【文档说明】【精准解析】河北省唐山市玉田县第一中学2019-2020学年高二下学期第二次阶段性考试物理试题.doc，共(17)页，596.500 KB，由小赞的店铺上传

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物理试卷一、选择题（本题共18个小题，每小题3分，共54分。其中1—12题只有一个选项正确，13—18题有多个选项正确，全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1.从下列哪一组物理量可以算出氧气的摩尔质量A.氧气的密度和阿伏加德罗常数B.氧气分子的体积和

阿伏加德罗常数C.氧气分子的质量和阿伏加德罗常数D.氧气分子的体积和氧气分子的质量【答案】C【解析】【详解】A．已知氧气的密度和阿伏伽德罗常数，可以求出单位体积氧气的质量，但求不出氧气的摩尔质量，故A错误；B．已知氧气分子的体积可以求出单位体积的分子数，已知氧气的密度

可以求出单位体积的质量，知道单位体积的质量与分子个数，可以求出每个分子的质量，但求不出氧气的摩擦质量，故B错误；C．一摩尔氧气分子的质量是摩尔质量，一摩尔氧气含有阿伏伽德罗常数个分子，已知氧气分子的质量和阿伏伽德罗常数，可以求出氧气的摩尔质量，故C正确；

D．已知氧气分子的体积和氧气分子的质量，求不出氧气的摩尔质量，故D错误．2.如图所示，三个单摆的摆长为L1＝1.5m，L2＝1m，L3＝0.5m，现用一周期等于2s的驱动力，使它们做受迫振动，那么当它们的振动稳定时，下列判断中正确的（）A.三个摆的周期和振幅相等

B.三个摆的周期不等，振幅相等C.三个摆的周期相等，但振幅不等D.三个摆的周期和振幅都不相等【答案】C【解析】【详解】摆球振动的周期和驱动力的周期相同，根据单摆的周期公式：2LTg=可知摆长不同，摆球的固有频率

不同，根据振幅与驱动频率的关系图：可知固有频率越接近驱动频率，振幅越大，所以三个摆球振幅不同，ABD错误，C正确。故选C。3.如图所示，A、B是两个完全相同的球，分别浸没在水和水银的同一深度内，A、B两球用同一材料制作，当温度稍微升高时，球的体积会明显

变大，如果开始水和水银的温度相同，且两液体温度同时缓慢升高同一值，两球膨胀后，体积相等，则（）A.A球吸收的热量较多B.B球吸收的热量较多C.两球吸收的热量一样多D.无法确定【答案】B【解析】【详解】水和水银的初温相同（

两球的初温相同），当两液体温度同时缓缓地升高同一值，二者的末温相同，所以内能变化相同，根据热力学第一定律UQW=+，吸收的热量除了使内能增加相同的量外还要克服液体的压力做功，由于水银的密度比水的密度大，所以乙球吸收

的热量较多。故选B。【点睛】甲乙两球完全相同，即质量和比热容相同，当温度变化相同时，根据QcmΔt=可知，二者吸收的热量相同，而在水银中压强大，球要膨胀相同的体积，那么在水银中的球要克服的力就大，做功就

多，吸收的热量除了使内能增加相同的量外还要克服液体的压力做功，据此分析判断。4.一列简谐波在t＝0时刻的波形图如图(a)所示，图(b)表示该波传播的介质中某质点此后一段时间内的振动图象，则（）A.若波沿x轴正方向传播，(b)图应为a点的振动图象B.若波沿x轴正方向传

播，(b)图应为b点的振动图象C.若波沿x轴正方向传播，(b)图应为c点的振动图象D.若波沿x轴正方向传播，(b)图应为d点的振动图象【答案】B【解析】【详解】A．由图(a)看出，图示时刻质点a的位移为正向最大，而振动图像0t=时刻质点的位移为零，所以图(b)不可能是图

(a)中a的振动图像，A错误；B．若波沿x轴正方向传播，b质点的速度方向沿y轴正方向，此时刻b的位移为零，由图(b)看出0t=时刻质点经过位置沿y轴正方向振动，所以图(b)是图(a)中b质点的振动图像，B正确；C．图甲中质点c此时刻处于波谷，位移为负向最

大，此时刻b的位移为零，图(b)不可能c点的振动图像，C错误；D．若波沿x轴正方向传播，d质点的速度方向沿y轴负方向，由图(b)看出0t=时刻质点经过位置沿y轴正方向振动，D错误。故选B。5.如图所示是利用水波槽观察到的水波衍射图象，从图

象可知（）A.B侧波是衍射波B.A侧波速与B侧波速相等C.增大水波波源的频率，衍射现象将更明显D.增大挡板之间的距离，衍射现象将更明显【答案】B【解析】【详解】A．档板左边是衍射波的波源，故A错误；B．在同一种介质水中，机械波的波速相等，故B正确；C．波速不变，增大水波波源

的频率，水波的波长将在减小，而挡板间距没变，所以衍射现象将没有原来的明显，故C错误；D．在波长没改变的情况下，可以增大挡板间距，衍射现象将没有原来的明显，故D错误。故选B。6.下列描绘两种温度下黑体辐射强度与波长关系的图中，符合黑体辐射实验规律的是（）A.

B.C.D.【答案】A【解析】黑体辐射以电磁辐射的形式向外辐射能量，温度越高，辐射越强越大，故B、D错误．黑体辐射的波长分布情况也随温度而变，如温度较低时，主要以不可见的红外光进行辐射，在500℃以至更高的温度时

，则顺次发射可见光以至紫外辐射．即温度越高，辐射的电磁波的波长越短，故C错误，A正确．故选A．点睛：要理解黑体辐射的规律：温度越高，辐射越强越大，温度越高，辐射的电磁波的波长越短．7.科学研究证明，光子有能量也有动量，当光子与电子碰撞时，光子的一些能量转移给了电子。

假设光子与电子碰撞前的波长为λ，碰撞后的波长为λ′，则碰撞过程中（）A.能量守恒，动量守恒，且λ=λ′B.能量不守恒，动量不守恒，且λ=λ′C.能量守恒，动量守恒，且λλ′D.能量守恒，动量守恒，且λλ′【答案】C【解析】【详解】光子与电子的碰撞过程中，系统不受外

力，也没有能量损失，故系统动量守恒，系统能量也守恒。光子与电子碰撞后，电子能量增加，故光子能量减小，根据E=hv，光子的频率减小，根据=c知波长变长，即λ<λ′。A.能量守恒，动量守恒，且λ=λ′。与上述

结论不符，故A错误；B.能量不守恒，动量不守恒，且λ=λ′。与上述结论不符，故B错误；C.能量守恒，动量守恒，且λλ′。与上述结论相符，故C正确；D.能量守恒，动量守恒，且λλ′。与上述结论不符，故D错误

。故选：C.8.处于n=3能级的大量氢原子，向低能级跃迁时，辐射光的频率有A.1种B.2种C.3种D.4种【答案】C【解析】试题分析：因为是大量处于n=3能级的氢原子，所以根据2Cn可得辐射光的频率可能有3种，故C正确．【考点定位】考查了氢原

子跃迁【方法技巧】解决本题的关键知道能级间跃迁辐射或吸收光子的能量等于两能级间的能级差，知道数学组合公式2Cn的应用，另外需要注意题中给的是“大量”氢原子还是一个氢原子．9.根据粒子散射实验，卢瑟福提出了原子的核式结构模型。如图所示为原子核式结构模型的粒子散射图景图中实线表示粒子的运动轨迹

。则关于粒子散射实验，下列说法正确的是（）A.图中大角度偏转的粒子的电势能先减小后增大B.图中的粒子反弹是因为粒子与金原子核发生了碰撞C.绝大多数粒子沿原方向继续前进说明了带正电的原子核占据原子的空间很小D.根据粒子散射实验可以估算原子大小【答案】C【解析】【详解

】A．图中大角度偏转的粒子的电场力先做负功，后做正功，则其电势能先增大后减小，故A错误；B．图中的粒子反弹是因为粒子与金原子核之间的库仑斥力作用，并没有发生碰撞，故B错误；C．从绝大多数粒子几乎不发生

偏转，可以推测使粒子受到排斥力的核体积极小，所以带正电的物质只占整个原子的很小空间，故C正确；D．依据粒子散射实验可以估算原子核的大小，故D错误；故选C。10.放射性同位素钍232经多次α、β衰变，其衰变方程

为23290Th→22086Rn+xα+yβ，其中（）A.x=1,y=3B.x=2,y=3C.x=3,y＝1D.x=3,y=2【答案】D【解析】【详解】由质量数和电荷数守恒可得:4220232{28690xxy+=−+=解得:x=3,y=2.11.下面图中描述一定质

量的气体做等容变化的过程的图线是（）A.B.C.D.【答案】CD【解析】【详解】ABC．根据气态方程pVCT=，可知气体做等容变化时V一定，则pkT=一定，根据数学知识pT−图像应是过原点的倾斜直线，故AB错误，C正确；D．气体做等容变化时，根据查理定律得pkT=，而27

3KTt=+，则得(273)pkt=+由数学知识可知pt−图像应是过273C−的倾斜直线，故D正确。故选CD。12.容积V=20L的钢瓶充满氧气后，压强为p=30atm，打开钢瓶阀门，把氧气分装到容积为V'=5L的小瓶子中去。若小瓶子已抽成真空，分装到小瓶中的氧气压强p'=2a

tm。若在分装过程中无漏气现象，且温度保持不变，那么最多可能装的瓶数是（）A.4瓶B.50瓶C.54瓶D.56瓶【答案】D【解析】【详解】气体的初态p1=30atmV1=20L末态p2=2atmV2=（V1+nV′）（n为瓶数）由p1V1=p2V2解得n=

56故ABC错误，D正确。13.下列现象中,能说明液体存在表面张力的有_________.A.水黾可以停在水面上B.叶面上的露珠呈球形C.滴入水中的红墨水很快散开D.悬浮在水中的花粉做无规则运动【答案】AB【解析】【详解】A．因为液体表面张力的存在

，有些小昆虫才能无拘无束地在水面上行走自如，故A正确；B．草叶上的露珠存在表面张力，它表面的水分子表现为引力，从而使它收缩成一个球形，与表面张力有关，故B正确；C．滴入水中的红墨水很快散开是扩散现象，是液体分子无规则热运动的反映，故C错误；D

．悬浮在水中的花粉做无规则运动是布朗运动，是液体分子无规则热运动的反映，故D错误；故选AB。14.一定质量的理想气体，在温度不变的条件下，将其压强变为原来的2倍，则（）A.气体分子的平均动能增大B.气体的密度变为原来的

2倍C.气体的体积变为原来的一半D.气体的分子总数变为原来的2倍【答案】BC【解析】【详解】由于气体的温度不变，有理想气体状态方程可得压强变为原来的2倍，气体的体积变为原来的12A.温度为气体平均动能的标志，温度不变，则分子平均动能不变，故A错误；B.气体的体积变为原来的12，质量没变，气体的密

度变为原来的2倍，故B正确；C.气体的体积变为原来的12，故C正确；D.气体质量不变，分子总数不变，故D错误；故选：BC。15.如图所示，一弹簧振子在BC、间做简谐运动，平衡位置为O，振幅为A，已知振子的质量为M。若振子运动到C处时，将一质量为m的物体放到M的上面，m

和M—起运动且无相对滑动，下列叙述正确的是（）A.振幅不变B.振幅减小C.最大动能不变D.最大动能减小【答案】AC【解析】【详解】由题意可得，地面光滑，在物体M上放m后，不改变原来系统的能量，所以不改变最大的弹性

势能，由于弹性势能与振子的质量无关，所以振幅不变；在弹性势能为0时，物体有最大速度，由于总能量不变，所以最大动能不变，由于质量变大，则最大速度减小。故选AC。16.如图所示，实线和虚线分别表示振幅、频率均相同的两列波的波峰和波谷。此时，M是波峰与波峰相遇点。下列说法中正确的是（）A

.该时刻质点O正处在平衡位置B.P、N两质点始终处在平衡位置C.随着时间的推移，质点M向O点处移动D.从该时刻起，经过四分之一周期，质点M到达平衡位置【答案】BD【解析】【详解】A．由图知O点是波谷和波谷叠加，是振动加强点，A错误；B．P、N两点是波谷和波峰叠加，位移始终为零，即处于平衡位置，B正

确；C．振动的质点只是在各自的平衡位置附近振动，不会“随波逐流”，C错误；D．从该时刻起，经过四分之一周期，质点M到达平衡位置，D正确。故选BD。17.在光电效应实验中，用频率为ν的光照射光电管阴极，发生了光电效应，下列说法正确的是A.增

大入射光强度，光电流增大B.减小入射光的强度，光电效应现象消失C.改用频率小于ν的光照射，一定不发生光电效应D.改用频率大于ν的光照射，光电子的最大初动能变大【答案】AD【解析】【分析】光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限

频率，与入射光的强度无关，根据光电效应方程判断影响光电子最大初动能的因素．【详解】A．增大入射光强度，单位时间内照射到单位面积上的光子数增加，光电流增大，A正确；B．光电效应现象是否消失与光的频率有关，而

与照射强度无关，B错误；C．用频率为ν的光照射光电管阴极，发生光电效应，用频率较小的光照射时，若光的频率仍大于极限频率，则仍会发生光电效应，C错误；D．根据212hWmv−=可知，增加照射光频率，光电子的最大初动能也增大，D正确．18.一束光线由空气射向折射率为2的某种介质，下列说法

正确的是（）A.当入射角大于45时，一定发生全反射B.无论入射角是多大，都不能发生全反射C.无论入射角是多大，折射角都不会超过45D.欲使折射角等于30，入射角应为45【答案】BCD【解析】【详解】AB．因为光从空气射入玻璃，所以不会发生全反射，故A错误，B正确；C．

当入射角最大时，根据折射定律sinsininr=知，折射角也最大，而最大的入射角为90，则由sinsininr=得45r=所以最大的折射角为45，故C正确；D．当折射角r=30时，由折射定律s

in=2sininr=得，入射角45i=故D正确。故选BCD。二、实验题（本题共两个小题，共14分，每空2分）19.用单摆测定重力加速度的实验如图所示．①组装单摆时，应在下列器材中选用（选填选项前的字母）___________．A.长度为1m左右的细线B.长度为30cm左

右的细线C.直径为1.8cm的塑料球D.直径为1.8cm的铁球②测出悬点O到小球球心的距离（摆长）L及单摆完成n次全振动所用的时间t．则重力加速度g=_______（用L，n，t表示）③下表是某同学记录的3组实验数据，并做了部分计算处理．组次123摆长L/cm80.0090.00100.0050

次全振动时间t/s90.095.5100.5振动周期T/s1.801.91重力加速度g/（m·s-2）9.749.73请计算出第3组实验中的T=___________s，g=__________m/s2④用多组实验数据做出T2-L图像，也可以求出重力加速度g

，已知三位同学做出的T2-L图线的示意图如图中的a，b，c所示，其中a和b平行，b和c都过原点，图线b对应的g值最接近当地重力加速度的值．则相对于图线b，下列分析正确的是（选填选项前的字母）（）A.出现图线a的原因可能是误将悬点到小球下端的距离记为摆长LB.出现图

线c的原因可能是误将49次全振动记为50次C.图线c对应的g值小于图线b对应的g值【答案】(1).AD(2).2224nLgt=(3).2.01(4).9.76(5).B【解析】【详解】①为了减小测量误差，摆线选择1m左右的细线，为了减小空气阻力的影响，应选择题密度大体积小的物体，故

选AD②根据单摆完成n次全振动所用的时间t可得单摆运动周期为tTn=，故根据公式2LTg=可得2224nLgt=③50次全振动的时间为100.5s，则周期为100.52.0150Ts==，摆长为100.001Lcmm==，根据公式2224nLgt=可得29.76/g

ms=④图像a与b平行，而a的纵截距不为零，若误将悬点到小球下端的距离记为摆长L，则()2222444LrLrTggg−=−＝，纵截距应在纵坐标负轴上，故A错误；从图像上可得c图线的斜率小于b图线的，若误将49次全振动记为50次，则

tTn=，偏小，根据公式2LTg=可得224πLgT=，则重力加速度偏大，图线c对应的g值大于图线b对应的g值，根据公式2LTg=可得224TLg=，即2TL−的斜率24kg=，故斜率偏小，故B正确，C错

误．20.如图所示，是利用插针法测定玻璃砖的折射率的实验得到的光路图，玻璃砖的入射面AB和出射面CD并不平行，则：（1）出射光线与入射光线________（填“平行”或“不平行”）；（2）以入射点O为圆心，以R

=5cm长度为半径画圆，与入射光线PO交于M点，与折射光线OQ交于F点，过M、F点分别向法线作垂线，量得MN=1.68cm，FE=1.12cm，则该玻璃砖的折射率n=________．【答案】(1).不平行(2).15【解析】【详解】（1）因为上下表面不

平行，光线在上表面的折射角与在下表面的入射角不等，则出射光线的折射角与入射光线的入射角不等，可知出射光线和入射光线不平行．（2）根据折射定律得，sin1.681.5sin1.12MONMNnEOFEF====三、计算题（本题共三个小题，共32分，其中21题10分，22题10

分，23题12分）21.静止的氮核147N被速度为0v的中子10n击中生成碳核子126C和另一种原子核甲，已知126C与甲核的速度方向与碰撞前中子的速度方向致，碰撞过程系统动量守恒，碰后碳核126C与甲核的动量之比为1：1(1)写出核反应方程式；

(2)求126C与甲核的速度各是多大。【答案】(1)1411237061N+nC+H→；(2)024Cvv=；06vv=甲【解析】【详解】(1)根据质量数与核电荷数守恒可知，甲核的核电荷数是1，质量数是3，甲核是氚核，则核反应方程式为1411

237061N+nC+H→(2)设中子质量为m0，126C核质量mC，甲核质量为m甲，由动量守恒得00CCmvmvmv=甲甲+即0000123Cmvmvmv=甲+又因为126C与甲核动量比为1：1，所以0=Cmvmv甲甲即00=123Cmv

mv甲联立以上两个方程，得024Cvv=，06vv=甲22.一列横波沿AB方向传播，波的频率是5Hz，振幅为2cm，A、B两点间距离为6m，振动方向总相反，在某时刻两质点同处于平衡位置，它们之间还有一个波峰。试求波从A点传到B点的时间内，A处质点通过的路程。【答案】12cm或者4cm【解析】

【详解】根据A、B两点间距离为6m，振动方向总是相反，在某时刻两质点处于平衡位置，它们之间还有一个波峰，则①可能存在36m2=解得4m=所以波速45m20m/svf===波的周期11s0.2s5Tf===从A传到B的时间610.3s1202xtTv====所以A处质

点通过的路程131442cm12cm22sA===②还能存在6m2=解得12m=所以波速125m60m/svf===从A传到B的时间610.1s602xtTv====所以A处质点通过的路程114

42cm4cm22sA===23.扣在水平桌面上的热杯盖有时会发生被顶起的现象；如图，截面积为S的热杯盖扣在水平桌面上，开始时内部封闭气体的温度为300K，压强为大气压强P0．当封闭气体温度上升至3

03K时，杯盖恰好被整体顶起，放出少许气体后又落回桌面，其内部压强立即减为P0，温度仍为303K．再经过一段时间，内部气体温度恢复到300K．整个过程中封闭气体均可视为理想气体．求：（ⅰ）当温度上升到303K且尚未放气时，封闭气体的压强；（ⅱ）

当温度恢复到300K时，竖直向上提起杯盖所需的最小力．【答案】（ⅰ）1.01P0；（ⅱ）0.02P0S【解析】【详解】（ⅰ）气体进行等容变化，开始时，压强P0，温度T0=300K；当温度上升到303K且尚未放气时，压强为P1，温度T1=303K；根据0101PPTT=可

得：1100003031.01300TPPPPT===（ⅱ）当内部气体温度恢复到300K时，由等容变化方程可得：0210PPTT=，解得:0020013003031.01TPPPPT===当杯盖恰被顶起时有：1

0PSmgPS=+若将杯盖提起时所需的最小力满足：min20FPSPSmg+=+，解得：min002010.0210100FPSPS=