【文档说明】山东省临沂市平邑县第一中学2021-2022学年高一9月实验部双周测试物理试题答案.pdf，共(6)页，305.180 KB，由小赞的店铺上传

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平邑一中61级高一实验班双周考检测物理试题答案第1页共6页平邑一中61级高一实验班双周考检测物理试题答案2021-09-28一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合题目要求。1.【答案】D【解析】研究物体运动时，只有选定了参考系，才能确定物体的运

动形式．选取不同的参考系，描述同一物体的运动时，其结果往往不同．2.【答案】A【解析】研究汽车在导航图中的位置时，汽车的大小和形状可忽略不计，则可以把汽车看作质点，选项A正确；12分钟表示的是时间，选项B错误；6.6公里表示了此次行程的

路程的大小，选项C错误；平均速率等于路程和时间的比值，则根据这两个数据，我们可以算出此次行程的平均速率的大小，选项D错误；故选A.3.【答案】D【详解】加速度减小说明速度变化率减小，速度增加得慢了一些，但速度还是会继续增加，位置变化增快，位移继续增大。

D正确4.【答案】C【解析】由x-t图像的斜率表示速度知t1时刻vB>vA，A项错误；t2时刻x-t图像的斜率kA>0，kB<0，表示A、B运动方向相反，B项错误；平均速率＝路程时间，可知vA<vB，

C项正确；平均速度＝位移时间，t1～t2这段时间A、B的位移相同，时间相等，故D项错误。5.【答案】C【详解】AD、分析质点运动过程可知，质点在10t时间内能两次到达的位置有两个，分别对应质点运动速度为零的两个位置，因此A、D错误；BC、如图，画出质点运动的过程图：在质点沿负方向加速运动的过程中

，质点可三次通过某一位置，这时质点两次加速，一次减速；在质点沿负方向减速运动的过程中，质点可三次通过某一位置，这时质点两次减速，一次加速，故C正确，D错误．6.【答案】D平邑一中61级高一实验班双周考检测物理试题答案第2页共6页【详解】由a—t图象知

，0～0.5T时间内的加速度与T～2T时间内的加速度大小相等，方向相反，而对应时间内的v-t图象的斜率的绝对值相等，正负不同，可得D正确，ABC错误7．【答案】D【解析】飞机起飞的速度图像为图像的面积表示位移，所以有2vtx解得2xvt故选

D。8.【答案】B【解析】根据匀变速直线运动的速度位移关系v2－v20＝2ax，变形为v2＝2ax＋v20，可得v2－x的函数关系为一次函数，则质点做的是匀加速直线运动，故A错误；由v2－x图像取两组数

据点(－1,0)和(8,36)代入表达式有0＝2a·(－1)＋v20，36＝2a·8＋v20，解得a＝2m/s2，v0＝2m/s，故B正确，C错误；从A点运动到B点的位移为8m，根据匀加速直线运动的位移时间公式可知8＝2t1＋12×2t21，解得t2＝2s，D错误．

二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题有多个选项符合题目要求。全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9.【答案】ABC【解析】根据图像可知，0～1s内b的位移大于a的位移，时间相等，则b的平均速度大于a的平均

速度，故A正确；0～3s内a车的路程为3m，b车的路程为s＝s₁＋s₂＝4m＋1m＝5m，故B正确；0～3s内两车的位移均为－3m，平均速度大小均为1m/s，故C正确；a车做匀速直线运动，加速度为零，b车运动的加速度大小恒定且不等于零，故D错误．10.【答案】AD【解析】

【解答】A．由图可知，t1时刻到t2时刻这段时间，甲车的位移始终大于乙车的位移，因为两车在t1时刻并排行驶，所以t1时刻到t2时刻这段时间，甲车一直在乙车之前，A符合题意；B．t2时刻甲乙两车速度相等，但是甲车在

乙车前面，B不符合题意；CD．图线斜率的物理意义为加速度，可知在t1时刻到t2时刻这段时间，甲车的加速度先减小后增大，乙车的加速度大小先减小后增大C不符合题意，D符合题意。平邑一中61级高一实验班双周考检测

物理试题答案第3页共6页故答案为：AD。11.【答案】ABC【解析】解本题的关键是频闪照相机记录下的连续相等时间的位移关系，找到满足Δx＝aT2及v＝v0＋v2＝vt/2的条件．由于不能确定质点运动的初始位置，因而不能求

质点运动的初速度．设质点的加速度为a，则s3－s1＝2aT2，代入数据解得a＝3m/s2，又s2－s1＝aT2，s2＝s1＋aT2＝2m＋3×12m＝5m．即从第2次闪光到第3次闪光这段时间内质点的位移为5m，有v2＝s1＋s22T＝2＋52×

1m/s＝3.5m/s，又v2＝v1＋at，故v1＝v2－at＝3.5m/s－3×1m/s＝0.5m/s.选项A、B、C正确，D错误．12.【答案】BD【解析】A．分析图乙可知，接受到反射回来的时间增大，则超声波到达被测物体的距离增大，则物体到小盒子的距离越来越远，故A错误；B．由图可知

，超声波的速度为：1212xxvttt故B正确；C．由图可知物体通过的位移为x2-x1，所用的时间为t2-t1，不是△t，故C错误；D．由图可知物体通过的位移为x2-x1，所用的时间为t2-t1，物体在t1～t

2时间内的平均速度为：2121xxtvt故D正确。故选BD。三、非选择题：本题共6小题，共60分13．【答案】(1)见解析图(2)0.502.0【解析】(1)横坐标每格代表0.05s，纵坐标每格代表0.1m/s，描点连线如图．(2)计数点O对应的速度由图象的

读数可知为0.50m/s，求解速度时间图象的斜率即为加速度：a＝ΔvΔt＝2.0m/s2.14.（8分）14.【答案】后左0.24偏大【解析】平邑一中61级高一实验班双周考检测物理试题答案第4页共6页(1)]实验时要在接通打点计时器之后释放物体(2)由于物体做加

速运动，速度逐渐变大，相邻两点间的距离变大，由图乙中点的分布可知实验时纸带左端和物体1相连接；(3)C点对应的瞬时速度420.0640.016m/s0.24m/s220.1cssvT（4）交变电流的周期T略大，使得打点时间间隔变长，最

后测量的Δv偏大，而计算时认为周期T正常，因此测量加速度的值偏大15.（9分）（1）0004xvt；（2）0204xat；（3）0278xx【详解】（1）由图像得，质点的初速度等于0t处切线的斜率0004xvt..............

......（2分）（2）前02t内20000()12(2)2xvtat....................（2分）得0204xat....................（1分）（3）前05t内210000135(5)(5)28xvtatx

....................（2分）故01-(-)xxx....................（1分）得0278xx....................（1分）16.（9分）【答案】

(1)25m/s；(2)能，10m解：沿战斗机着舰减速运动方向建立一维坐标系(1)战斗机着舰减速过程，根据运动学公式平邑一中61级高一实验班双周考检测物理试题答案第5页共6页2101155m/s10m/s3s25m/svvat（）..............

..（2分）(2)战斗机着舰减速过程，根据运动学公式2101111t120m2xvta................（2分）假设战斗机能“逃逸复飞”成功，根据运动学公式2221222vvax..............

..（2分）可得战斗机复飞过程的最小位移2150mx，由于12270m280mxxL................（2分）因此，本次“逃逸复飞”训练能成功，离跑道终端的距离1210mxLx

x................（1分）17．（14分）（1）at02012at（2）5∶7【详解】(1)设小白兔在第一个t0末的速度为v，第一个t0内跑过的位移为x1，在第二个t0内跑过的位移为x2，由运动学公式得到第一个t0末小

白兔的速度大小为:v＝at0................（2分）第一个t0内小白兔的位移大小为：21012xat＝；................（2分）(2)小白兔在第二个t0内的位移大小为：2220001222xvtatat＝+＝................（

2分）设小灰兔在第一个t0末的速度为v′，在第一、二个t0内跑过的位移分别为x′1、x′2同理有：02vat＝................（1分）210122xat＝................（1分）

2220001522xvtatat＝+＝................（2分）设两只兔子跑过的位移分别为x、x′，则有：212052xxxat＝+＝............（1分）平邑一中61级高一实验

班双周考检测物理试题答案第6页共6页212072xxxat＝+＝................（1分）解得两只兔子各自跑过的总位移之比为：xx＝57.............（2分）(1)小

白兔在第一个t0末的速度大小at0，第一个t0内的位移大小2012at；(2)在2t0时间内小白兔与小灰兔跑过的总位移之比57．18.（14分）【答案】(1)33.6m(2)5.4s(3)1.62s解：设该车初速度方向为正方向，vt＝28.

8km/h＝8m/s，v0＝72km/h＝20m/s，a1＝－5m/s2.(1)该车进入站口前做匀减速直线运动，设距离收费站x1处开始制动，则：由vt2－v02＝2a1x1解得：x1＝33.6m.................（3分）(2)该车通过收费站经

历匀减速和匀加速两个阶段，前后两段位移分别为x1和x2，时间为t1和t2，则减速阶段：vt＝v0＋a1t1，得t1＝01tvva＝2.4s................（3分）加速阶段：t2＝02tvva＝3s则加速和减速的总时间：t＝t1＋t2＝5.4s.................（

3分）(3)在加速阶段：x2＝02tvvt2＝42m则总位移：x＝x1＋x2＝75.6m................（3分）若不减速所需要时间：t′＝0xv＝3.78s车因减速和加速过站而耽误的时间：Δt＝t－t′＝1.62s...

..............（2分）