【文档说明】四川省棠湖中学2019-2020学年高一下学期期末模拟考试物理试题【精准解析】.doc，共(16)页，775.500 KB，由小赞的店铺上传

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2020年春四川省棠湖中学高一期末模拟考试物理试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、

试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折叠、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。6.考试时间：150分钟；物理化学生物同堂分卷考试，物理100分，化学100分，生物100分第I卷选择题（48分

）一、单选题（每小题4分，共12个小题，共48分；其中1-9题为单选题，10-12题多选题，少选得2分，多选错选得0分。）1.关于曲线运动的下列说法中，正确的是（）A.做曲线运动的质点速度方向沿曲线在这一

点的切线方向B.当物体所受拉力的方向与它的速度方向不在同一直线时，物体一定做曲线运动C.匀速圆周运动不是变速运动D.如果运动员在太空中掷链球，放手后链球先做小半圈圆周运动，然后才做直线运动【答案】A【解析】【详解】A．做曲线运动的质点速度方向沿曲线在这一点的切线方向，故A正确；B．当物体

所受合力的方向与它的速度方向不在同一直线上时，物体一定做曲线运动，物体可能除拉力外还受其他力，则合外力可能定与速度在一条直线上，故B错误；C．匀速圆周运动速度方向时刻改变，是变速运动，故C错误；D．如果运动员在太空中掷链球，放手后链球不受力的作用，做匀速直线运动，故D错误。故选A。2.关于线速度

和角速度的下列说法中，错误．．的是（）A.线速度是指物体做圆周运动时通过的弧长与所用时间之比B.线速度没有平均值与瞬时值之分C.线速度的大小等于角速度大小与半径的乘积D.线速度是一个矢量【答案】B【解析】【详解】A．根据线速度定义可知，线速度是指物

体做圆周运动时通过的弧长与所用时间之比，故A正确，不符合题意；B．线速度是速度，有平均值与瞬时值之分，故B错误，符合题意；C．线速度的大小等于角速度大小与半径的乘积，故C正确，不符合题意；D．线速度有方向，是一个矢量，故D正确，不符合题意。故选B。3.

在修筑铁路弯道时，必须使内外轨有一定的高度差。下列说法正确的是（）A.只能使铁路弯道的内轨高于外轨B.不能根据弯道半径来选定高度差C.不能根据火车行驶速度来选定高度差D.火车按设计速度在弯道行驶时，理论上外轨对轮缘的弹力应该为零【答案】D【解析】【详解】AD．使内外轨有一定的高度差，是为了使火车重

力与支持力的合力提供向心力，不挤压铁路的内外轨，弹力为零，在经过弯道时外轨高于内轨，故A错误，D正确；BC．火车以规定的速率v0驶过弯道时，内、外轨均不会受到轮缘的挤压，此时火车靠重力和支持力的合力提供向心力，根据20

22tan()vhmgmgmRLh==−其中L为导轨间距，可知高度差与速度及半径有关，故BC错误。故选D。4.我国发射的“嫦娥一号”卫星经过多次加速、变轨后，最终成功进入环月工作轨道．如图所示，卫星既可以在离月球比较近的圆轨道a上运动，也可以在离月球比较远的圆轨道b上运动．下列说法正确的是

A.卫星在a上运行的线速度小于在b上运行的线速度B.卫星在a上运行的周期大于在b上运行的周期C.卫星在a上运行的角速度小于在b上运行的角速度D.卫星在a上运行时受到的万有引力大于在b上运行时的万有引力【答案】D【解析】【详解】A．由GMvr=，可知卫星在a上运行的线速度大于在b上运行的

线速度，选项A错误；B．由32rTGM=，可知卫星在a上运行的周期小于在b上运行的周期，选项B错误；C．由3GMr=，卫星在a上运行的角速度大于在b上运行的角速度，选项C错误；D．根据2MmFGr=

可知，卫星在a上运行时受到的万有引力大于在b上运行时的万有引力，选项D正确。故选D。5.地球上北纬60度和赤道上各有一点A和B，则下列说法中正确的是（）A.vA>vBB.vA<vBC.ABD.AB【答案】B【解析】【详解】A、B两点共轴，角速度相同，即AB

=由公式vr=可知，由于A的半径比B的小，则ABvv故B正确，ACD错误。故选B。6.如图所示，“L”形支架AOB水平放置，物体P位于支架的OB部分，接触面粗糙；一根轻弹簧一端固定在支架AO上，另一端与物体P相

连．物体P静止时，弹簧处于压缩状态．现将“L”形支架绕O点逆时针缓慢旋转一小角度，P与支架始终保持相对静止．在转动的过程中，OB对P的A.支持力增大B.摩擦力不变C.作用力增大D.作用力减小【答案】D【解析】【分析】对P受力分析，要考虑弹力是否变化

，及其静摩擦力的变化即可．【详解】物体随OB缓慢转过一个小角度，其受力分析如图所示．支持力cosNmg=，增大，支持力N减小，所以A错误；弹力sinFfmg=+，因弹力F不变，增大，f减小，所以B错误；OB对

P的作用力大小等于支持力N和摩擦力f的合力22=FNf+合，由于N减小，f减小．OB对P的作用力大小将减小，所以C错误，D正确．7.如图所示，A、B两个小球质量为1m、2m，分别连在弹簧两端，B端用平行于斜面的细线固定在倾角为37°的光滑固定斜面

上，若不计弹簧质量，在线被剪断瞬间，A、B两球的加速度大小分别为（）A.35g和35gB.0和35gC.12235mmgm+和0D.0和12235mmgm+【答案】D【解析】【详解】剪断前，小球A处于平衡状态，弹簧的弹力1sin37Fmg=剪断后瞬间，绳子拉力突然消失，而

弹簧的形变量没变，小球A仍处于平衡状态，加速度为0；而此时B小球，根据牛顿第二定律222sin37Fmgma+=整理得，B小球的加速度122235mmgam+=故D正确，ABC错误。故选D。8.如图所示，在光滑的桌面上有M、m两个物块，现用力F推物

块m，使M、m两物块在桌上一起向右加速，则M、m间的相互作用力为（）A.MFMm+B.mFMm+C.若M、m与桌面的摩擦因数均为，M、m仍向右加速，则M、m间的相互作用加变为MFMgMm++D.若M、m与桌面的摩擦因数均为，M、m仍向右加速，则M、m间的相互作

用力仍为MFMm+【答案】AD【解析】【详解】AB．将M、m做为一个整体，根据牛顿第二定律FMma=+()再单独对M进行分析，根据牛顿第二定律NMa=两式联立，可得两个物体间的相互作用力MFNMm=+故A正确，B错误；CD．仍将M、m做为

一个整体，根据牛顿第二定律()()FMmgMma−+=+再单独对M进行分析，根据牛顿第二定律NMgMa−=两式联立，可得两个物体间的相互作用MFNMm=+故C错误，D正确。故选AD。9.如图所示，某人由A点划船渡河，船头指向始终与河岸垂直，小船在静水中的速度恒定，则（）A.小船能到达对

岸的位置是正对岸的B点B.小船能到达对岸的位置是正对岸的B点的左侧C.水流加快，过河的时间将变短D.小船到达对岸的时间与水流速无关【答案】D【解析】【分析】根据运动和合成与分解，将小船的速度分解为垂直河岸的速度与沿河岸的速度。【详解】AB．小船参与了两个运动，一个是船开向对岸，一个沿河

顺水漂流，因此到达对岸时，一定到达B点的右则，AB错误；CD．小船到达对岸的时间是由垂直于河岸方向的速度决定的，由于船头指向正对岸，也就是小船在静水中的速度决定的，与水流的速度无关，C错误，D正确。故选D。10.汽车以大小相等速度通过凹凸不平的路面时，下列判断正确的是

A.汽车经过A，B两点时对路面压力值均等于车的重力B.汽车通过B点对路面压力值小于汽车的重力C.汽车经过A处于失重状态D.汽车通过A点时容易爆胎，所以汽车要低速通过凹处【答案】BD【解析】【详解】A．由于汽车做曲线运动，根据牛顿第二定律可知汽车经过A、B两点对路面的压力

不等于重力，故A错误.B．汽车经过B点时存在向下加速度，由牛顿第二定律可知支持力N小于汽车重力，再结合牛顿第三定律可知压力小于重力，所以B正确.C．汽车经过A点时有向上的加速度，所以出于超重状态，B点时有向下的

加速度，处于失重状态，故C错误D．因为处于超重状态下受到的压力比较大，所以在A处比较容易爆胎，故D正确11.一物体在外力的作用下从静止开始做直线运动，合外力方向不变，大小随时间的变化如图所示．设该物体在0t和02t时刻相对于出发点的位移分别是1x和2x，速度分别是1v和2v，合外力从开始至ot时刻

做的功是1W，从0t至02t时刻做的功是2W,则A.215xx=，213vv=B.1221,95xxvv==C.2121,58xxWW==D.2121,39vvWW==【答案】AC【解析】【详解】根据F-

t图像面积意义和动量定理有m1v=F0t0，m2v=F0t0+2F0t0，则213vv=；应用位移公式可知1x＝12v0t、2x＝122vv+0t＋12v0t，则215xx=，B错、A对；在第一个ot内对物体应用动能定理有1W＝212mv

、在第二个ot内对物体应用动能定理有2W＝222122mvmv−，则218WW=，D错、C对12.如图，表面光滑的固定斜面顶端安装一定滑轮，小物块A.B用轻绳连接并跨过滑轮（不计滑轮的质量和摩擦）.初始时刻,A、B处于同一高度并恰好处于静止状态.剪断轻绳后A下落、B沿斜面下滑，则从剪断轻

绳到物块着地，两物块A.落地时的速率相同B.重力的冲量相同C.重力势能的变化量相同D.重力做功的平均功率相同【答案】AD【解析】【详解】设斜面倾角为，刚开始AB处于静止状态，所以BAmgsinmg=，所以BAmm，A运动的时间为：2A

htg=，B运动的时间为：21sin2Bhgsint=解得12Bhtsing=；A.剪断轻绳后A自由下落，B沿斜面下滑，AB都只有重力做功，根据动能定理得：212mvmgh=，解得2vgh=，所以落地时的速率相同，故A正确；B.A物体重力的冲量2AAAAI

mgtmgh==B物体重力的冲量22sinABBBmImgtgh==所以重力的冲量不相同，故B错误；C.重力势能变化量△EP=mgh，由于A、B的质量不相等，所以重力势能变化不相同，故C错误；D.A重力做功的平均功率为：2AAmghPhg=B重力做功的平均功率为：2BBmghsinPhg

==2Amghhg所以重力做功的平均功率相等，故D正确．第II卷非选择题（52分）二、实验题（16分）13.在“研究自由落体运动”的实验中，如果打点计时器打出的纸带前面的几个点不清晰，只得到如图所示从A点至E点这一段点迹的纸带。在纸带上测出AB、BC、CD、DE之

间的距离分别是d1、d2、d3、d4。已知打点计时器打点的周期为T，重锤质量为m。由此可求得打B点时，重锤的速度vB=________，打点计时器在纸带上打B点到打D点的时间是________，重锤运动的加速度是________。【答案】(1).

122ddT+(2).2T(3).34122()()4ddddT+−+【解析】【详解】[1]匀变速直线运动的某段时间内，中间时刻速度等于平均速度，则122BddvT+=[2]打点计时器在纸带上打B点到打

D点的时间是2T。[3]根据逐差法求解加速度2312ddaT−=2422ddaT−=解得34122()()4ddddaT+−+=14.在探究加速度与力、质量的关系实验中，采用如图甲所示的实验装置，小车及车中砝码的质量用M表示，盘及盘中砝码的质量用m表示，小车的加速度可由小车

后拖动的纸带由打点计时器打上的点计算出。(1)当M与m的大小关系满足______时，才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘及盘中砝码受到的重力。(2)如图（a）为甲同学根据测量数据作出的a-F图线，说明实验存在的问题是______。

(3)乙、丙同学用同一装置做实验。画出了各自得到的a—F图线如图（b）所示，两个同学做实验时的哪一个物理量取值不同？______。(4)为了比较容易检查出加速度a与质量M的关系，应该做a与______的图像。【答案】(1).M>>m(2).未平衡摩擦力或平衡摩擦

力不足(3).小车质量(4).1M【解析】【分析】探究加速度与力、质量间的关系，用控制变量法和图象法求解，注意平衡摩擦力及盘与小车间的质量关系。【详解】(1)[1]因为绳子拉力小于盘及砝码的总重量，只有当M>>m时才近似相等；(2)[2]从图可知，加上一定

的拉力才产生加速度，一定是小车存在摩擦力，因此是未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足造成的；(3)[3]图象斜率的倒数等于物体的质量，两个图象斜不同，一定是两个小车质量不同；(4)[4]当两个物理量是线性关系时，较容易看清具体关系，因此画1aM−图象较好。

三、解答题（36分）15.如图所示，将质量0.2kgm=的小球用不可伸长的轻质细线悬挂起来，细线长0.8mL=。现将小球拉起，使细线水平且伸直，由静止释放小球。不计空气阻力，求：(1)小球运动到最低点时的

速度大小；(2)小球运动到最低点时，细线对球拉力的大小。【答案】(1)v=4m/s；(2)F=6N【解析】【详解】（1）小球运动至最低点过程，根据机械能守恒，则有212mgLmv=解得v=4m/s（2）小球在最低点，根据牛顿第二定律有2vFmgmL−=解得F=6N16.如图所示，光滑管道的AB

部分平直，BC部分为竖直半圆形，半径为R。现有一质量为m、半径为()rrR的小球以水平速度从管口A端射入管道，小球通过最高点C时，小球对管道下部的压力大小为34mg（g为重力加速度），则小球落回水平管道AB上距离B点多远处？【答案】R【解析】【详解】在最高点

C，由牛顿第二定律2NmvmgFR−=34NFmg=解得2gRv=小球从C点飞出后，做平抛运动2122Rgt=xvt=解得xR=故距离B点为R。17.多级火箭是由数级火箭组合而成的运载工具，每一级都有发动机与燃料，目的是为了提高火箭的连续飞行能力与最终

速度．现有一小型多级火箭，质量为M，第一级发动机的额定功率为P，先使火箭由静止竖直向上做加速度为a的匀加速直线运动．若空气阻力为f并保持不变，不考虑燃料燃烧引起的质量变化及高度不同引起的重力变化，达到额定功率后，发动机功率保持不变，直到火箭上升

达到最大速度时高度为H．试求：（1）第一级发动机能使火箭达到的最大速度．（2）第一级发动机做匀加速运动的时间．（3）第一级发动机以额定功率开始工作，直到最大速度时的运行时间．【答案】(1)mPvfMg=+(2)()1PtMafMga=++(3)()()()2222fMgHMPPt

PafMgMafMg+=+−+++【解析】【详解】（1）由题意知火箭达到最大速度时加速度为零，设发动机牵引力为F，则：F=f+Mg额定功率为P，所以最大速度有：mPPvFfMg==+（2）由题意知做匀加速运动，加速度a不变，功率为P，设匀加速运动的最大速度

为v1，时间为t1，此时牵引力为F1，则有：11PFv=……①()1FfMgMa−+=…..②11vat=…..③联立①②③解得：()1PtMafMga=++（3）设以额定功率开始工作，直到最大速度的时间为t，则根据动能定理有：()22211111()222mPtfMgHatMvMv−+−=

−由（1）可知：mPPvFfMg==+由(1)可知：()11=PMaMvatfg++=联立解得：()()()2222fMgHMPPtPafMgMafMg+=+−+++答：（1）第一级发动机能使火箭达到的最大速度mPvfMg=+（2）第

一级发动机做匀加速运动的时间()1PtMafMga=++（3）第一级发动机以额定功率开始工作，直到最大速度时的运行时间()()()2222fMgHMPPtPafMgMafMg+=+−+++.