点P不在平衡位置或波峰、波谷处，所以质点P通过的路程不是30cm，故D错误。故选B。6.我国月球探测活动的第一步“绕月”工程和第二步“落月”工程已按计划

在2013年以前顺利完成。假设月球半径为R，月球表面的重力加速度为g0，飞船沿距月球表面高度为3R的圆形轨道I运动，到达轨道的A点。点火变轨进入椭圆轨道II，到达轨道的近月点B再次点火进入月球近月轨道III绕月球作圆周运动

。下列判断正确的是（）A.飞船在轨道I上的运行速率033gRv=B.飞船在A点处点火变轨时，动能增大C.飞船沿椭圆轨道从A到B运行的过程中机械能增大D.飞船在椭圆轨道上B点的速度大于月球的第一宇宙速度【答案】D【解析】【详解】A

．根据()2244MmvGmRR=解得飞船在轨道Ⅰ上的运行速率12GMvR=根据02MmGmgR=联立解得02gRv=故A错误；B．飞船在A点变轨，做近心运动，需减速，所以动能减小，故B错误；C．飞船从A到B的过程中，只有万有引力做

功，机械能守恒，故C错误；D．月球的第一宇宙速度即为当飞船在月球表面绕月球做圆周运动时的速度，飞船从近月轨道点火加速后做离心运动才能进入椭圆轨道，则飞船在椭圆轨道上B点的速度大于月球的第一宇宙速度，故D正确。故选D。二、多项选择题（共4小题，每题至少有两个正

确选项）7.2020年我国将计划发射北斗三号全球卫星导航系统中的最后一颗组网卫星，此系统中的“空间段计划”同时采用了共35颗卫星，其中5颗地球静止轨道卫星（GEO卫星）、3颗倾斜于地球同步轨道的卫星（IGSO卫星，轨道高度为3

6000千米）及27颗中高度圆轨道卫星（MEO卫星，轨道高度为21500千米）。IGSO卫星具有与GEO卫星相同的轨道高度，则下列说法中正确的是（）A.GEO卫星的动能必须相等B.MEO卫星比GEO卫星的线速度大C.MEO卫星比G

EO卫星的高度高D.IGSO卫星比GEO卫星具有与地球自转相同的周期【答案】BD【解析】【详解】A．根据22MmvGmrr=可得2122kGMmEmvr==可知GEO卫星的质量关系不确定，可知动能不一

定相等，选项A错误；B．根据22MmvGmrr=可得GMvr=可知，MEO卫星比GEO卫星的轨道半径小，则线速度大，选项B正确；C．由题意可知，MEO卫星比GEO卫星的高度低，选项C错误；D．IGSO卫星和GEO卫星都是地球同步卫星，则具有与地球自转相同的周期，选项D正确。故选BD。8.在

均匀介质中坐标原点O处有一波源做简谐运动，其表达式为()6sinm2yt=，它在介质上形成的简谐横波沿x轴正方向传播，从波源起振开始计时，某时刻波0至8m之间第一次形成如图的波形图，则（）A.在此后的12周期内回复力对M做功为零B.在此后

的12周期内回复力对M冲量为零C.此后M点第一次到达y=-3m处所需时间是2s3D.此后再经过6s该波传播到x=20m处【答案】AC【解析】【详解】AB．简谐运动的物体，在半个周期内，据图象可知两位置关于平衡位置对称，即两位置速度大小相同，方向相反，据动能定理得，回复力做功一定为零，恢复

力的冲量不为零，故A正确，B错误；C．振源从0到3m处，用时满足03m6msin2t=解得01s3t=说明波形传播至振幅3m处用时1s3，则波形从3m−处传播至M点所在振动方向的位置用时122ss33=，C正确；D．由()6sinm2yt=

可得rad/s2=则波的周期为24sT==波速为82m/s4vT===波传播的距离为12mxvt==即该波传到12mx=的位置，故D错误。故选AC。9.一群处于n=3激发态的氢原子向基态跃迁，发出的光以入射角θ照射到一块玻璃三棱镜上，经三棱镜后又照射到一块金属板上，如图所示

，则下列说法正确的是（）A.c光的偏折程度大，c光在玻璃中的折射率最大，增大入射角θ则c光先消失B.在同一双缝干涉装置上，从n=3直接跃迁到基态发出的光形成的干涉条纹最窄C.入射光经玻璃三棱镜后会分成三束光线，

从n=3直接跃迁到基态发出的光是光线cD.若从n=3能级跃迁到n=2能级放出的光子比从n=2能级跃迁到基态放出的光子在三棱镜中的传播速度大【答案】BCD【解析】【详解】A．根据折射率定义公式sinsininr=三束光线入射

角相同，光线c对应的折射角较小，因此折射率最大，偏折程度最大，即abcnnn若增大入射角，在第二折射面上，则三束光线的入射角减小，根据光从光密介质进入光疏介质，且入射角大于或等于临界角时才能发生光的全反射，故A错误；B．根据Lxd=可知，频率最大的光，波长最短，因此条纹

间距最小，故B正确；C．一群处于3n=激发态的氢原子向基态跃迁，发出三种不同频率的光子，因此入射光经玻璃三棱镜后会分成三束光线。从3n=直接跃迁到基态发出的光频率最大，则折射率最大，偏折最厉害，因此为光线c

，故C正确；D．从3n=能级跃迁到2n=能级放出的光子频率比从2n=能级跃迁到基态放出的光子的频率小，因此从3n=能级跃迁到2n=能级放出的光子比从2n=能级跃迁到基态放出的光子在三棱镜中的传播速度大，故D正确。故选BCD。10.如图所示，水平光滑地面上

停放着一辆质量为M的小车，其左侧有半径为R的四分之一光滑圆弧轨道AB，轨道最低点B与水平轨道BC相切，整个轨道处于同一竖直平面内。将质量为m的物块（可视为质点）从A点无初速释放，物块沿轨道滑行至轨道末端C处恰好没有滑出。设重力加速度为g，空气阻力可忽略不计。关于物块从A位置运动至

C位置的过程，下列说法中正确的是（）A.小车一直向左运动B.小车和物块构成的系统动量守恒C.物块运动过程中的最大速度为2gRD.小车运动过程中的最大速度为222mgRMMm+【答案】AD【解析】【详解】A．物块从A点无初速释放后，在下滑过程中对小车有向左的压力，小车先

向左做加速运动，在物块脱离光滑圆弧轨道后，小车和物块由于摩擦力都会做匀减速运动，由水平方向动量守恒知，物块沿轨道滑行至轨道末端C处恰好没有滑出，此时共同的速度都为零，所以小车一直向左运动，故A正确；B．小车和物块构成的系统在水平方向受到的合力为

零，竖直方向有加速度，合力不为零，所以小车和物块构成的系统动量不守恒，在水平方向动量守恒，故B错误；CD．在物块脱离圆弧轨道后，小车和物块由于摩擦力都会做匀减速运动，所以最大速度出现在物块运动到B点时，规定向右为正方向，小车和物块构

成的系统在水平方向受到的合力为零，系统在水平方向动量守恒。设物块运动到B点时，物块的速度大小是1v，小车的速度大小是2v，根据动量守恒定律，有()120mvMv=+−根据能量守恒定律，有22121122mgRmvMv=+解得12gRMvMm=+222

2mgRvMMm=+故C错误，D正确。故选AD。三、填空题（共5小题）11.气球质量为160kg，载有质量为40kg的人，静止在空中距地面24m高的地方，气球下悬一根质量可忽略不计的绳子，此人想从气球上沿绳慢慢下滑至地面，为了安全到达地面，这根绳长至少应为米？（不计人的高度）【

答案】30m【解析】【详解】人与气球组成的系统动量守恒，设人的速度1v，气球的速度2v，设运动时间为t，以人与气球组成的系统为研究对象，以向下为正方向，由动量定理得11220mvmv−=即120ssmmtt−=人气球气球和人运动的路程之和

为绳子的长度，则绳子长度为Lss=+气球人联立并代入数据解得30mL=12.核电站利用原子核链式反应放出的巨大能量进行发电，23592U是核电站常用的核燃料。23592U受一个中子轰击后裂变成14456Ba和8936Kr两部分，并产生___个中子

。要使链式反应发生，裂变物质的体积要____（选填“大于”、“等于”或“小于”）临界体积。【答案】(1).3(2).大于【解析】【详解】[1][2]23592U受一个中子轰击后裂变成14456Ba和8936Kr两部

分，根据电荷数和质量数守恒有925636=+2351144891x+=++解得3x=所以中子个数为3，链式反应的条件：大于临界体积，因此当物质体积小于临界体积时，链式反应不能进行。13.用波长为λ0的紫外线照射某些物质，这些物质

会发出荧光，其波长分别为λ1、λ2、λ3…，用λi（i=1、2、3…）表示这些荧光的波长，普朗克常量为h，真空中的光速为c，则紫外线的光子能量E=_____，波长λ1与λ0的大小关系是_____（选填“>”或“<”）。【答案】(1).hc(2).10【解析】【详解】1紫外线的光子能量

hcE=2紫外线能使荧光物质发光，发光的光子能量不大于紫外线光子的能量，即1hchc所以1014.某同学用实验的方法探究影响单摆周期的因素。（1）当他组装单摆时，在摆线上端的悬点处，用一块开有狭缝的橡皮夹紧，如图所示。这样做的目的是

_______。A．保证摆动过程中摆长不变B．可使周期测量得更加准确C．需要改变摆长时便于调节D．保证摆球在同一竖直平面内摆动（2）该同学测得一组摆长和周期但计算的g值比当地标准值偏小，其原因可能是________。A．小球质量太大B．摆动的振幅过小C．将摆线长

当成了摆长D．摆动次数少记了一次（3）该同学依然按照②中方式代入摆长，但改变摆长测得6组L和对应的周期T，画出L-T2图线，然后在图线上选取A、B两个点，坐标如图所示。他采用恰当的数据处理方法，则计算重力加速度的表达式是g

=______。请你判断该同学得到的实验结果将_______。（填“偏大”、“偏小”或“准确”）【答案】(1).AC(2).CD(3).()2224BABALLgTT−=−(4).准确【解析】【详解】（1）[1]．组装单摆时，在摆线上端的悬点处，用一

块开有狭缝的橡皮夹紧，这样做的目的是保证摆动过程中摆长不变，且需要改变摆长时便于调节，故选AC。（2）[2]．根据2LTg=可得224πLgT=计算的g值比当地标准值偏小，其原因可能是:A．小球质量不会影响重力加速度的测量值，选项A错误；B．摆动的振幅不会影响重力加速度的测量值，选项B错误

；C．将摆线长当成了摆长，则L偏小，则g测量值偏小，选项C正确；D．摆动次数少记了一次，则T偏大，则g测量值偏小，选项D正确。故选CD。（3）[3][4]．根据2LTg=可得224gLT=由图像可知222=4BABATkLLTg−−=解得()2224BAB

ALLgTT−=−该同学得到的实验结果将准确的。15.在测定玻璃的折射率实验中，如图甲所示为光学实验用的长方体玻璃砖，它的________面不能用手直接接触。在用插针法测定玻璃砖折射率的实验中，两位同学绘出的玻璃砖和三个针孔a、b、c的位置相同，且插在c位置的针正好挡住插在a、b位

置的针的像，但最后一个针孔的位置不同，分别为d、e两点，如图乙所示。计算折射率时，用________（填d或e）点得到的值误差较小。丙同学在纸上画出界面aa′、bb′与玻璃砖位置的关系如图所示，他的其他操作均正确，且均以aa′、bb′为界面画光路图。则丙同学测得的折射率与真实值相比__

______（填偏大、偏小或不变）。【答案】(1).光学面(2).e(3).偏小【解析】【详解】[1][2][3]光学实验用的长方体玻璃砖的光学面不能用手直接接触。连接dc、ec并延长至玻璃砖的光学面与白纸的交线，交点为出射点

，入射点与出射点的连线即为折射光线，入射角一定，对于两光学面平行的玻璃砖，入射光线和出射光线平行，ec连线与入射光线平行，误差较小，如图所示作出实际的光路图，如实线所示；作出作图时的光路图，如虚线所示可知，折射角的测量值将偏大，

入射角没有误差，根据sinsininr=可知，所得的折射率将偏小。四、计算题（共3小题）16.质量为100kg的“勇气”号火星车于2004年成功登陆在火星表面。若“勇气”号在离火星表面12m时与降落伞自动脱离，此时速度为10m/s。被气囊包裹的“勇气”号下落到

地面后又弹跳到18m高处，这样上下碰撞了若干次后，才静止在火星表面上。已知火星的半径为地球半径的0.5倍，质量为地球质量的0.1倍。若“勇气”号第一次碰撞火星地面时，气囊和地面的接触时间为0.5s。（地球表面的重力加速度g=10m/s2，不考虑火星表面空气阻力）求：（1）火星表面的重力加速度；（2

）“勇气”号和气囊第一次与火星碰撞时所受到的平均冲力。【答案】（1）24m/sg=火；（2）35.610NF=【解析】【详解】（1）在地球表面2MmGmgR=在火星表面2MmGmgR=火火火联立解得24m/sg=火（2）落到火

星表面的速度2101214m/svvgh=+=火反弹的速度22212m/svgh==火对气囊在0.5s内，设向上为正，由动量定理()()21Fmgtmvmv−=−火解得35.610NF=17.如图所示，长为L、质量为2m的木板静止在光滑的水平地面上，A、B是木板的两个端点，点C是中

点，AC段是光滑的，CB段是粗糙的，木板的A端放有一个质量为m的物块（可视为质点），现给木板施加一个水平向右，大小为F的恒力，当物块相对木板滑至C点时撤去这个力，最终物块恰好滑到木板的B端与木板一起运动，求：（1）物块滑到木板C点时木板的速度1v；（2）物块滑到木板B点时木板的速

度2v；（3）摩擦力对木块和木板做功的总功W及木块和木板间的动摩擦因数．【答案】（1）2FLm（2）232FLm（3）3Fmg【解析】【详解】（1）对木板使用动能定理有()211222LFmv=得到12FLvm=（2）撤去外

力后，由动量守恒()1222mvmmv=+得到2232FLvm=（3）摩擦力对木块做的功为21212Wmv=．对木板做的功为22221112222Wmvmv=−总功1216WWWFL=+=−2LmgW=得到3Fmg=

18.某校一学习小组为了研究路面状况与物体滑行距离之间的关系，做了模拟实验。他们用底部贴有轮胎材料的小物块A、B分别在冰面上做实验，A的质量是B的4倍。使B静止，A在距B为L处，以一定的速度滑向B，A撞到B后又共同滑行了一段距离，测得该

距离为825L。(1)A碰撞B前后的速度之比；(2)A与B碰撞过程中损失的机械能与碰前瞬间机械能之比；(3)要使A与B不发生碰撞，A、B间的距离至少是多大？【答案】(1)1254vv=；(2)120%EE=；(3)1.5L【解析】【详解

】(1)设B物块的质量为m，A物块碰撞B物块前后的速度分别为1v和2v，碰撞过程中动量守恒()1244mvmmv=+代入数据得1254vv=(2)设A、B两物块碰撞前后两物块组成的系统的机械能分别为1E和2E，机械能的损失为E，根据能的转化和守恒定律12EEE=−()2212114422Emv

mmv=−+所以120%EE=(3)设物块A的初速度为0v，轮胎与冰面的动摩擦因数为，A物块与B物块碰撞前，根据动能定理221011·4?4422mgLmvmv−=−碰后两物块共同滑动过程中根据动能定理221(4)0(4)2mmglmmv−+

=−+又1254vv=825lL=联立解得03vgL=设在冰面上A物块距离B物块为'L时，A物块与B物块不相撞，则20140?4?'2mvmgL−=解得'1.5LL=