【文档说明】河北省邯郸市大名县第一中学2020-2021学年高二上学期第八周周测物理试题含答案.doc，共(12)页，498.000 KB，由小赞的店铺上传

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一：选择题;(单选题6个、多选题2个。每个8分，多选题不选、错选不得分，少选的4分。共64分）1．关于磁场和磁感线的描述，正确的说法是（）A．磁感线从磁体的N极出发，终止于S极，磁场中任意两条磁感线有可能相交B．磁场的方向就是通电导体在磁场中某点受磁场作用力

的方向C．沿磁感线方向，磁场逐渐减弱，铁屑在磁场中的分布所形成的曲线就是实际存在的磁感线D．在磁场强的地方同一通电导体受的磁场力可能比在磁场弱的地方受的磁场力小2．如图所示，a、b、c、d、e五条实线为电场中的等势面，相邻两个等势面间的电势差相等，且等势面b的电势

为零．一个带电的粒子仅在静电力作用下从A点运动到B点，其在A点的动能为10J，到达B点时的动能为30J．在此过程中，粒子动能是27.5J时的电势能为A．-2.5JB．2.5JC．12.5JD．-12.5J3

．如图所示，平行板电容器AB极板上的OO接点与直流电源连接，下极板B接地，开关S闭合，一带电油滴位于电容器中的P点恰处于静止状态，则下列说法正确的是（）A．当开关S闭合，A极板上移一小段距离，P点电势将降低，电路中有逆时针方向的电流B．当开关

S断开，B极板下移一小段距离，带电油滴将沿竖直方向向上运动C．当开关S闭合，AB极板分别以OO为转轴在纸面内逆时针转动α角，液滴将向左做匀加速直线运动D．当开关S断开，B极板上移一小段距离，带电油滴的电势能保持不变4．如图所示，电源电动势为E、内阻为r，电阻R1、R2、R3为定值电阻，R4为光敏

电阻（有光照射时电阻变小），C为定值电容．当S闭合且电路稳定后，让光照射R4，则下列说法正确的是（）A．电容器电荷量增大B．电源的效率增大C．电压表示数增大D．R2上消耗的功率减小5．电动势为E、内阻为r的电源与定值电阻R1、R2及滑动变阻器R连接成物理周测一期姓名：学号

：总分：如图所示的电路，当滑动变阻器的触头由中点滑向a端时，下列说法错误的是A．定值电阻R1的电功率增大B．电压表和电流表读数都减小C．电压表的示数变化绝对值与电流表的示数变化绝对值之比等于R2D．R中电流变化的绝对值大于电流表读

数变化的绝对值6．用伏安法测电阻时，电流表外接电路和电流表内接电路的误差来源是（）A．外接电路由于电压表内阻的分流，使得电阻的测量值小于真实值B．外接电路由于电压表内阻的分流，使得电阻的测量值大于真实值C．内接电路由于电流表

内阻的分压，使得电阻的测量值小于真实值D．内接电路由于电流表内阻的分压，使得电阻的测量值小于真实值7．如图所示，曲线表示固定在x轴上a、b两点的两个点电荷产生的电势与位置之间的对应关系，两个点电荷所带电荷量分别为q1和q2，a、p间

距离大于p、b间距离．从图中可以判断以下说法正确的是A．两点电荷带异种电荷B．电势最低的p点的电场强度为零C．将一负的检验电荷从b处左侧附近移到p处，检验电荷的电势能增加D．p、b间的电场方向都指向b点8．如图所示是将滑动变阻器作分压器用的电路，A、

B为分压器的输出端，R是负载电阻，电源电压为U保持恒定，滑动片P位于变阻器的中央，下列判断的是()A．空载(不接R)时，输出电压为2UB．接上负载R时，输出电压为2UC．负载电阻R的阻值越大，输出电压越低D．接上负载R后，要使输出电压为2U，滑动片P须向上移动至某一位置二、实验题（共8个空

，每空2分。共16分）9．有一圆柱体的未知合金，为测定其电阻率，某同学做了如下操作（1）用螺旋测微器测其直径d，如图，读数是___________mm（2）再用游标卡尺测其长度l，如图，读数是___________c

m（3）若已知该合金的电阻为R，则该合金的电阻率的表达式ρ=__________(请用上述字母d、l、R表示)。10．新型圆柱形的导电材料，电阻阻值在8Ω~10Ω之间，为了测量该导电材料电阻率，实验室提供了以下实验器材：A．20分度的

游标卡尺B．螺旋测微器C．电流表A1（0~100mA，内阻约为10Ω）D．电流表A2（0~0.6A，内阻约为0.1Ω）E.电压表V1（0~3V，内阻约为3kΩ）F.电压表V2（0~15V，内阻约为15kΩ)G.直流

电源E(4V，内阻不计）H.滑动变阻器R（0~10Ω，2A）I.开关及导线若干（1）用游标卡尺测得该样品的长度L.其示数如图1所，其读数为_______mm；用螺旋测微器测得该样品的外径D，其示数如图2所示，其读数为

_______mm．（2）本次实验的电流表选用的是_______，电压表选用的是_______（填写所提供器材前的字母）．（3）测量新型圆柱形的导电材料电阻R.是采用图3的_______（选填“甲”“乙”“丙”或“丁”）电

路图．三：计算题（20分，每问10分）11．如图所示，有一提升重物用的直流电动机，内阻r=0.6Ω，R=10Ω，U=160V，电压表的读数为110V，求：(1)通过电动机的电流是多少？(2)若电动机以v=1m/s匀速竖直

向上提升重物，求该重物的质量？（g取10m/s2）物理周测一答案一、单选题1．关于磁场和磁感线的描述，正确的说法是（）A．磁感线从磁体的N极出发，终止于S极，磁场中任意两条磁感线有可能相交B．磁场的方向就是通电导体在磁场中某点受磁

场作用力的方向C．沿磁感线方向，磁场逐渐减弱，铁屑在磁场中的分布所形成的曲线就是实际存在的磁感线D．在磁场强的地方同一通电导体受的磁场力可能比在磁场弱的地方受的磁场力小【答案】D【解析】试题分析：磁感线在外部由N极指向S极；而在内部由S极指向N极；故A错误

；通电导体的受力方向与磁场方向相互垂直；故B错误；磁感线是人为虚拟的线，并不存在；故C错误；磁场力由磁感线强度、电流大小及二者之间的夹角共同决定，当夹角为零时，磁场力即可以为零；故同一条通电导线在磁场强度大的

地方所受安培力可能小于在磁场强度小的地方所受的安培力；故D正确；故选D。2．如图所示，a、b、c、d、e五条实线为电场中的等势面，相邻两个等势面间的电势差相等，且等势面b的电势为零．一个带电的粒子仅在静电力作用下从A点运动到B点，其在A点的动

能为10J，到达B点时的动能为30J．在此过程中，粒子动能是27.5J时的电势能为A．-2.5JB．2.5JC．12.5JD．-12.5J【答案】D由能量关系可知，粒子运动过程中只有电场力做功，则粒子的电势能与动能之和守恒，则粒子在b等势面

时总能量为15J，则此过程中，粒子动能是27.5J时的电势能为15J-27.5J=-12.5J，故选D.3．如图所示，平行板电容器AB极板上的OO接点与直流电源连接，下极板B接地，开关S闭合，一带电油滴位于电

容器中的P点恰处于静止状态，则下列说法正确的是（）A．当开关S闭合，A极板上移一小段距离，P点电势将降低，电路中有逆时针方向的电流B．当开关S断开，B极板下移一小段距离，带电油滴将沿竖直方向向上运动C．当开关S闭合

，AB极板分别以OO为转轴在纸面内逆时针转动α角，液滴将向左做匀加速直线运动D．当开关S断开，B极板上移一小段距离，带电油滴的电势能保持不变【答案】CA．当开关S闭合极板上移一小段距离，板间距离的增大，由UEd=可知，场强E减小，P点电势等于P点与下极板间的电势差，由于P点到下极板间距

离0d不变，由0PEd=可知，场强E减小时P点电势降低，由电容的决定式4SCkd=可得：C减小，开关S闭合，电容器两端的电压不变，由定义式QCU=可得：Q减小，电路中有顺时针方向的电流，A错误；B．当开关S断开，B极板下移一小段距离，板间距离d增大了，由场强

公式4UQkQEdCdS===可知板间场强不变，油滴所受的电场力不变，油滴仍处于静土状态，故B错误；C．当开关S闭合，将A、B极板分别以OO′为转轴在纸面内逆时针快速转动角，初状态根据平衡条件Uqmgd=转

动后板间电压不变，板间距离为d′，则有电场力为UFqd=根据几何关系cosdd=电场力的竖直分力仍与重力乎衡，电场力的水平分力即为油滴的合力，所以油滴将水平向左做匀加速直线运动，故C正确；D．当开关S断开，B极板上移一小段距离，由于板间场强不变，油滴所处P点到B极板的距离变小，故P点的电势降

低，而根据平衡条件可知油滴带负电，所以油滴电势能增加，故D错误；故选C。4．如图所示，电源电动势为E、内阻为r，电阻R1、R2、R3为定值电阻，R4为光敏电阻（有光照射时电阻变小），C为定值电容．当S闭合且电路稳定后，让光照射R4，则下列说法正确的是（）A．电容器电荷

量增大B．电源的效率增大C．电压表示数增大D．R2上消耗的功率减小【答案】A电容器的电压与R2两端的电压相等，因R4电阻变小，总电阻变小，总电流增大，外压变小，通过R1的电流减小，则通过R2的电流增大，所以电容器的电压增大，根据Q=CU可知，电容器电量一定增大，故A正确；电源的

效率21PEIIrIrPEIE−=−出总＝＝，电流增大，则电源效率减小，故B错误；因有光照射时，光敏电阻的阻值减小，故总电阻减小；由闭合电路的欧姆定律可知，干路电路中电流增大，由E=U+Ir可知路端电压减小，所以

电压表示数减小，故C错误；D、通过R2的电流增大，根据P=I2R可知，R2上消耗的功率增大，故D错误．故选A．5．电动势为E、内阻为r的电源与定值电阻R1、R2及滑动变阻器R连接成如图所示的电路，当滑动变阻器的触头由中点滑向a端时，下列说法错误的是A．

定值电阻R1的电功率增大B．电压表和电流表读数都减小C．电压表的示数变化绝对值与电流表的示数变化绝对值之比等于R2D．R中电流变化的绝对值大于电流表读数变化的绝对值【答案】CA、当滑片向a滑动时，R接入电阻减小，总电阻减小，由闭合电路的欧姆定律可知电路中总电流I增加，根

据P=I2R可知电阻R1电功率增大，故A正确；B、干路电流增加，内电压增加，由U=E-Ir可知路端电压减小，即电压表示数减小；因路端电压减小，R1两端的电压增加，故并联部分电压减小，由欧姆定律可知电流表示数减小；

故B正确，C、电压表的示数减小量等于R1两端电压的增加量与电阻R2两端电压的减小量，所以电压表的示数变化绝对值小于电阻R2两端电压的变化绝对值，由欧姆定律可知电阻R2两端电压的变化绝对值与电流表的示数变化绝对值之比等于R2，故C错误；D、滑动变阻器R与电阻R2并联，总电流增加，电阻R2的电流减小，

故滑动变阻器R的电流增加，且增加量等于干路电流的增加量与电阻R2的电流减小量之和，故R中电流变化的绝对值大于电流表读数变化的绝对值，故D正确；说法错误的故选C．6．用伏安法测电阻时，电流表外接电路和电流表内接电路的误差来源是（）A．外接电路由于电压表内阻的分流，使得电阻的测量值小于真实值B．外

接电路由于电压表内阻的分流，使得电阻的测量值大于真实值C．内接电路由于电流表内阻的分压，使得电阻的测量值小于真实值D．内接电路由于电流表内阻的分压，使得电阻的测量值大于真实值【答案】A电流表内接法测量未知电阻阻值

时，误差来源于电流表内阻的分压，电压表测量的电压大于待测电阻两端实际电压，测量值大于真实值；电流表外接法测量未知电阻阻值时，误差来源于电压表内阻的分流，电流表测量的电流大于待测电阻实际电流，测量值小于真实值，故A正确．故选A．二、多选题7．如图所示，曲线表示固定在x轴上a、b两点的

两个点电荷产生的电势与位置之间的对应关系，两个点电荷所带电荷量分别为q1和q2，a、p间距离大于p、b间距离．从图中可以判断以下说法正确的是A．两点电荷带异种电荷B．电势最低的p点的电场强度为零C．将一负的检验电荷从b处左侧附近移到p处，检验电荷的电势能增加D．p、b间的电场方向都指

向b点【答案】BC根据Ex=，知φ-x图象切线的斜率表示电场强度，可知p处场强为零，根据顺着电场线方向电势降低，知a、b两个电荷应均为正电荷，故A错误；由φ-x图象的斜率表示电场强度E，在电势最低点

p处场强一定为零，故B正确；将一负的检验电荷从b处左侧附近移到p处，电场力做负功，检验电荷的电势能增加，故C正确；由上分析可知，p、b间的电场方向都指向p点，故D错误．所以BC正确，AD错误．8．如图所示是将滑动变阻

器作分压器用的电路，A、B为分压器的输出端，R是负载电阻，电源电压为U保持恒定，滑动片P位于变阻器的中央，下列判断的是()A．空载(不接R)时，输出电压为2UB．接上负载R时，输出电压为2UC．负载电阻R的阻值越大，输出电压越低D．接上负载R后，要使输出电压为2U，滑动片P须向上移动

至某一位置【答案】ADA、空载(不接R)时，触头把滑动变阻器分成相等的两部分，由串联电路特点可知，输出电压为电源电压的一半，即U2，故A正确；B、接上负载R时，电路总电阻变小，干路电流变大，滑动变阻器上半部分电压变大，大于电源电压的一半，则A、B间的输出电压小于U

2，故B错误；C、负载电阻R的阻值越大，负载电阻与滑动变阻器下半部分电阻的并联阻值越大，输出电压越大，故C错误；D、接上负载R时，电路总电阻变小，干路电流变大，滑动变阻器上半部分电压变大，大于电源电压的一半，则A、B间的输出电压小于U2，要使输出

电压等于U2，滑片应向上移动，故D正确；故选AD．三、实验题9．有一圆柱体的未知合金，为测定其电阻率，某同学做了如下操作（1）用螺旋测微器测其直径d，如图，读数是___________mm（2）再用游标卡尺测其长度l，如图，读数是___________cm（3）若已知该合金的电阻为R，则该合

金的电阻率的表达式ρ=__________(请用上述字母d、l、R表示)。【答案】2.1501.24024dRl=（1）[1]．用螺旋测微器测其直径d=2mm+0.01mm×15.0=2.150mm（2）[2]．用游标卡尺测其长度l=1.2cm+

0.05mm×8=1.240cm（3）[3]．若已知该合金的电阻为R，则由214llRSd==解得合金的电阻率的表达式24dRl=。10．新型圆柱形的导电材料，电阻阻值在8Ω~10Ω之间，为了测量该导电材料电阻率，实验室提供了以下实验器材：A．20分度的游

标卡尺B．螺旋测微器C．电流表A1（0~100mA，内阻约为10Ω）D．电流表A2（0~0.6A，内阻约为0.1Ω）E.电压表V1（0~3V，内阻约为3kΩ）F.电压表V2（0~15V，内阻约为15kΩ)G.直流电源E(4V，内

阻不计）H.滑动变阻器R（0~10Ω，2A）I.开关及导线若干（1）用游标卡尺测得该样品的长度L.其示数如图1所，其读数为_______mm；用螺旋测微器测得该样品的外径D，其示数如图2所示，其读数为_______mm．（2）本次实验的电流表选用的是_______，

电压表选用的是_______（填写所提供器材前的字母）．（3）测量新型圆柱形的导电材料电阻R.是采用图3的_______（选填“甲”“乙”“丙”或“丁”）电路图．【答案】41.75（41.70~41.80均可）3.627（3.626~3.629均可）D

E甲（1）长度为41150.0541.75Lmmmmmm=+=；外径为3.512.70.013.627Dmmmmmm=+=．（2）电表使用中尽量使其读数接近量程，起码在三分之一以上，电源电动势为4V，电压表应选量程3V的，通过电流大约为0.3A左右，应选量程为0.6

的，故选DE；（3）因为电流表内阻和电阻相接近，故采用电流表外接法，由于滑动变阻器最大阻值有点小，为了使得滑动变阻器通过滑动使电路的电阻起到明显效果，应采用分压接法，故选甲图．四、解答题11．如图所示，有一

提升重物用的直流电动机，内阻r=0.6Ω，R=10Ω，U=160V，电压表的读数为110V，求：(1)通过电动机的电流是多少？(2)若电动机以v=1m/s匀速竖直向上提升重物，求该重物的质量？（g取10m/s2）【答案】(1)5A；(2)53.5kg(1)通过电动机的电流1160110

A=5A10UUIR−−==(2)由能量关系可知21IUIrmgv=+解得m=53.5kg